2020屆北京市西城區(qū)高考物理一模試卷(含答案詳解)

2020屆北京市西城區(qū)高考物理一模試卷一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）1. 如圖所示，對(duì)于圖片中所描述的物理過程，下列分析中正確的是(????)A.圖甲，厚玻璃筒內(nèi)的空氣被壓縮，空氣的內(nèi)能減少B.圖乙：瓶子內(nèi)的空氣推動(dòng)塞子跳起時(shí)，空氣的內(nèi)能增大C.圖丙：試管內(nèi)的水蒸氣推動(dòng)了塞子沖出時(shí)，水蒸氣的內(nèi)能減少D.圖?。浩變?nèi)的氣體推動(dòng)活塞向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，氣體的內(nèi)能增大2. 在信息技術(shù)迅猛發(fā)展的今天，光盤是存儲(chǔ)信息的一種重要媒介．光盤上的信息通常是通過激光束來讀取的．若激光束不是垂直投射到盤面上，則光線在通過透明介質(zhì)層時(shí)會(huì)發(fā)生偏折而改變行進(jìn)方向，如圖所示．下列相關(guān)說法正確的是(????)A.圖中①光是紅光，②光是藍(lán)光B.在光盤的透明介質(zhì)層中，①光比②光傳播更快C.若①光、②光先后通過同一雙縫干涉裝置，前者得到的條紋比后者的寬D.若①光、②光先后通過同一單縫衍射裝置，前者得到的中央亮紋比后者的中央亮紋窄3. 放射性物質(zhì)碘131的衰變方程為?51131I→?54131Xe+Y，若?51131I的質(zhì)量為m1，?54131A.Y粒子具有很強(qiáng)的電離本領(lǐng)B.Y粒子具有很強(qiáng)的穿透本領(lǐng)C.核反應(yīng)中釋放出的核能為(D.核反應(yīng)中釋放出的核能為(4. 下列說法正確的是(????)A.當(dāng)機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，保持不變的物理量是波長B.傳播一列簡諧波的同一種介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)具有相同的周期和振幅C.由波在均勻介質(zhì)中的傳播速度公式v=λf可知，頻率越高，波速越大D.在波的傳播方向上，相距半波長的整數(shù)倍的兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況完全相同5. 圖1為某型號(hào)電熱毯的電路圖，將電熱絲接在μ=156sin120πt(V)的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，由于P的作用使輸入的正弦交流電僅有半個(gè)周期能夠通過，即電壓變?yōu)閳D2示波形，從而進(jìn)入保溫狀態(tài)，則此時(shí)交流電壓表的讀數(shù)是(????)A.156V B.110V C.78V D.55V6. 2019年4月10日，人類史上首張黑洞照片發(fā)布，黑洞最初是一個(gè)衰老的巨大恒星，隨著恒星中心的“燃料”不斷消耗，恒星內(nèi)核開始塌縮。最終，所有物質(zhì)縮成一個(gè)體積接近無限小的奇點(diǎn)。奇點(diǎn)會(huì)形成強(qiáng)大引力場，就連光也會(huì)被吸進(jìn)去，至此黑洞誕生。拍攝黑洞用的是事件視界望遠(yuǎn)鏡，該望遠(yuǎn)鏡收集到的是一種波長比光波更長的亞毫米波。發(fā)布的圖片中心黑暗區(qū)域正中為黑洞，周圍環(huán)繞一個(gè)新月狀光環(huán)，一側(cè)亮一些，另一側(cè)暗一些，是因?yàn)楣猸h(huán)旋轉(zhuǎn)，導(dǎo)致接收者接收到相位和頻率變化造成的。根據(jù)以上信息和已學(xué)知識(shí)分析下列說法正確的是(????)A.恒星發(fā)光發(fā)熱是恒星內(nèi)部的核裂變?cè)斐傻腂.環(huán)狀新月型光環(huán)上下兩側(cè)不對(duì)稱是多普勒效應(yīng)造成的C.黑洞的第一宇宙速度是光速D.事件視界望遠(yuǎn)鏡收集的亞毫米波比可見光的頻率大7. 質(zhì)量為m的小球從桌面拋出(不計(jì)空氣阻力)，桌面離地高度為h，小球拋出時(shí)速度為v.，則小球落地時(shí)所具有的機(jī)械能為(????)(取地面為零勢(shì)能面)A.mv022 B.mv08. 如圖所示，從水平地面上的A點(diǎn)，以速度v1在豎直平面內(nèi)拋出一小球，v1與地面成θ角．小球恰好以v2的速度水平打在墻上的B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則下面說法中正確的是(????)A.在A點(diǎn)，僅改變?chǔ)冉堑拇笮?，小球仍可能水平打在墻上的B點(diǎn)B.在A點(diǎn)，以大小等于v2的速度朝墻拋向小球，它也可能水平打在墻上的BC.在B點(diǎn)水平向左拋出小球，讓它落回地面上A點(diǎn)，則拋出速度大小一定等于vD.在B點(diǎn)以大小為v1的速度水平向左拋出小球，則它可能落在地面上的A9. 