內(nèi)蒙古寧城蒙古族中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期模擬考試試題二

PAGE10-內(nèi)蒙古寧城蒙古族中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期模擬考試試題（二）本試卷分為第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，共100分，考試用時(shí)60分鐘。第Ⅰ卷選擇題(共40分)一、單項(xiàng)選擇題(本題共5小題，每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的)1．2024年被稱(chēng)為5G元年，這一年全球很多國(guó)家開(kāi)通了5G網(wǎng)絡(luò)。5G網(wǎng)絡(luò)運(yùn)用的無(wú)線(xiàn)電波是通信頻率在3.0GHz以上的超高頻段和極高頻段，比目前通信頻率在0.3～3.0GHz間的4G特高頻段網(wǎng)絡(luò)擁有更大的帶寬和更快的傳輸速率。下列說(shuō)法正確的是()A．4G信號(hào)是橫波，5G信號(hào)是縱波B．4G信號(hào)和5G信號(hào)相遇能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象C．5G信號(hào)比4G信號(hào)波長(zhǎng)更長(zhǎng)，相同時(shí)間傳遞的信息量更大D．5G信號(hào)比4G信號(hào)更不簡(jiǎn)單繞過(guò)障礙物，所以5G通信須要搭建更密集的基站2．2024年3月15日中國(guó)散列中子源(CSNS)利用中子成像技術(shù)幫助中國(guó)科技高校進(jìn)行了考古方面的探討。散射中子源是探討中子特性、探測(cè)物質(zhì)微觀(guān)結(jié)構(gòu)和運(yùn)動(dòng)的科研裝置。下列關(guān)于中子探討的說(shuō)法正確的是()A．α粒子轟擊147N，生成178O并產(chǎn)生了中子B．23892U經(jīng)過(guò)4次α衰變，2次β衰變后，新核與原來(lái)的原子核相比中子數(shù)少了10個(gè)C．γ射線(xiàn)實(shí)質(zhì)是高速中子流，可用于醫(yī)學(xué)的放射治療D．核電站可通過(guò)“慢化劑”限制中子數(shù)目來(lái)限制核反應(yīng)的速度3.虹和霓是太陽(yáng)光在水珠內(nèi)分別經(jīng)過(guò)一次和兩次反射后出射形成的，可利用白光照耀玻璃球來(lái)說(shuō)明。兩束平行白光照耀到透亮玻璃球后，在水平的白色桌面上會(huì)形成MN和PQ兩條彩色光帶，光路如圖所示。以下說(shuō)法正確的是()A．在玻璃球中照耀到N點(diǎn)的光比照耀到M點(diǎn)的光傳播速度大B．照耀到P、Q兩點(diǎn)的顏色分別為紫、紅C．若增大實(shí)線(xiàn)白光的入射角，則照耀到M點(diǎn)的光先消逝D．若照耀到M、N兩點(diǎn)的光分別照耀同一光電管且都能發(fā)生光電效應(yīng)，則照耀到N的光遏止電壓高4．我國(guó)已駕馭“高速半彈道跳動(dòng)式再入返回技術(shù)”，為實(shí)現(xiàn)“嫦娥”飛船月地返回任務(wù)奠定基礎(chǔ)。如圖虛線(xiàn)為地球大氣層邊界，返回器與服務(wù)艙分別后，從a點(diǎn)無(wú)動(dòng)力滑入大氣層，然后經(jīng)b點(diǎn)從c點(diǎn)“跳出”，再經(jīng)d點(diǎn)從e點(diǎn)“躍入”實(shí)現(xiàn)多次減速，可避開(kāi)損壞返回器。d點(diǎn)為軌跡最高點(diǎn)，離地面高h(yuǎn)，已知地球質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G。則返回器()A．在d點(diǎn)處于超重狀態(tài)B．從a點(diǎn)到e點(diǎn)速度越來(lái)越小C．在d點(diǎn)時(shí)的加速度大小為eq\f(GM,R2)D．在d點(diǎn)時(shí)的線(xiàn)速度小于地球第一宇宙速度5.如圖所示，豎直固定一半徑為R＝0.5m表面粗糙的四分之一圓弧軌道，其圓心O與A點(diǎn)等高。一質(zhì)量m＝1kg的小物塊在不另外施力的狀況下，能以速度v0＝eq\f(\r(2),2)m/s沿軌道自A點(diǎn)勻速率運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，圓弧AP與圓弧PB長(zhǎng)度相等，重力加速度g＝10m/s2。下列說(shuō)法不正確的是()A．在從A到B的過(guò)程中合力對(duì)小物塊做功為零B．小物塊經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，重力的瞬時(shí)功率為5WC．小物塊在A(yíng)P段和PB段產(chǎn)生的內(nèi)能相等D．