2024年甘肅高考物理聯(lián)考試卷

2024年甘肅省高考物理聯(lián)考試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.圖甲為研究光電效應(yīng)的實驗裝置，用不同頻率的單色光照射陰極K,正確操作下，記錄相應(yīng)電表示數(shù)并繪

制如圖乙所示的4-v圖像，當(dāng)頻率為乙時繪制了如圖丙所示的/-U圖像，圖中所標(biāo)數(shù)據(jù)均為己知量，則

下列說法正確的是（）

%

%

W%v

乙

A.飽和電流與K、a之間的電壓有關(guān)

B.測量遏止電壓“時，滑片P應(yīng)向b移動

C.陰極K的逸出功伍=~用二

D.普朗克常量h=空心

也一匕

2.如圖所示，粗糙水平地面上放有橫截面為,圓的柱狀物體a,a與墻面之間放有表面

光滑的圓柱形物體B,4、B均保持靜止。若將4向左移動少許，下列說法正確的是（）

A.地面對a的支持力不變

B.地面對力的摩擦力不變

C.墻對8的作用力不變

D.B對4的支持力不變

3.如圖所示，一小球從。點水平拋出后的軌跡途經(jīng)4B兩點，已知小球經(jīng)過4點時的速0

O-

度大小為13zn/s,從。到4的時間和從4到B的時間都等于0.5s,取重力加速度大小g=

10m/s2,不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球做平拋運動的初速度大小為10m/sB.0、4兩點間的距離為5nl

C.A、B兩點間的距離為10mD.。、B兩點間的距離為13nl

4.由同種材料制成的兩滑塊力、B用一根輕質(zhì)細(xì)繩連接，將滑塊B按在水平桌面上，細(xì)繩跨過輕質(zhì)定滑輪將

滑塊2懸掛在空中，如圖甲所示，松手后滑塊力、B的加速度大小均為呢現(xiàn)僅將滑塊4、8位置互換（如圖乙

所示），松手后滑塊4、B的加速度大小均為3a。已知滑塊B的質(zhì)量等于滑塊4的質(zhì)量的兩倍，則滑塊與水平

桌面間的動摩擦因數(shù)為（）

A.0.1B.0.2C.0.3D.0.4

5.2023年5月17日10時49分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號”乙運載火箭，成功發(fā)射第五十六顆

北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，距離地球表面的高度為Q已知地球的質(zhì)量為半徑為R,

引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.該衛(wèi)星的環(huán)繞速度為靄B.該衛(wèi)星的加速度大小為^

R+h

C.該衛(wèi)星的角速度為D.該衛(wèi)星的周期為47r2（R+h）

UM

6.光在某種玻璃中的傳播速度是真空中的、要使光由真空射入玻璃時折射光線與反射光線垂直，則入射角

的正弦值為（）

7.電視機顯像管的結(jié)構(gòu)示意圖如圖所示，電子槍均勻發(fā)射的電子束經(jīng)加速電場加速后高速通過偏轉(zhuǎn)電場,

最后打在熒光屏上呈現(xiàn)光斑，在顯像管偏轉(zhuǎn)極板上加上不同的電壓，光斑在熒光屏上呈現(xiàn)不同情況，以上

極板帶正電時為正，下列說法正確的是（）

A,若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖甲所示的偏轉(zhuǎn)電場,則可以在熒光屏上看到一個固定的光斑

B.若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖乙所示的偏轉(zhuǎn)電場,則可以看到一個光斑在熒光屏的。點下側(cè)移動

C.若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖丙所示的偏轉(zhuǎn)電場,則可以看到一個光斑在熒光屏上從上向下移動

D.若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖丁所示的偏轉(zhuǎn)電場,則可以看到一個光斑在熒光屏上。點兩側(cè)做往復(fù)運動

