黃金卷02-【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（山東卷專用）（解析版）

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（山東卷專用）黃金卷02（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~8題只有一項符合題目要求，第9~12題有多項符合題目要求。單選題每小題3分，多選題全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。1．地鐵靠站時列車車體和屏蔽門之間安裝有光電傳感器。如圖甲所示，若光線被乘客阻擋，電流發(fā)生變化，工作電路馬上報警。如圖乙所示，光線放射器內(nèi)大盤處于激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，輻射出的光中只有a、b兩種可以使該光電管陰極逸出光電子，圖丙所示為a、b光單獨照射光電管時產(chǎn)生的光電流I與光電管兩端電壓U的關系圖線。已知光電管陰極材料的逸出功為2.55eV，可見光光子能量范圍是1.62eV～3.11eV，下列說法正確的是（）

A．光線放射器中發(fā)出的光有兩種為可見光B．題述條件下，光電管中光電子飛出陰極時的最大初動能為9.54eVC．題述a光為氫原子從能級躍遷到能級時發(fā)出的光D．若部分光線被遮擋，光電子飛出陰極時的最大初動能變小【答案】B【解析】A．光線放射器中發(fā)出的三種光子的能量分別為：E1=-1.51eV-（-13.6）eV=12.09eVE2=-3.40eV-（-13.6）eV=10.2eVE3=-1.51eV-（-3.40）eV=1.89eV可知光線放射器中發(fā)出的光只有一種為可見光，故A錯誤；B．依據(jù)光電效應方程可知E1=W0+Ekm光電管中光電子飛出陰極時的最大初動能為Ekm=12.09eV-2.55eV=9.54eV故B正確；C．a(chǎn)光遏止電壓小于b光遏止電壓，由E=W0+Ekm，得a光子能量小于b光子能量，則題述a光子能量等于E2，為氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級時發(fā)出的光，故C錯誤；D．部分光線被遮擋，不轉變光子能量，則光電子飛出陰極時的最大初動能不變，故D錯誤。故選B。2．洛希極限是19世紀法國天文學家洛希在爭辯衛(wèi)星狀理論中提出的一個使衛(wèi)星解體的極限數(shù)據(jù)，即當衛(wèi)星與行星的距離小于洛希極限時，行星與衛(wèi)星間的引力會使衛(wèi)星解體分散。洛希極限的計算公式其中k為常數(shù)，ρ'、ρ分別為行星和衛(wèi)星的密度，R為行星的半徑。若一顆行星的半徑為R0，該行星與衛(wèi)星的近地衛(wèi)星周期之比為a，則行星與該衛(wèi)星間的洛希極限為（??）A． B． C． D．【答案】A【解析】對于質量為m的近地衛(wèi)星，由萬有引力供應向心力有由密度公式聯(lián)立解得所以密度與其近地衛(wèi)星環(huán)繞周期平方成反比，再由解得故選A。3．如圖所示，a、b兩束光以相同的入射角射入長方體形玻璃磚中，兩束出射光在平行于玻璃磚的屏上形成M、N兩個光斑，已知a光折射光線的側移量大于b光折射光線的側移量。下列說法正確的是（）

A．在真空中，a光的波長更長B．在真空中，a光光子的動量更大C．若a、b兩束光在屏上會聚于一點，可發(fā)生干涉現(xiàn)象D．若a、b兩束光分別通過同一個狹縫，則a光形成的中心亮條紋更寬【答案】B【解析】C．由題意和圖可知，玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率，故a光的頻率大于b光的頻率，兩束光會聚于一點，不行能發(fā)生干涉現(xiàn)象，C錯誤；AD．依據(jù)可知，在真空中a光的波長較短，依據(jù)條紋間距關系可知，若a、b兩束光分別通過同一個狹縫，則a光形成的中心亮條紋更窄，A、D錯誤；B．由可知，在真空中a光光子的動量更大，B正確。故選B。4．中空的圓筒形導體中的電流所產(chǎn)生的磁場，會對其載流粒子施加洛倫茲力，可用于設計能供應平安核能且燃料不虞匱乏的核融合反應器。如圖所示為筒壁很薄、截面圓半徑為R的鋁制長直圓筒，電流I平行于圓筒軸線穩(wěn)定流淌，均勻通過筒壁各截面，筒壁可看作n條完全相同且平行的均勻分布的長直載流導線，每條導線中的電流均為，n比1大得多。已知通電電流為i的長直導線在距離r處激發(fā)的磁感應強度，其中k為常數(shù)。下列說法正確的是（）A．圓筒內(nèi)部各處的磁感應強度均不為0B．圓筒外部各處的磁感應強度方向與筒壁垂直C．每條導線受到的安培力方向都垂直筒壁向內(nèi)D．若電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，每條導線受到的安培力也變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】C【解析】A．圓筒軸線處的磁場為n條通電導線激發(fā)磁場的矢量和，由安培定則和對稱性可知，圓筒軸線處的磁場剛好抵消，磁感應強度為0，故A錯誤；B．各條通電導線在圓筒外部P處激發(fā)的磁場如圖所示由對稱性可知，合磁場方向在垂直軸線的平面內(nèi)且與筒壁切線平行，故B錯誤；C．某條通電導線受到的安培力是受除它之外的條通電導線激發(fā)的合磁場施加的，由對稱性可知通電導線處合磁場沿圓周切線方向，由左手定則推斷，這條通電導線受到的安培力垂直筒壁方向指向軸線，故C正確；D．若電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，由磁場的疊加，某條通電導線所在處的磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，由安培力公式，可知通電導線受到的安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤。故選C。5．如圖所示電路圖，電源電動勢E=3V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻箱初始電阻值R1=3Ω，定值電阻R2=2Ω，R3=1Ω，電容器電容C=6μF。當開關S閉合時，電容器內(nèi)的帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A．當電阻箱R1變大時，帶電微粒將向下加速運動B．當開關S由閉合到斷開時，電容器上的電荷量增加了C．將電容器兩極板距離增大時，流過電流表的電流方向從b到aD．R1增大時，R1上的功率肯定減小【答案】D【解析】A．當開關S閉合時，電容器內(nèi)的帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)，則當電阻箱R1變大時,依據(jù)“串反并同”，兩端的電壓變大，電容器的電壓變大，依據(jù)可知增大，粒子向上加速運動，A錯誤；B．開關S閉合時，干路電流為路端電壓為流過電阻的電流為電容器兩端的電壓為電容器所帶電荷量為開關S斷開時，流過電阻的電流為電容器兩端的電壓為電容器所帶電荷量為電容器上的電荷量增加量為B錯誤；C．將電容器兩極板距離增大時，依據(jù)可知，電容器的電容減小，依據(jù)可知電容器帶電量減小，電容器放電，又由于下極板帶負電，所以流過電流表的電流方向從a到b，C錯誤；D．電路的外電阻為由于，依據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關系，如圖可知，當增大時，電源的輸出功率減小，依據(jù)依據(jù)“串反并同”，可知路端電壓是增大的，、串聯(lián)支路的功率在增大，所以R1上的功率肯定減小，D正確。故選D。6．利用電磁打點計時器可形成駐波。如圖，連接電磁打點計時器的溝通電源頻率為50Hz，一條彈性繩左端連接電磁打點計時器的振片，右端過支架的P點掛一重物M。振片的振動能在繩中形成向右傳播的一列機械波，該波在P點反射后能產(chǎn)生向左傳播的機械波，兩列機械波的頻率、振幅均相等，此時在繩中形成駐波，如圖所示。A、C質點始終靜止不動，B、D質點振幅最大，其余各質點振幅依次變化，已知質點平衡位置間距離，E質點的平衡位置在A、B兩質點的平衡位置之間。時刻，D質點正處于波谷，下列說法正確的是（