運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，小物塊對(duì)圓弧軌道的壓力大小為11N二、不定項(xiàng)選擇題(本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分)6.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波t＝1s時(shí)刻波形圖，該時(shí)刻M點(diǎn)起先振動(dòng)，再過(guò)1.5s，N點(diǎn)起先振動(dòng)。下列推斷正確的是()A．這列波的傳播速度為6m/sB．質(zhì)點(diǎn)M、N相位相差πC．t＝0.5s時(shí)刻，x＝5.0m處質(zhì)點(diǎn)在波谷D．t＝2.7s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M、N與各自平衡位置間的距離相等7.如圖所示，一帶電的粒子以肯定的初速度進(jìn)入某點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，沿圖中彎曲的虛線(xiàn)軌跡先后經(jīng)過(guò)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)，其中a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ea，方向與ab連線(xiàn)成30°角；b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Eb，方向與ab連線(xiàn)成60°角，粒子只受電場(chǎng)力的作用，下列說(shuō)法中正確的是()A．粒子帶正電B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C．從a到b，系統(tǒng)的電勢(shì)能減小D．粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度8.單匝矩形導(dǎo)線(xiàn)框abcd與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，線(xiàn)框電阻不計(jì)，線(xiàn)框繞與cd邊重合的固定轉(zhuǎn)軸以恒定角速度從圖示位置起先勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，志向變壓器匝數(shù)比為n1∶n2。開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，額定功率為P的燈泡L1正常發(fā)光，電流表示數(shù)為I，電流表內(nèi)阻不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是()A．線(xiàn)框中產(chǎn)生的電流為正弦式交變電流B．線(xiàn)框從圖中位置轉(zhuǎn)過(guò)eq\f(π,4)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為eq\f(P,I)C．燈泡L1的額定電壓等于eq\f(n1P,n2I)D．假如閉合開(kāi)關(guān)S，則電流表示數(shù)變大第Ⅱ卷非選擇題(共60分)三、填空試驗(yàn)題(本題共1小題，共12分)9.(12分)(1)“用DIS探討在溫度不變時(shí)，肯定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積關(guān)系”的試驗(yàn)裝置如圖所示。保持溫度不變，封閉氣體的壓強(qiáng)p用壓強(qiáng)傳感器測(cè)量，體積V由注射器刻度讀出。某次試驗(yàn)中，數(shù)據(jù)表格內(nèi)第2次～第8次壓強(qiáng)沒(méi)有記錄，但其他操作規(guī)范。次數(shù)123456789壓強(qiáng)p/kPa100.1p7179.9體積V/cm3181716151413121110①依據(jù)表格中第1次和第9次數(shù)據(jù)，推想出第7次的壓強(qiáng)p7，其最接近的值是________。A．128.5kPaB．138.4kPaC．149.9kPaD．163.7kPa②若考慮到連接注射器與傳感器的軟管內(nèi)氣體體積V0不行忽視，則封閉氣體的真實(shí)體積為_(kāi)_______。從理論上講p－eq\f(1,V)圖象可能接近下列哪個(gè)圖？________(2)有一電壓表V1，其量程為3V，內(nèi)阻約為3000Ω，現(xiàn)要精確測(cè)量該電壓表的內(nèi)阻，供應(yīng)的試驗(yàn)器材有：A．電源E：電動(dòng)勢(shì)約15V，內(nèi)阻不計(jì)；B．電流表A1：量程1A，內(nèi)阻r1＝2Ω；C．電壓表V2：量程2V，內(nèi)阻r2＝2000Ω；D．定值電阻R1：阻值20Ω；E．定值電阻R2：阻值3Ω；F．滑動(dòng)變阻器R0：最大阻值10Ω，額定電流1A；開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干。①供應(yīng)的試驗(yàn)器材中，應(yīng)選用的電表是________、定值電阻是________。