二、多選題：本大題共3小題，共15分。

8.圖甲為一列沿?zé)o軸傳播的簡諧橫波在t=6s時刻的波形圖，圖乙為％=11C7H處質(zhì)點的振動圖像，則下列說

法正確的是（）

1025\8：/IIx/cmu3\：/69

A.波向x軸負(fù)方向傳播

B.波向x軸正方向傳播

C.圖甲中實線與y軸交點的縱坐標(biāo)為2.5czn

D.圖甲中實線與y軸交點的縱坐標(biāo)為罷cm

9.實驗室中手搖發(fā)電機的原理如圖所示，兩磁體間的磁場視為勻強磁場，磁感

應(yīng)強度大小為B,發(fā)電機的正方形線圈4BCD繞0。'軸以轉(zhuǎn)速幾勻速轉(zhuǎn)動。已知

線圈的邊長為3匝數(shù)為N,總電阻為r,外接小燈泡的電阻為R,其余電阻不NA1

計，下列說法正確的是（）

A.回路中感應(yīng)電動勢的峰值為4712Tl2般乙2

B.小燈泡兩端的電壓為嗎學(xué)

C.通過小燈泡的電流為烏絲

D.小燈泡的功率為空包駕包

10.如圖所示，放在光滑絕緣水平面上的輕質(zhì)單匝矩形線框長、寬之比為5：3,線框在外力

作用下以相同的速度勻速離開勻強磁場區(qū)，離開磁場區(qū)時始終有兩邊與邊界平行，則在1、2lxxx

兩種情況下（XXX

A.所用拉力大小之比為3：55

B.通過線框的電荷量之比為3：5

C.線框中的感應(yīng)電流之比為3：5

D.線框中產(chǎn)生的熱量之比為3：5

三、實驗題：本大題共2小題，共15分。

11.某研究學(xué)習(xí)小組用圖甲所示的裝置探究加速度與合力的關(guān)系。跨過輕質(zhì)定滑輪的輕質(zhì)細(xì)線兩端連接兩個

完全相同的空鋁箱，左側(cè)鋁箱下端連接紙帶，向右側(cè)鋁箱中放入質(zhì)量為小的祛碼，由靜止釋放后，鋁箱運動

的加速度大小a可由打點計時器打出的紙帶測出，改變右側(cè)鋁箱中祛碼的質(zhì)量，重復(fù)實驗,得到多組a、6值。

已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮=9.8m/s2,打點計時器所接電源的頻率為50Hz。

輕版定滑輪

鐵

架

介輕質(zhì)匕鋁箱

細(xì)線山鋁箱

OABC

紙

帶

8.9911.00

乙

(1)實驗過程中打出圖乙所示的一條理想紙帶，圖中。、力、B、c、。相鄰兩計數(shù)點間還有九個計時點未畫出,

則鋁箱運動的加速度大小a=_______m/s2(結(jié)果保留兩位小數(shù))。

(2)根據(jù)圖丙中的數(shù)據(jù)可知，每個空鋁箱的質(zhì)量M=的(結(jié)果保留兩位小數(shù))。

12.某實驗小組欲將電流表G(量程為0?3nM)改裝為歐姆表。實驗器材如下：電動勢為1.5U的干電池1節(jié)、

滑動變阻器(阻值范圍為0-10000)。將它們按如圖甲所示連接。

(1)將圖甲中接線柱(填“P”或"Q”)接紅表筆。

(2)將圖甲中P、Q兩接線柱短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表G滿偏，則歐姆表的內(nèi)阻Rg=

(3)保持滑動變阻器不動，在P、Q間接入一電阻，電流表示數(shù)如圖乙所示，此電阻的阻值為。。

四、簡答題：本大題共3小題，共42分。

13.如圖所示，在x軸上方存在水平向左的勻強電場，在x軸下方存在豎直向上的勻強電場及垂直紙面向里的

勻強磁場?，F(xiàn)將一質(zhì)量為機、電荷量為q的帶正電小球從y軸上的M點水平向右拋出，小球運動到x軸時速度

方向恰好豎直向下，進(jìn)入無軸下方的復(fù)合場時恰好做勻速圓周運動，恰好從坐標(biāo)原點。第二次進(jìn)入x軸下方的

復(fù)合場。已知x軸上方及下方電場的電場強度大小相等，M點的縱坐標(biāo)為d,重力加速度大小為g,不計空氣

阻力。求：

(1)小球拋出時的初速度大小"0;

(2)x軸下方磁場的磁感應(yīng)強度大小B。

14.某實驗小組受酒店煙霧報警器原理啟發(fā)，設(shè)計了如圖所示的溫度報警裝置，在豎直放置的圓柱形容器內(nèi)

用面積S=5czn2、質(zhì)量m=0.5的的活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，活塞能無摩擦滑動，整個裝置倒貼在水