連接在電池兩極上的平行板電容器，當(dāng)兩極板之間的距離減小時(shí)，則不正確的是(????)A.電容器的電容C變大B.電容器極板的帶電量Q變大C.電容器兩極板的電勢(shì)差U變大D.電容器兩極板間的電場強(qiáng)度E變大10. 飛行器在太空飛行，主要靠太陽能電池提供能量．若一太陽能電池板，測得它的開路電壓為800mV，短路電流為40mA.若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是(????)A.0.10V B.0.20V C.0.30V D.0.40V11. 如圖所示，D是石墨烯穩(wěn)壓管，具有高度的穩(wěn)定性，其作用是保證C、E兩端電壓UCE恒定不變，當(dāng)流過穩(wěn)定管的電流在20mA與5mA之間時(shí)，UCE穩(wěn)定在10V上，設(shè)電源電壓U=20V，R1=400Ω，為使UCE穩(wěn)定在10V，負(fù)載電阻RA.1000Ω B.2500Ω C.100Ω D.400Ω12. 如圖所示，把輕質(zhì)導(dǎo)線圈用細(xì)線掛在磁鐵N極附近，磁鐵的軸線穿過線圈中心，且在線圈平面內(nèi)，當(dāng)線圈通過順時(shí)針方向的電流時(shí)，線圈將(????)A.不動(dòng)B.發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)靠近磁鐵C.發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)離開磁鐵D.不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，只靠近磁鐵13. 如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地，一帶電油滴位于兩板中央的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)。斷開電鍵，將平行板電容器的上極板沿電場方向向下移動(dòng)一小段距離，則(????)A.帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B.帶電油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動(dòng)C.P點(diǎn)的電勢(shì)將不變D.電容器的電容增大，電容器的帶電量將增大二、多選題（本大題共1小題，共3.0分）14. 下列說法正確的(????)A.擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)均反映出分子不停的做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B.空氣濕度與溫度有關(guān)，即溫度越低，空氣濕度越大C.分子勢(shì)能變化與分子力變化規(guī)律相同；即分子力增大，分子勢(shì)能也隨著增大；分子力減小，分子勢(shì)能也隨之減小D.表面張力及毛細(xì)現(xiàn)象均是分子力作用下的現(xiàn)象E.一切宏觀自然規(guī)律總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行，即向著熵增大的方向進(jìn)行三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共4小題，共28.0分）15. 某小組利用如圖所示裝置研究“一定質(zhì)量氣體溫度不變時(shí)，壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”。如圖所示，帶刻度的注射器內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的氣體，推動(dòng)活塞可以改變氣體體積V，實(shí)驗(yàn)時(shí)所用測量壓強(qiáng)的裝置較特殊，測量的是注射器內(nèi)部氣體和外部大氣(壓強(qiáng)為p0)的壓強(qiáng)差△p，在內(nèi)部氣體和外部大氣壓強(qiáng)相等時(shí)注射器內(nèi)部氣體的體積為V，在多次改變體積后，得到如下數(shù)據(jù)：△p/×0.110.250.430.67V/mL9876(1)圖中裝置1為壓強(qiáng)傳感器，裝置2為數(shù)據(jù)采集器。(2)每次氣體的狀態(tài)調(diào)整后，都要等一會(huì)兒再記錄數(shù)據(jù)，這是為了______。(3)研究小組基于數(shù)據(jù)，以△p為y軸，作出的函數(shù)圖線為直線，則x軸是______。(4)該直線的函數(shù)表達(dá)式是______(用題中所給字母符號(hào)表示)，圖象縱軸截距的絕對(duì)值的物理含義是______。16. 某同學(xué)用伏安法測干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，測得兩節(jié)不同干電池U-I圖象如圖所示．(1)電源電動(dòng)勢(shì)E1______E2.(