(均填器材前的字母)②請(qǐng)你設(shè)計(jì)一個(gè)測(cè)量電壓表V1的試驗(yàn)電路圖，畫(huà)在虛線(xiàn)框內(nèi)(要求：滑動(dòng)變阻器要便于調(diào)整)。③用I表示電流表A1的示數(shù)、U1表示電壓表V1的示數(shù)，U2表示電壓表V2的示數(shù)，寫(xiě)出計(jì)算電壓表V1內(nèi)阻的表達(dá)式RV1＝________。四、計(jì)算題(本題共3小題，共48分)10．(14分)如圖所示，CDE為光滑的軌道，其中ED段是水平的，CD段是豎直平面內(nèi)的半圓，與ED相切于D點(diǎn)，且半徑R＝0.5m。質(zhì)量m＝0.2kg的小球B靜止在水平軌道上，另一質(zhì)量M＝0.2kg的小球A前端裝有一輕質(zhì)彈簧，以速度v0向左運(yùn)動(dòng)并與小球B發(fā)生相互作用。小球A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，若小球B與彈簧分別后滑上半圓軌道，并恰好能過(guò)最高點(diǎn)C，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，取重力加速度g＝10m/s2，求：(1)小球B與彈簧分別時(shí)的速度vB多大；(2)小球A的速度v0多大；(3)彈簧最大的彈性勢(shì)能Ep是多少？11．(16分)如圖所示，間距為l的兩條足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，導(dǎo)軌光滑且電阻忽視不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為d1，間距為d2。兩根質(zhì)量均為m、有效電阻均為R的導(dǎo)體棒a和b放在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直。(設(shè)重力加速度為g)(1)若導(dǎo)體棒a進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，導(dǎo)體棒b以與a同樣的速度進(jìn)入第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，求導(dǎo)體棒b穿過(guò)第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中增加的動(dòng)能ΔEk；(2)若導(dǎo)體棒a進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，導(dǎo)體棒b恰好離開(kāi)第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域；此后導(dǎo)體棒a離開(kāi)第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，導(dǎo)體棒b又恰好進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，且導(dǎo)體棒a、b在隨意一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域或無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相等。求導(dǎo)體棒a穿過(guò)第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)體棒a的電量q；(3)對(duì)于第(2)問(wèn)所述的運(yùn)動(dòng)狀況，求導(dǎo)體棒a穿出第k個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度v的大小。12．(18分)在現(xiàn)代科學(xué)試驗(yàn)室中，常常用磁場(chǎng)來(lái)限制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)。某儀器的內(nèi)部結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化如圖：足夠長(zhǎng)的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ、Ⅱ?qū)挾染鶠長(zhǎng)，邊界水平，相距也為L(zhǎng)，磁場(chǎng)方向相反且垂直于紙面，Ⅰ區(qū)緊密相鄰的足夠長(zhǎng)勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向豎直向下，寬度為d，場(chǎng)強(qiáng)E＝eq\f(3mv20,2qd)。一質(zhì)量為m，電量為＋q的粒子(重力不計(jì))以速度v0平行于紙面從電場(chǎng)上邊界水平射入電場(chǎng)，并由A點(diǎn)射入磁場(chǎng)Ⅰ區(qū)(圖中未標(biāo)出A點(diǎn))。不計(jì)空氣阻力。