平天花板上，開始時房間的熱力學(xué)溫度介=300K,活塞與容器頂部的距離仇=20cm,在活塞下方d=4cm

處有一壓力傳感器制成的卡口，環(huán)境溫度緩慢升高時容器內(nèi)氣體溫度也隨之升高，當(dāng)傳感器受到的壓力大

于5N時，就會啟動報警裝置。已知大氣壓強恒為Po=1.0Xl()5pa,取重力加速度大小g=lOm/sz,求：

(1)封閉氣體開始的壓強p；

(2)觸發(fā)報警裝置的熱力學(xué)溫度T。

15.如圖所示，質(zhì)量為根的小球4與質(zhì)量為7nl的小球B通過長為L的輕質(zhì)柔軟細(xì)繩連接，現(xiàn)AO

用手提著小球4使小球B距地面的高度也為3松手后兩球由靜止開始自由下落，小球B與

地面碰后速度大小不變、方向相反，兩小球的碰撞為彈性正碰，細(xì)繩繃直后兩小球以相同

I

的速度繼續(xù)運動，碰撞時間均極短，重力加速度大小為g。求：〃〃力

(1)從松手到兩小球第一次碰撞的時間t；

(2)細(xì)繩繃直后小球4距地面的最大距離d。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4根據(jù)飽和電流的意義可知，飽和電流說明單位時間內(nèi)陰極K發(fā)射的光電子的數(shù)目是一定的，

可知飽和光電流與入射光的強度有關(guān)，與K、4之間的電壓無關(guān)，故A錯誤；

8、由圖可知，當(dāng)滑片P應(yīng)向b移動時，光電管上所加的電壓為正向電壓，所以不能測量遏止電壓，故8錯誤；

C、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程又eUc=Ekm,

可得4=學(xué)①

則圖線的斜率上=5②

根據(jù)圖乙可得圖線的斜率k=&=生9③

也一匕匕一見7

其中均是圖線與橫軸的交點，也是陰極K的極限頻率。

聯(lián)立①②③可得丹=-；h=euc2-eucl

uc2~uclv2-vl

則金屬的逸出功名=型四*&,故C正確，D錯誤。

V2-V1

故選：Co

根據(jù)飽和電流的大小意義分析；根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合圖線的意義判斷；根據(jù)遏止電壓的大小可以判斷