填“>”或“<”或“=(2)內(nèi)阻r1______r2.(

填“>”或“<”或“=17. 場源電荷Q=4×10-4C，是正點(diǎn)電荷，試探電荷q=-1×10-5C，是負(fù)電荷，它們相距r?=?3m，而分別靜止在A、

求：(1)q受的電場力(即庫侖力)的大小和方向；

(2)q所在的B點(diǎn)的場強(qiáng)EB

(3)將試探電荷拿去后B點(diǎn)的場強(qiáng)大?。?8. (1)關(guān)于下面四個(gè)實(shí)驗(yàn)的說法正確的是______

甲

乙

丙

丁A.

圖甲實(shí)驗(yàn)可以說明α粒子的貫穿本領(lǐng)很強(qiáng)B.

圖乙實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象可以用愛因斯坦的光電效應(yīng)方程解釋C.

圖丙是利用α射線來監(jiān)控金屬板厚度的變化D.

圖丁進(jìn)行的是裂變反應(yīng)

⑵在粗糙的水平桌面上有兩個(gè)靜止的木塊A和B，兩者相距為d?，F(xiàn)給A一初速度，使A與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短。當(dāng)兩木塊都停止運(yùn)動(dòng)后，相距仍然為d。已知兩木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，B的質(zhì)量為A的2倍，重力加速度大小為g。求A的初速度的大小。四、簡答題（本大題共1小題，共5.0分）19. 盧瑟福是如何由α粒子散射實(shí)驗(yàn)得出原子的核式結(jié)構(gòu)的？五、計(jì)算題（本大題共4小題，共25.0分）20. 有帶電平行板電容器豎直安放如圖所示，兩板間距d=0.1m，電勢(shì)差U=1000V，現(xiàn)從平行板上A處以vA=3m/s速度水平向左射入一帶正電小球(知小球帶電荷量q=10-7

C，質(zhì)量m=0.02g)，經(jīng)一段時(shí)間后發(fā)現(xiàn)小球打在求：(1)在圖上粗略畫出帶電小球從A運(yùn)動(dòng)到B的軌跡．(2)算出A、B間的距離sAB；(3)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能．(g取21. 如圖，板間距為d、板長為4d的水平金屬板A和B上下正對(duì)放置，并接在電源上．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電量+q的質(zhì)點(diǎn)沿兩板中心線以某一速度水平射入，當(dāng)兩板間電壓U=U0，且A接負(fù)時(shí)，該質(zhì)點(diǎn)就沿兩板中心線射出；A接正時(shí)，該質(zhì)點(diǎn)就射到B板距左端為d的C處．取重力加速度為g(1)求質(zhì)點(diǎn)射入兩板時(shí)的速度；(2)當(dāng)A接負(fù)時(shí)，為使帶電質(zhì)點(diǎn)能夠從兩板間射出，求：兩板所加恒定電壓U的范圍。22. 質(zhì)譜儀的構(gòu)造如圖所示，荷質(zhì)比為q/m的離子從離子源出來經(jīng)過板間電壓為U的加速電場后經(jīng)Q點(diǎn)進(jìn)人磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，沿著半圓周運(yùn)動(dòng)而達(dá)到記錄它的照相底片上，則該粒子達(dá)到照相底片的位置p距Q點(diǎn)的距離L?