(1)當(dāng)B1＝B0時(shí)，粒子從Ⅰ區(qū)下邊界射出時(shí)速度方向與邊界夾角為60°，求B0的大小及粒子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；(2)若B2＝B1＝B0，求粒子從Ⅱ區(qū)射出時(shí)速度方向相對(duì)射入Ⅰ區(qū)時(shí)速度方向的側(cè)移量h；(3)若B1＝B0，且Ⅱ區(qū)的寬度可變，為使粒子經(jīng)Ⅱ區(qū)恰能返回A點(diǎn)，求Ⅱ區(qū)的寬度最小值Lx和B2的大小。物理答案1．D[命題立意]本題考查電磁波的性質(zhì)、衍射、干涉。[解析]4G和5G信號(hào)都是電磁波，電場(chǎng)強(qiáng)度方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度方向、傳播方向三者相互垂直，所以電磁波為橫波，A錯(cuò)誤；4G和5G信號(hào)的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；5G信號(hào)比4G信號(hào)頻率高，比4G信號(hào)波長(zhǎng)短，故相同時(shí)間傳遞的信息量更大，C錯(cuò)誤；4G信號(hào)比5G信號(hào)的頻率低，波長(zhǎng)長(zhǎng)，所以4G信號(hào)更簡(jiǎn)單發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，5G信號(hào)更不簡(jiǎn)單繞過(guò)障礙物，所以5G通信須要搭建更密集的基站，D正確。故選D。2．B[命題立意]本題考查α衰變、β衰變、γ射線(xiàn)、核反應(yīng)堆、質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒。[解析]由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知產(chǎn)生一個(gè)質(zhì)子11H，A錯(cuò)誤；一次α衰變，質(zhì)量數(shù)削減4，電荷數(shù)削減2，則中子數(shù)削減2，一次β衰變一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，所以中子數(shù)削減1，所以經(jīng)過(guò)4次α衰變，2次β衰變，新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)削減10，B正確；γ射線(xiàn)是電磁波，不是中子，C錯(cuò)誤；核電站可通過(guò)鎘棒限制中子數(shù)目來(lái)限制核反應(yīng)的速度，慢化劑是用來(lái)使中子減速的，D錯(cuò)誤。故選B。3．A[命題立意]本題考查光的折射定律、光電效應(yīng)、折射率與頻率波長(zhǎng)的關(guān)系、折射率與傳播速度的關(guān)系、全反射。[解析]由n＝eq\f(c,v)知紅光的傳播速度比紫光大；白光通過(guò)玻璃球后發(fā)生色散，紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，經(jīng)玻璃球折射后紅光的偏折角度最大，紫光的偏折角度最小，所以光帶兩端分別是紅光和紫光。由光路圖知M、Q點(diǎn)為紫光，N、P點(diǎn)為紅光，B錯(cuò)誤；由n＝eq\f(c,v)知紅光的傳播速度比紫光大，A正確；若照耀到M、N兩點(diǎn)的光分別照耀同一光電管且都發(fā)生光電效應(yīng)，則照耀到M點(diǎn)的光為高頻率的紫光，據(jù)eUC＝Ekm＝hν－W知照耀到M點(diǎn)的光遏止電壓高，D錯(cuò)誤；若增大白光的入射角，依據(jù)光路可逆知肯定有光束從玻璃球出射，不會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，不會(huì)有光消逝，C錯(cuò)誤。故選A。4．D[命題立意]本題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律、超重和失重、萬(wàn)有引力定律、向心力公式、第一宇宙速度、功能關(guān)系、機(jī)械能守恒定律。[解析]在d點(diǎn)處的加速度方向指向地心，應(yīng)處于失重狀態(tài)，A錯(cuò)誤；由a到c過(guò)程克服空氣阻力做功，動(dòng)能減小，由c到e過(guò)程中只有萬(wàn)有引力做功，機(jī)械能守恒，a、c、e點(diǎn)時(shí)速度大小應(yīng)當(dāng)滿(mǎn)意va＞vc＝ve，B錯(cuò)誤；在d點(diǎn)時(shí)合力等于萬(wàn)有引力，eq\f(GMm,（R＋h）2)＝ma，加速度a＝eq\f(GM,（R＋h）2)，C錯(cuò)誤；在d點(diǎn)時(shí)萬(wàn)有引力大于所需的向心力，做近心運(yùn)動(dòng)，速度大小v<eq\r(\f(GM,R＋h))＜eq\r(\f(GM,R))，D正確。故選D。[名師指導(dǎo)]在b點(diǎn)有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，在d點(diǎn)有向下的加速度，處于失重狀態(tài)。