光電子的最大初動能。

解決本題的關(guān)鍵掌握截止電壓、極限波長，以及理解光電效應(yīng)方程eU載=2m嗚=歷/-%,同時理解光電

流的大小與光強有關(guān)。

2.【答案】A

【解析】如圖，4的重力為公，B的重力為GB，地面對力的支持力為尸，地面對4的摩擦力為f,B對力的作用

力為FBA，與水平方向的夾角為巴力對B的作用力為自B，與水平方向的夾角為氏墻面對8的作用力為力。

解：4由整體分析可知，4B保持靜止時地面對4的支持力等于4與B的重力之和，將4向左移動少許，4

B仍將保持靜止，因此地面對4的支持力不變，故A正確；

A如圖，對4進(jìn)行受力分析可知f=FBACOS。，又有%4=%B，且以Bsin8=GB，因此有/=GB若，將力向

sine/

左移動，6增大,/減小，故8錯誤；

C.由整體分析可知，墻面對B的作用力等于地面對a的摩擦力，已知地面對a的摩擦力減小，故c錯誤；

DB對力的作用力&4=焉，8增大，F(xiàn)BA減小，故。錯誤。

故選：Ao

利用整體與隔離法、力的合成與分解法對本題進(jìn)行求解。

本題考查的是共點力平衡問題，需要用到整體與隔離的受力分析，找出平衡條件求解此類問題。

3.【答案】D

【解析】解：Ao由題意知下落到/點豎直方向的速度為%A=gt=1。x0.5m/s=Sm/s

小球做平拋運動的初速度大小為%=Jvj-VyA

解得%=12m/s,故A錯誤；

11

B、。、/兩點間的豎直高度為為=-gt2=-x10x0.52m=1.25m

水平位移為%4=vQt=12x0.5m/s=6m

所以。、Z兩點間的距離為"=J窈+城

解得X=6.13m,故8錯誤；

C、。、B兩點間的豎直高度為g=gg(2t)2

解得獨=5m

水平位移為次=v0-2t=12X2x0.5m=12m

=

A、B兩點間的豎直高度為hi=yB-yA~1.25m=3.75m

A、8兩點間的水平位移為久］-xB—xA—12m-6m=6m

A、B兩點間的距離為*=y/xl+hj

解得si=6.32m,故C錯誤；

D、。、B兩點間的距離為%=J夠+(

解得SB=13zn,故。正確。

故選：Do

根據(jù)平拋運動水平和豎直方向的運動規(guī)律結(jié)合幾何關(guān)系表示。4和的距離，從而解得初速度。

本題考查平拋運動規(guī)律，解題關(guān)鍵掌握平拋運動水平方向和豎直方向的運動學(xué)公式。

4.【答案】B

【解析】解：設(shè)滑塊4的質(zhì)量為小，滑塊B的質(zhì)量為2爪；調(diào)換前對系統(tǒng)根據(jù)牛頓第二定律可得

mg—2^mg=3ma

調(diào)換后，對系統(tǒng)根據(jù)牛頓第二定律可得

2mg-nmg=9ma

聯(lián)立解得

M=0.2,故B正確，ACD錯誤;

故選：Bo

根據(jù)牛頓第二定律，以及對系統(tǒng)整體分析可求出動摩擦因數(shù)。

學(xué)生在解答本題時，應(yīng)注意整體法的運用，可以提高解題效率。

5.【答案】C

【解析】解：4衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力有：儂、=m與解得：v=厚,

(R+hyR+h\R+h

故A錯誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律可得=解得a=q”，故8錯誤；

(R+/1)/(R+九)

C、由萬有引力提供向心力有：黑導(dǎo)=M(R+h)32,解得：3=故C正確；

。、根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：=+解得該衛(wèi)星的周期為T=27r(R+h)J^,

故。錯誤。

故選：Co

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力得到線速度、角速度、向心力的表達(dá)式，根據(jù)牛頓第

二定律得到加速度表達(dá)式。

本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬有引力提供向心力結(jié)合向心力公式

進(jìn)行分析。

6.【答案】B

【解析】解：畫光路圖，如圖所示：

設(shè)入射角為a,根據(jù)幾何知識和折射定律：〃=sin益L)

依題意有"'=3=71

解得sma=用意

故8正確，ACQ錯誤。

故選：Bo

畫光路圖，根據(jù)幾何知識和折射定律，求入射角的正弦值。

本題解題關(guān)鍵是正確畫出光路圖，并熟練掌握折射定律。

7.【答案】D

【解析】解：4若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖甲所示的偏轉(zhuǎn)電場，當(dāng)電子是在正向電壓時間段進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，在熒

光屏上側(cè)留下一個光斑；當(dāng)電子是在反向電壓時間段進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，在熒光屏下側(cè)留下一個光斑；可以看

到熒光屏的。點上側(cè)、下側(cè)各一個光斑。故A錯誤；

員若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖乙所示的偏轉(zhuǎn)電場，電子一直向上偏轉(zhuǎn)，所以在熒光屏。點上方看到一個光斑移動,

故3錯誤；

C若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖丙所示的偏轉(zhuǎn)電場，電子先向下偏轉(zhuǎn)再向上偏轉(zhuǎn)，可以看到一個光斑在熒光屏上

從下向上移動，故C錯誤；

。若在偏轉(zhuǎn)極板加上如圖丁所示的正弦式偏轉(zhuǎn)電場，則可以看到一個光斑在熒光屏上。點兩側(cè)做往復(fù)運動,

故。正確。

故選：Do

根據(jù)電子的受力情況分析電子的運動情況，從而分析電子在光屏上的現(xiàn)象。

此題屬于知識應(yīng)用性題目，結(jié)合實際問題討論電子運動情況，需要較強的邏輯思維和知識構(gòu)架，難度適中。

8.【答案】AC

【解析】解：AB,由乙圖可知，t=6s時刻x=11cm處質(zhì)點正經(jīng)過平衡位置向上振動，在甲圖上，根據(jù)同

側(cè)法可知波向x軸負(fù)方向傳播，故A正確，B錯誤;

CD、由圖甲可知該波的波長為4=12cm,由圖乙知質(zhì)點振動的周期為T=6s

根據(jù)圖像甲可知該波的波動方程為y=Asin(^x+</))=5sin(|^x+<p)cm=5s出管x+<p}cm

當(dāng)x=2cm時,y=5cni,代入上式解得：0=，

即有y=5sin償x+^)cm

當(dāng)x=0時，代入上式解得：y=2.5cm,故C正確，。錯誤。

故選：AC.