23. 如圖所示，質(zhì)量M=1.5kg的小車靜止于光滑水平面上，并緊靠固定在水平面上的桌子右邊，其上表面與水平桌面相平，水平放置的輕彈簧左端固定，質(zhì)量為1.0kg的小物塊P置于光滑桌面上的A點(diǎn)并與彈簧的右端相連接，此時(shí)彈簧處于原長．緊靠小物塊P的右側(cè)放有一質(zhì)量為0.5kg的滑塊Q，P、Q均可視為質(zhì)點(diǎn)，現(xiàn)用水平向左的拉力將P緩慢拉至B點(diǎn)(彈簧仍處于彈性限度內(nèi))，拉力做功W=4.5J，撤去拉力后，P沿桌面滑到A點(diǎn)并與Q發(fā)生彈性碰撞，碰后P未離開桌面，已知Q與小車上表面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1.(取g=10m/s2(1)P剛要與Q碰撞前的速度是多少？(2)Q剛滑上小車時(shí)的初速度v0(3)為保證Q不從小車上滑下，小車的長度至少為多少？

參考答案及解析1.答案：C解析：本題考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，明確做功可以改變物體的內(nèi)能A、圖甲，厚玻璃內(nèi)的空氣被壓縮時(shí)，活塞對(duì)空氣做功，瓶內(nèi)空氣溫度升高，空氣的內(nèi)能增加；故A錯(cuò)誤；B、圖乙，瓶子內(nèi)的空氣推動(dòng)塞子跳起時(shí)，空氣對(duì)活塞做功，空氣的內(nèi)能減??；故B錯(cuò)誤；C、圖丙，試管內(nèi)的水蒸氣推動(dòng)了塞子沖出時(shí)，水蒸氣對(duì)塞子做功，水蒸氣的內(nèi)能減少，故C正確；D、圖丁，汽缸內(nèi)的氣體推動(dòng)活塞向下運(yùn)動(dòng)時(shí)(即做功沖程)，內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；內(nèi)能減小，故D錯(cuò)誤．故選：C

2.答案：D解析：解：A、①光的偏折程度較大，則折射率較大，藍(lán)光的折射率大于紅光的折射率，所以①光是藍(lán)光，②是紅光。故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)v=cn知，藍(lán)光的折射率大，在介質(zhì)中的速度小，則光束①比光束②傳播速度更慢。故C、藍(lán)光的折射率大于紅光的折射率，而藍(lán)光的波長小于紅光的折射率波長，干涉條紋的間距與波長成正比，則若①光、②光先后通過同一雙縫干涉裝置，前者得到的條紋比后者的窄。故C錯(cuò)誤。D、藍(lán)光的折射率大，頻率大，知藍(lán)光的波長小，波長越長，衍射現(xiàn)象越明顯，所以①得到的中央亮紋比②的中央亮紋窄。故D正確。故選：D。根據(jù)光的偏折程度比較出兩束光的折射率，從而根據(jù)v=c解決本題的突破口是比較出兩束光的折射率大小，從而比較出頻率、波長、在介質(zhì)中的速度、臨界角的大小．3.答案：C解析：解：AB、根據(jù)核電荷數(shù)守恒可知，Y的核電荷數(shù)為51-54=-3，質(zhì)量數(shù)為131-131=0，則Y是?-10e，即為β粒子，而α射線具有很強(qiáng)的電離本領(lǐng)，γCD、核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損△m=m根據(jù)質(zhì)能方程，那么這個(gè)核反應(yīng)中釋放的核能△E=△mc2=(