在地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的線(xiàn)速度為第一宇宙速度，大小為eq\r(\f(GM,R))。5．C[命題立意]本題考查牛頓其次定律、向心力公式、牛頓第三定律、瞬時(shí)功率、能量守恒定律。[解析]物塊A到B做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力供應(yīng)向心力，故合力做功為零，A正確；物塊經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的瞬時(shí)功率PG＝mgv0cos45°＝5W，B正確；據(jù)能量守恒定律得由A到P產(chǎn)生的內(nèi)能Q1＝mgRsin45°＝eq\f(5\r(2),2)J，由P到B過(guò)程產(chǎn)生的內(nèi)能Q2＝mgR(1－cos45°)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(5－\f(5\r(2),2)))J，C錯(cuò)誤；在B點(diǎn)由牛頓其次定律得FN－mg＝eq\f(mv20,R)，解得FN＝11N，由牛頓第三定律知物塊對(duì)圓弧軌道的壓力FN′＝FN＝11N，D正確。故選C。6．BD[命題立意]本題考查橫波的圖象、波的傳播、波長(zhǎng)頻率和波速的關(guān)系、相位差、同側(cè)法。[解析]質(zhì)點(diǎn)M和N相距6m，波的傳播時(shí)間為1.5s，波速v＝eq\f(Δx,Δt)＝eq\f(6,1.5)m/s＝4m/s，A錯(cuò)誤；由圖知波長(zhǎng)λ＝4m，xMN＝6m＝eq\f(3,2)λ，相位差為π，B正確；周期T＝eq\f(λ,v)＝1s，t＝0.5s＝eq\f(1,2)T，波傳播到x＝3.0m處，此時(shí)x＝5.0m處質(zhì)點(diǎn)未起先振動(dòng)，C錯(cuò)誤；當(dāng)t＝2.5s時(shí)N點(diǎn)起先振動(dòng)，t＝2.7s＝2.7T，N點(diǎn)已經(jīng)起先運(yùn)動(dòng)0.2s，質(zhì)點(diǎn)M、N的距離為6m＝eq\f(3,2)λ，振動(dòng)狀況完全相反，質(zhì)點(diǎn)M、N與各自平衡位置的距離相等，D正確。故選BD。[名師指導(dǎo)]質(zhì)點(diǎn)的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)方程x＝Asin(ωt＋φ)，φ為初相位，ωt＋φ為相位。波速兩個(gè)公式v＝eq\f(x,t)和v＝eq\f(λ,T)。距離相隔半波長(zhǎng)奇數(shù)倍的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，振動(dòng)狀況完全相反。7．AC[命題立意]本題考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)和場(chǎng)強(qiáng)公式、電勢(shì)、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功、牛頓其次定律。[解析]電場(chǎng)力指向粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的凹側(cè)，與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，該粒子帶正電，A正確；Ea、Eb延長(zhǎng)線(xiàn)的交點(diǎn)就是場(chǎng)源電荷Q所在的位置。電場(chǎng)方向指向場(chǎng)源電荷，所以場(chǎng)源電荷為負(fù)電荷，Ra＞Rb，點(diǎn)電荷四周的等勢(shì)面是以場(chǎng)源電荷為球心的同心球面，電場(chǎng)線(xiàn)方向由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能Epa＝qφa，粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能Epb＝qφb，所以Epa>Epb，電勢(shì)能減小，C正確；Ra＞Rb，據(jù)E＝keq\f(Q,R2)知a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，因?yàn)閝E＝ma，所以粒子在a點(diǎn)的加速度小于在b點(diǎn)的加速度，D錯(cuò)誤。故選AC。[名師指導(dǎo)]在曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中電場(chǎng)力指向軌跡凹側(cè)且與場(chǎng)強(qiáng)方向在同始終線(xiàn)上。負(fù)點(diǎn)電荷四周各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)指向負(fù)點(diǎn)電荷。