在乙圖上，讀出t=6s時刻x=11cm處質(zhì)點的振動方向，在甲圖上，依據(jù)同側(cè)法分析波的傳播方向。根據(jù)

圖像獲得波長和周期，寫出波動方程，再求圖甲中實線與y軸交點的縱坐標(biāo)。

解答本題時，要把握兩種圖像的聯(lián)系，能根據(jù)振動圖像讀出質(zhì)點的速度方向，在波動圖象上判斷出波的傳

播方向。能根據(jù)振幅、波長、初相位寫出該波的波動方程。

9.【答案】CD

【解析】解：力、感應(yīng)電動勢的峰值為Em=NBS3=NB廿?2Tm

故A錯誤；

B、電動勢有效值為E=母=dlTmNBZ?

小燈泡兩端的電壓為U=，Z?+r=弋R產(chǎn)+r"

故8錯誤；

C、通過小燈泡的電流為/=裊=當(dāng)答

R+rR+r

故C正確；

2

。、小燈泡的功率為P=IR=(_7VBj)2R=2772n2N2R『2J

R+r(R+rf

故。正確。

故選：CD。

根據(jù)正弦式交變電流規(guī)律求解感應(yīng)電動勢的峰值和有效值；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解小燈泡兩端的電壓

和通過小燈泡的電流；根據(jù)功率公式求解小燈泡的功率。

本題考查正弦式交變電流，解題關(guān)鍵是掌握正弦式交變電流規(guī)律，結(jié)合閉合電路歐姆定律列式求解即可。

10.【答案】CD

【解析】解：AC,感應(yīng)電動勢E=B。，由歐姆定律可知電流/=5,因此在1、2兩種情況下，線框中感應(yīng)

電流之比為3：5；又根據(jù)安培定則可知，安培力?=華，根據(jù)題意1、2兩種情況下，導(dǎo)線切割磁感線長

度之比為3：5,速度和電阻均相同，因此在1、2兩種情況下所用拉力大小之比為9：25,故A錯誤，C正確；

8、根據(jù)平均電動勢￡=槳,根據(jù)歐姆定律可知平均電流7=f,又根據(jù)q=l6t,聯(lián)立可得q=粵，在1、2兩

Z1LKK

種情況下，線框通過磁場時磁通量變化量相同，因此在1、2兩種情況下，通過線框的電荷量之比為1：1,

故B錯誤；

。、根據(jù)焦耳定律Q=/2R3由4的分析可知，電流之比為3：5；又根據(jù)題意，線框中電阻相同，通過磁場

時速度相同，因此時間之比為5：3,因此在1、2兩種情況下線框中產(chǎn)生的熱量之比為3：5,故。正確；

故選:CD。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律以及歐姆定和安培定則即可分析AC選項；再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得平均電

動勢，再根據(jù)歐姆定律以及q=7戊即可分析B選項；根據(jù)焦耳定律分析。選項。

本題需要學(xué)生掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培定則以及焦耳定律等知識點，能夠?qū)Ω鱾€知識點

熟練運用，題目具有一定的綜合性，難度適中。

n.【答案】0.500.33

【解析】解：(1)相鄰兩計數(shù)點間時間間隔為T=券=知=0.2s

根據(jù)逐差法，小車運動的加速度a=9匚件

代入數(shù)據(jù)解得a=0.50m/s2

(2)設(shè)繩子的拉力為T,對左側(cè)空箱子，根據(jù)牛頓第二定律T-Mg=Ma

對右側(cè)箱子及祛碼，根據(jù)牛頓第二定律(M+m)g-T=(M+m)a

代入數(shù)據(jù)化簡得mg=(2M+m)a

由圖丙可知，當(dāng)m=50g=0.05kg時，加速度a=0.7m/s-2

代入數(shù)據(jù)解得M=0.33kg。

故答案為：(1)0.50；(2)0.33。

(1)利用逐差法求解小車的加速度；

(2)設(shè)繩子的拉力為T,分別對左側(cè)空箱子和右側(cè)箱子及祛碼用牛頓第二定律，結(jié)合圖像數(shù)據(jù)求解空箱子的

質(zhì)量。

本題考查探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗，掌握逐差法求解加速度的方法，解題的關(guān)鍵是熟練運用牛頓