m1-故選：C．根據(jù)核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，求出Y的核電荷數(shù)，確定其種類；先求出核反應(yīng)的質(zhì)量虧損，然后由質(zhì)能方程求出釋放的核能．知道質(zhì)量數(shù)守恒與核電荷數(shù)守恒是判斷粒子X種類的關(guān)鍵，熟練應(yīng)用質(zhì)能方程即可求出核反應(yīng)釋放的能量．4.答案：B解析：解：A、機(jī)械波的頻率是由波源決定的，當(dāng)機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，保持不變的物理量是頻率，而波速和波長都會(huì)改變，故A錯(cuò)誤．B、傳播一列簡諧波的同一種介質(zhì)中，各質(zhì)點(diǎn)周期和振幅是相同的，故B正確．C、波速由介質(zhì)的性質(zhì)決定的，與頻率無關(guān)，波在均勻介質(zhì)中的傳播速度是一定的，故C錯(cuò)誤．D、在波的傳播方向上，相距半波長的偶數(shù)倍的兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況完全相同，相距半波長的奇數(shù)倍的兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況完全相反，故D錯(cuò)誤．故選：B當(dāng)機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，頻率不變．波速和波長會(huì)發(fā)生變化．簡諧波傳播過程中，同一種介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)周期和振幅相同．波速由介質(zhì)的性質(zhì)決定．在波的傳播方向上，相距半波長的偶數(shù)倍的兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況完全相同．結(jié)合這些知識(shí)分析．解決本題時(shí)要抓住描述波的三個(gè)物理量：波長、頻率和波速的決定因素，知道頻率是由波源決定的，波速是由介質(zhì)決定的，而波長是由波源和介質(zhì)共同決定的．5.答案：C解析：解：由u=156sin120πt(V)可知該交變電流的周期T=可分兩段0-1120根據(jù)有效值的定義可得(解得：U=故選：C．電壓表讀數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關(guān)系以及電流的熱效應(yīng)便可求得有效值本題考查有關(guān)交變電流有效值的計(jì)算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．6.答案：B解析：解：A、恒星發(fā)光發(fā)熱是恒星內(nèi)部的核聚變?cè)斐傻?。故A錯(cuò)誤；B、環(huán)狀新月型光環(huán)上下兩側(cè)不對(duì)稱是因?yàn)楣猸h(huán)旋轉(zhuǎn)，導(dǎo)致接收者接收到相位和頻率變化造成的，此現(xiàn)象屬于多普勒效應(yīng)。故B正確；C、黑洞的第二宇宙速度(逃逸速度)是光速。故C錯(cuò)誤；D、望遠(yuǎn)鏡收集到的波長比可見光波長更長的亞毫米波，而波長和頻率成反比，所以收集的亞毫米波比可見光的頻率小，故D錯(cuò)誤；故選：B。恒星發(fā)光發(fā)熱是恒星內(nèi)部的核聚變?cè)斐傻模画h(huán)狀新月型光環(huán)上下兩側(cè)不對(duì)稱是多普勒效應(yīng)造成的；黑洞的第二宇宙速度(逃逸速度)是光速；望遠(yuǎn)鏡收集到的波長比可見光波長更長的亞毫米波，而波長和頻率成反比。本題考查了裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)、多普勒效應(yīng)、宇宙速度等知識(shí)點(diǎn)。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。7.答案：C解析：解：小球運(yùn)動(dòng)過程中，只受重力，機(jī)械能守恒，則小球落地時(shí)所具有的機(jī)械能等于剛拋出時(shí)的機(jī)械能，為：E=mgh+m故選：C小球運(yùn)動(dòng)過程中，只受重力，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解．本題關(guān)鍵根據(jù)機(jī)械能守恒定律，小球的機(jī)械能總量不變，小球任意位置的機(jī)械能都等于初位置的機(jī)械能．8.答案：C解析：解：AB、在A點(diǎn)射出的小球，仍需水平擊中B點(diǎn)，則豎直分速度不能變化，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不能變化，則水平分速度也不能變化，所以僅改變A點(diǎn)的速度大小或方向都不能水平擊中B點(diǎn)．故A、B錯(cuò)誤．CD、采用逆向思維，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)水平速度越大時(shí)，拋出后落地速度越大，水平射程越遠(yuǎn)；若水平速度減小，則落地速度變小，水平射程越?。虼酥挥幸耘cv2大小相等、方向相反的速度射出彈丸，它才會(huì)落在地面上的A點(diǎn)．故C正確，D故選：C解決本題巧用平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)，由于題目中緊抓住小球垂直打到豎直壁上，采用逆向思維，可以看成平拋運(yùn)動(dòng)，則有水平速度越大，落地速度越大，與水平面的夾角越小，射程越遠(yuǎn)。本題采用了逆向思維，降低了解決問題的難度．若仍沿題意角度思考，解題很麻煩同時(shí)容易出錯(cuò)。9.答案：C解析：解：A、當(dāng)兩極板之間的距離減小時(shí)，電容器的電容C變大．故A正確．