點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是以點(diǎn)電荷為球心的同心球面。8．ABD[命題立意]本題考查正弦式電流的四值、變壓器規(guī)律。[解析]線(xiàn)框從中性面起先繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的是正弦式交變電流，A正確；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝eq\f(\r(2)P,I)sinωt，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)eq\f(π,4)時(shí)，e＝eq\f(\r(2)P,I)sineq\f(π,4)＝eq\f(P,I)，B正確；原線(xiàn)圈兩端的電壓的有效值為U1＝eq\f(P,I)，據(jù)eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)得副線(xiàn)圈兩端的電壓的有效值U2＝eq\f(n2U1,n1)＝eq\f(n2P,n1I)，燈泡正常發(fā)光，所以額定電壓為eq\f(n2P,n1I)，C錯(cuò)誤；S閉合，副線(xiàn)圈電阻變小，輸出電流I2＝eq\f(U2,R)變大，輸入電流I1＝eq\f(n2,n1)I2也變大，即電流表示數(shù)變大，D正確。故選ABD。[誤區(qū)警示]留意分清交變電流的瞬時(shí)值、最大值、有效值、平均值，電流表、電壓表的示數(shù)都是有效值，全部用電器的額定電壓也是有效值。還需記住輸入電壓確定輸出電壓，輸出電流確定輸入電流，輸出功率確定輸入功率。9．(1)①C②V0＋VD[命題立意]本題考查探究溫度不變時(shí)肯定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系試驗(yàn)原理、數(shù)據(jù)處理、誤差分析。[解析]①據(jù)玻意耳定律知肯定質(zhì)量志向氣體，壓強(qiáng)與體積成反比。由第1次和第9次數(shù)據(jù)得它們的壓強(qiáng)與體積乘積約為1800，也正好近似相等，試驗(yàn)第7次的壓強(qiáng)p7＝eq\f(100.1×18,12)kPa＝150kPa，C正確，ABD錯(cuò)誤。故填C。②在軟管內(nèi)氣體體積V0不行忽視時(shí)，被封閉氣體的初狀態(tài)的體積為V0＋V，壓強(qiáng)為p0，末狀態(tài)的體積為V0＋V′，壓強(qiáng)為p，由玻意耳定律得p0(V0＋V)＝p(V0＋V′)，解得p＝p0eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(V0＋V,V0＋V′)))，當(dāng)式中的V′趨向于零時(shí)，有：p＝p0eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(V0＋V,V0)))，即該曲線(xiàn)的漸近線(xiàn)方程是：p＝p0eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(V0＋V,V0)))，D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。[名師指導(dǎo)]V趨向于零時(shí)壓強(qiáng)趨向于p0，在p－eq\f(1,V)圖象中是eq\f(1,V)趨向于無(wú)限大，壓強(qiáng)趨向于p0；該試驗(yàn)為了保證氣體的溫度不發(fā)生改變，應(yīng)留意兩點(diǎn)，一是不能用手握住注射器的前端，二是推拉活塞時(shí)要緩慢。(2)①CD②eq\a\vs4\al()③eq\f(U1r2,U2)[命題立意]本題考查測(cè)量電壓表內(nèi)阻的試驗(yàn)原理、儀器選擇、電路設(shè)計(jì)。[解析]①待測(cè)電壓表的電壓量程為3V，最大電流I＝eq\f(U1,r1)＝eq\f(3,3000)A＝1mA，電流表的量程1A無(wú)法測(cè)1mA的小電流。通過(guò)電壓表V2的電流為eq\f(2,2000)＝1mA，可以用來(lái)測(cè)待測(cè)電壓表的電流，故選電壓表V2。選用R2，電流會(huì)超過(guò)1A，燒毀變阻器或電源，為愛(ài)護(hù)電源和變阻器，定值電阻應(yīng)選阻值大的R1。②由于滑動(dòng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電壓表內(nèi)阻，所以變阻器應(yīng)采納分壓式接法；因?yàn)榇郎y(cè)電壓表的額定電流I＝eq\f(U1,r1)＝eq\f(3,3000)A＝1mA，電壓表V2的額定電流I2＝eq\f(2,2000)A＝1mA，所以應(yīng)將兩電壓表串聯(lián)運(yùn)用，電路圖如答圖所示。③據(jù)歐姆定律和串聯(lián)規(guī)律得eq\f(U1,r1)＝eq\f(U2,r2)，解得RV1＝eq\f(U1,U2)r2。