第二定律，能夠根據(jù)圖像信息求解箱子的質(zhì)量。

12.【答案】P5001000

【解析】解：(1)電流從紅表筆進(jìn)入從黑表筆流出，所以接線柱P接紅表筆;

(2)歐姆表的內(nèi)阻

E1.5

R=—=--------=50012

°a43XIO-

⑶由

E1.5

R+Ra=-p=--------=1500/2

911X10一3

電阻的阻值為

R=100012

故答案為:(1)P;(2)500；(3)1000

(1)根據(jù)電流的流向判斷紅表筆的接線柱；

(2)根據(jù)歐姆定律求出多用電表的內(nèi)阻；

(3)根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律結(jié)合歐姆定律解得電阻值。

本題主要是考查了歐姆表原理和電流表的改裝；知道靈敏電流計并聯(lián)一個較小的電阻時就可以改裝成大量

程的電流表；改裝后實際通過靈敏電流計的最大電流不變。注意弄清楚分電流與總電流的關(guān)系、掌握歐姆

表測電阻的原理。

13.【答案】解：(1)設(shè)電場強度為E,小球進(jìn)入無軸下方的復(fù)合場時做勻速圓周運動，小球受到的電場力與

重力大小相等，則有：

Eq=mg

則小球在第一象限運動時水平方向和豎直方向的加速度為均為：a="=吆=g

設(shè)小球在第一象限運動時間為3在水平方向上做末速度為零的勻減速直線運動，在豎直方向上做勻加速直

線運動，則有：

v0=gt

1

d二卅9

解得：v0=J2gd

(2)小球的運動軌跡如下圖所示。

XXXXXXXXIXX

小球從P點第一次進(jìn)入磁場時的速度大小為：vr=gt=v0

OP之間的距離為：x0P—=d

設(shè)小球做圓周運動的半徑為R,從Q點運動到。點的時間為匕，則有：

_2也

G——

9

10

Q0=萬溫

2R=Q0-Xgp

聯(lián)立解得：R*

由洛倫茲力提供向心力得：

v2

qvrB=

解得：⑶二空孕

3qa

答：(1)小球拋出時的初速度大小％為/旃；

(2)方軸下方磁場的磁感應(yīng)強度大小B為駕浮。

【解析】(1)小球進(jìn)入久軸下方的復(fù)合場時做勻速圓周運動，小球受到的電場力與重力大小相等，小球在第

一象限水平方向上做末速度為零的勻減速直線運動，在豎直方向上做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律

與運動學(xué)公式求解；

(2)根據(jù)幾何關(guān)系求得小球做圓周運動的半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解。

本題考查了帶電體在電磁場中運動問題。對于在電場中勻變速曲線運動，將運動分解處理。對于在磁場中

做勻速圓周運動，根據(jù)幾何知識找到圓心、求解半徑以及圓心角是解題的關(guān)鍵。

14.【答案】解：(1)根據(jù)平衡關(guān)系可知

pS+mg=p0S

代入數(shù)據(jù)解得：p=9.0x104Pa；

(2)當(dāng)傳感器受到的壓力大于5N時，就會啟動報警裝置，即可知容器內(nèi)壓強等于外界大氣壓強

對容器內(nèi)氣體根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得強=P。蜉砌S

701

代入數(shù)據(jù)解得T=400K

答：(1)封閉氣體開始的壓強p為9.0x104Pa；

(2)觸發(fā)報警裝置的熱力學(xué)溫度T為400K。

【解析】(1)根據(jù)平衡關(guān)系列方程即可求解；

(2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解。

該題考查活塞處于平衡狀態(tài)平衡方程以及理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，解答該題的關(guān)鍵是明確出發(fā)報警裝置

的臨界狀態(tài)。

15.【答案】解：本題解答過程均以豎直向下為正方向。

(1)設(shè)小球8第一次落地前的速度為加0,此時小球4的速度為以1，所用的時間為右，小球B第一次反彈后的

速度為如1，再經(jīng)過時間七2兩者相碰，根據(jù)運動學(xué)公式可得：

L