B、電容器連接在電池上，電壓不變．由Q=CU，得知電容器極板的帶電量Q變大．故B正確．C、電容器連接在電池上，電容器兩極板的電勢(shì)差U等于電池的電動(dòng)勢(shì)，不變．故C錯(cuò)誤．

D、由E=Ud分析，U不變，d減小，則E變大．故本題選不正確的，故選：C．電容器連接在電池上，電壓不變．根據(jù)平行板電容器的電容C=?S4πkd，兩極板之間的距離減小，電容增大，由Q=CU，電壓不變，分析電量變化，由本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵要抓住不變量．當(dāng)電容器保持與電源相連時(shí)，其電壓不變；充電后與電源斷開，其電量不變．10.答案：D解析：解：設(shè)電池板的內(nèi)阻為r，其開路電壓等于它的電動(dòng)勢(shì)，依題意有：E=800mVI解得電源內(nèi)阻：r=電池板連上20Ω阻值后，流過電阻的電流大小為：I=此時(shí)的路端電壓為：U=IR=20×20mV=400mV=0.4V；故選：D。由開路電路等于電源的電動(dòng)勢(shì)，求出電動(dòng)勢(shì)，由短路電流求出電源的內(nèi)阻．再根據(jù)歐姆定律求出電流和路端電壓．對(duì)于電動(dòng)勢(shì)的概念要理解：電動(dòng)勢(shì)等于外電壓和內(nèi)電壓之和，當(dāng)外電路開路時(shí)，內(nèi)電壓為零，開路電路等于電源的電動(dòng)勢(shì)．11.答案：A解析：解：R1=400Ω，其兩端的電壓為U1當(dāng)穩(wěn)定管電流為20mA時(shí)，R2的電流為I2=25-20=5mA當(dāng)穩(wěn)定管電流為5mA時(shí)，R2的電流為I2'所以R2的取值范圍為：500Ω<R1<2000Ω則故選：A因R1=400Ω，其兩端的電壓為10V，則其電流為UI=25mA，當(dāng)穩(wěn)流管電流在20mA到本題關(guān)鍵明確穩(wěn)壓管額工作原理，理清電路中的電流和電壓關(guān)系，然后根據(jù)歐姆定律列式求解．12.答案：B解析：解：在圓環(huán)左右部分各取一小段，根據(jù)左手定則知，左邊向里轉(zhuǎn)，右邊向外轉(zhuǎn)。轉(zhuǎn)過90度后，將圓環(huán)等效為條形磁鐵，則左邊是S極，右邊是N極，同性相吸。知圓環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)向磁鐵靠近。故B正確，A、C、D錯(cuò)誤。故選：B。通過條形磁鐵周圍的磁場方向，根據(jù)左手定則，結(jié)合等效法判斷圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況。本題考查導(dǎo)體在磁場中的運(yùn)動(dòng)，采用了微元法、特殊位置法、等效法判斷圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況。13.答案：C解析：解：ABD、若將上極板向下移動(dòng)一小段距離，兩板間距離d變小，由于斷開電鍵，因此電容器的電量不變，根據(jù)E=Ud=QCd=4πkQC、將平行板電容器的上極板沿電場方向向下移動(dòng)一小段距離時(shí)，P點(diǎn)到下極板的距離不變，由于場強(qiáng)E不變，由U=Ed，可知，P點(diǎn)與下極板的電勢(shì)差不變，即P點(diǎn)的電勢(shì)不變，故C正確；故選：C。本題的關(guān)鍵是明確分析有關(guān)電容器動(dòng)態(tài)問題的基本方法：先判斷電容器的電壓不變還是帶電量不變(若斷開電源則電量不變，若始終與電源相連則電壓不變)；根據(jù)C=εS4πkd判斷電容C的變化；根據(jù)Q=CU判斷電容器帶電量的變化情況；根據(jù)E=Ud判斷場強(qiáng)E的變化(注意若斷開電源，只改變板間距離時(shí)場強(qiáng)E不變)；根據(jù)熟記若電容器始終與電源相連則電壓不變，若斷開電源則電量不變，然后再根據(jù)相應(yīng)的公式推導(dǎo)即可。14.答案：ADE解析：解：A、擴(kuò)散現(xiàn)象直接反應(yīng)分子熱運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)間接反應(yīng)分子熱運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、溫度越低空氣濕度未必越大，空氣濕度看得相對(duì)濕度，故B錯(cuò)誤；C、分子距離從非常小的距離變到非常大的距離過程中，勢(shì)能先減小后增大，而分子力則是先減后增再減的過程，故C錯(cuò)誤；D、表面張力產(chǎn)生的原因是液面分子力表現(xiàn)為引力的結(jié)果，毛細(xì)現(xiàn)象時(shí)附著層分子力表現(xiàn)為引力或斥力的結(jié)果，故D正確；E、一切宏觀自然規(guī)律總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行，即向著熵增大的方向進(jìn)行，故E正確。故選：ADE。明確分子熱運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，知道擴(kuò)散和布朗運(yùn)動(dòng)是分子熱運(yùn)動(dòng)的反映；明確空氣濕度與溫度的關(guān)系；知道分子力做功與分子勢(shì)能變化間的關(guān)系；會(huì)用分子力解釋表面張力的現(xiàn)象；掌握熱力學(xué)第二定律的基本內(nèi)容，知道一切宏觀現(xiàn)象沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無序性增大的方向進(jìn)行。本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第二定律、分子力與分子勢(shì)能、溫度的微觀意義、濕度的性質(zhì)等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵要記住相關(guān)知識(shí)點(diǎn)即可求解。15.答案：充分的熱交換，保持封閉氣體的溫度不變