[名師指導(dǎo)]①若待測(cè)電阻是電壓表，應(yīng)通過(guò)其額定電壓與求出的額定電流大小來(lái)選擇電壓表和電流表；②留意電表的“反常規(guī)”接法，即電壓表可以與電壓表串聯(lián)或電流表可以與電流表并聯(lián)；③當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)采納分壓式接法。10．(1)5m/s(2)5m/s(3)1.25J[命題立意]本題考查豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)、動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律。[解題思路](1)據(jù)小球B恰好能過(guò)最高點(diǎn)C分析臨界條件，由牛頓其次定律、向心力公式求小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度，對(duì)從D到C過(guò)程據(jù)機(jī)械能守恒定律求小球B與彈簧分別時(shí)的速度。(2)對(duì)A、B系統(tǒng)據(jù)動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求小球A的速度v0。(3)先分析彈簧彈性勢(shì)能最大時(shí)刻A、B速度狀況，再據(jù)動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求彈簧的最大彈性勢(shì)能。[解](1)設(shè)小球B過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度為vC，由題干知小球恰好能通過(guò)最高點(diǎn)，故在最高點(diǎn)由牛頓其次定律得：mg＝meq\f(v2C,R)，從B點(diǎn)到C點(diǎn)由動(dòng)能定理得：－mg·2R＝eq\f(1,2)mv2C－eq\f(1,2)mv2B，解得vB＝5m/s。(2)A、B碰撞是彈性碰撞，由動(dòng)量守恒得：Mv0＝MvA＋mvB，由機(jī)械能守恒得：eq\f(1,2)Mv20＝eq\f(1,2)Mv2A＋eq\f(1,2)mv2B，解得v0＝5m/s。(3)當(dāng)兩者速度相同時(shí)彈簧有最大彈性勢(shì)能Ep，設(shè)共同速度為v，Mv0＝(M＋m)v，Ep＝eq\f(1,2)Mv20－eq\f(1,2)(M＋m)v2，解得Ep＝1.25J。11．(1)mgd1sinθ(2)eq\f(Bld1,2R)(3)eq\f(4mgRd2,B2l2d1)sinθ－eq\f(B2l2d1,8mR)[命題立意]本題考查電磁感應(yīng)中的能量問(wèn)題、電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題、牛頓其次定律、動(dòng)量定理。[解題思路](1)對(duì)a進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域、b以與a同樣的速度進(jìn)入第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域兩個(gè)時(shí)刻，據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)公式分析a、b的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小和方向，確定有沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，兩棒是否受安培力，機(jī)械能是否守恒，最終求ΔEk。(2)據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、電荷量的計(jì)算公式求電荷量。(3)由于導(dǎo)體棒做加速度漸漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，其加速度是改變的，可以化分為許很多多的小過(guò)程由動(dòng)量定理求解，如在極短的時(shí)間內(nèi)安培力可以認(rèn)為不變，也可用牛頓其次定律列方程，然后依據(jù)數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)求解。[解](1)a和b不受安培力的作用，由機(jī)械能守恒知ΔEk＝mgd1sinθ。(2)依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E＝eq\f(ΔΦ,Δt)，依據(jù)閉合電路歐姆定律有I＝eq\f(E,2R)，又q＝I·Δt，ΔΦ＝Bld1，解得通過(guò)a棒的電量q＝eq\f(Bld1,2R)。(3)設(shè)導(dǎo)體棒剛進(jìn)入無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為v1，剛離開(kāi)無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為v2，在無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域，mgsinθ＝ma，v2－v1＝at，d2＝eq\f(v1＋v2,