1V

△p=p解析：解：(1)每次氣體的狀態(tài)調(diào)整后，都要等一會(huì)兒再記錄數(shù)據(jù)，這是為了充分的熱交換，保持封閉氣體的溫度不變。(2)封閉氣體的壓強(qiáng)p=根據(jù)pV=p0變形得△p=p整理得△p=p可知，圖象縱軸截距的絕對(duì)值的物理涵義是大氣壓強(qiáng)故答案為：(1)充分的熱交換，保持封閉氣體的溫度不變；(2)1V；(1)每次氣體的狀態(tài)調(diào)整后，都要等一會(huì)兒再記錄數(shù)據(jù)，這是為了使封閉氣體的溫度不變。(2)研究小組基于數(shù)據(jù)，以△p為y軸，作出的函數(shù)圖線為直線，則x軸是1V(3)根據(jù)pV=c，利用數(shù)學(xué)知識(shí)寫出直線的函數(shù)表達(dá)式，再分析圖象縱軸截距的絕對(duì)值的物理涵義。本題的關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，知道壓強(qiáng)傳感器的作用。通過解析式分析圖象的斜率、截距的物理意義。16.答案：=；<解析：解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E-Ir；則可知圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，由圖可知，兩圖象的截距相同，故說明電動(dòng)勢(shì)相同；(2)圖象的斜率絕對(duì)值表示電源的內(nèi)阻，由圖可知，1的斜率絕對(duì)值小于2的斜率絕對(duì)值，故1的內(nèi)阻小于2的內(nèi)阻；故答案為：(1)=；(2)<分析閉合電路歐姆定律公式，再根據(jù)圖象利用數(shù)學(xué)規(guī)律分析電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．本題考查測量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的數(shù)據(jù)分析問題，要注意明確閉合電路歐姆定律的表達(dá)式，并準(zhǔn)確掌握根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律分析數(shù)據(jù)的方法．17.答案：1)4?N(2)4×解析：根據(jù)庫侖定律求得q受的電場力(即庫侖力)的大?。鶕?jù)電場強(qiáng)度的定義式，求出B點(diǎn)的場強(qiáng)的大?。瓸點(diǎn)的場強(qiáng)的方向與電場力方向相反．場強(qiáng)由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)．從B點(diǎn)取走q，B點(diǎn)場強(qiáng)大小和方向都不變．(1)根據(jù)庫侖定律得q受的電場力的大小，q受的電場力的方向是由B指向A．(2)根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式得，(3)將試探電荷拿去后B點(diǎn)的場強(qiáng)大小，B點(diǎn)場強(qiáng)大小和方向都不變．18.答案：(1)BCD(2)解析：(1)α粒子散射實(shí)驗(yàn)，α粒子打到金箔上發(fā)生了散射，說明α粒子的貫穿本領(lǐng)較弱，故A錯(cuò)誤。該實(shí)驗(yàn)是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)，該實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象可以用愛因斯坦的光電效應(yīng)方程解釋，故B正確。α射線穿透能力較弱，金屬板厚度的微小變化會(huì)使穿過鋁板的α射線的強(qiáng)度發(fā)生較明顯變化，即可以用α射線控制金屬板的厚度，故C正確。本裝置是核反應(yīng)堆的結(jié)構(gòu)，進(jìn)行的是核裂變反應(yīng)，故D正確。本題選BCD。(2)設(shè)在發(fā)生碰撞前的瞬間，木塊A的速度大小為v；在碰撞后的瞬間，A和B的速度分別為v1和v2。設(shè)碰撞前木塊A的速度方向?yàn)檎?，在碰撞過程中，由能量和動(dòng)量守恒定律可得，，聯(lián)立解得。設(shè)碰撞后A和B的運(yùn)動(dòng)的距離分別為d1和d2，由動(dòng)能定理得，，由題意d=?d1+?d2。設(shè)A的初速度大小為v19.答案：解：盧瑟福在做α粒子散射實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)絕大多數(shù)α粒子穿過金箔后幾乎沿原方向前進(jìn)，少數(shù)α粒子穿過金箔后發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)α粒子擊中金箔后幾乎沿原方向反回，由此盧瑟福提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，在原子的中心有一個(gè)很小的核，叫做原子核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負(fù)電的電子在核外空間繞著核旋轉(zhuǎn)。答：詳見解析。解析：α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象為：α粒子穿過原子時(shí)，只有當(dāng)α粒子與核十分接近時(shí)，才會(huì)受到很大庫侖斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的機(jī)會(huì)就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本按直線方向前進(jìn)。本題主要考查了α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。20.答案：解：(1)小球m在A處以vA水平射入勻強(qiáng)電場后，受到重力和電場力，合力一定，而且合力與初速度不在同一直線上，則小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)．在豎直方向上，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)．其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示．(2)把小球的曲線運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向進(jìn)行分解．在水平方向上，小球有初速度vA，受恒定的電場力qE作用，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，且由qU>12在水平方向上：

E=則其水平方向分加速度大小為：a=則t=在豎直方向上：s聯(lián)立以上四式求解得：s(3)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為v=動(dòng)能為Ek=解析：(1)小球m在A處以vA(2)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，先研究水平方向小球的運(yùn)動(dòng)情況，由牛頓第二定律求出加速度的大小，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出時(shí)間；再研究豎直方向，由自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解A、B間的距離SAB(3)根據(jù)動(dòng)能定理求出小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能．或根據(jù)速度的合成求出小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度，再得到動(dòng)能．本題中小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，由于水平和豎直兩個(gè)方向受到的都恒力，所以可以采用運(yùn)動(dòng)的分解進(jìn)行研究，研究時(shí)要抓住兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性．21.答案：解：(1)當(dāng)兩板加上U0電壓且A

qA板為正時(shí)，設(shè)帶電質(zhì)點(diǎn)射入兩極板時(shí)的速度為v0，向下運(yùn)動(dòng)的加速度為a，經(jīng)時(shí)間t射到C

q又水平方向有

d=

豎直方向有d由①②③④得