）A．兩列波的波長均為2.4mB．兩列波的波速均為120m/sC．時，E質點正位于平衡位置向上運動D．時，B質點正位于平衡位置向下運動【答案】D【解析】A．B、D是相鄰的振動加強點，若其中一個點是波峰與波峰相遇的位置，則另一個點是波谷與波谷相遇的位置，可知B、D平衡位置間距離為，可得λ=4.8m故A錯誤；B．依據(jù)波速的公式，有v=λf=4.8×50m/s=240m/s故B正確；CD．依據(jù)題意可知t=0時刻，D點處于波谷，是波谷與波谷相遇處，則B是波峰與波峰相遇處，再經(jīng)極短時間E點參與兩列波的振動，速度分別為v1，v2，t=0時刻v1、v2大小相等方向相反，合速度為零，E處于波峰，經(jīng)極短時間后合速度向下，E向下振動，則經(jīng)時間B和E均正位于平衡位置向下運動，故C錯誤，D正確。故選D。7．所示，足夠長的傾斜傳送帶與水平方向夾角為37°，以大小為的速率順時針勻速轉動，兩質量均為m的物塊A、B連接在不行伸長的輕繩兩端，并繞過光滑的定滑輪，其中物塊A在傳送帶頂端，物塊B豎直懸掛，物塊與傳送帶的動摩擦因數(shù)為（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）。且給兩物塊相同速率，A物塊初速度沿傳送帶向下，B物塊速度豎直向上，且，下列能正確反映A物塊在傳送帶上運動的圖像是（，以沿傳送帶向下為正方向）（）A． B．C． D．【答案】D【解析】A物塊相對傳送帶向下運動時，由牛頓其次定律可得當與傳送帶共速后，要保持勻速向上運動，則需要的靜摩擦力但最大靜摩擦力為故物塊會相對傳送帶向上滑動，此時直到從傳送帶上端滑出。故選D。8．如圖所示，輕彈簧左端固定在墻壁上，右端拴接質量為的物塊，初始時彈簧處于原長狀態(tài)，物塊靜止在地面上，其左側地面光滑，右側地面粗糙．質量為的物塊從距離物塊為的位置以大小為的初速度向運動，并以大小為的速度與發(fā)生碰撞（碰撞時間極短），碰后物塊靜止。兩物塊均可視為質點，重力加速度為，則（）

A．物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為B．兩物塊第一次碰撞損失的能量為C．彈簧的最大彈性勢能為D．物塊最終停止在其初始位置的右側【答案】B【解析】A．依據(jù)題意，B運動過程中，由動能定理有解得故A錯誤；B．由于碰撞時間極短，則碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，則有解得則兩物塊第一次碰撞損失的能量為故B正確；C．依據(jù)題意可知，碰撞之后，物塊A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，當物塊A的動能為0時，彈簧的彈性勢能最大，由機械能守恒定律有故C錯誤；D．依據(jù)題意，由上述分析可知，物塊B由初位置運動到物塊A靜止的位置，動能減小了由于碰撞過程中動能損失，則物塊B經(jīng)過2次與物塊A的碰撞，動能肯定小于，由動能定理可知，物塊最終肯定停止在其初始位置的左側，故D錯誤。故選B。9．物理教育家朱正元教授曾說過“壇壇罐罐當儀器，拼拼湊湊做試驗”。同學們用生活中的常見的道具設計了形形色色的小試驗，下列關于試驗的原理說法正確的有（

）A．如圖(a)所示，甲同學制作的“花藤”，書頁之間交叉放置，不需要膠水，而下方的書并未由于自身重力而脫離，是由于書本之間具有靜摩擦力B．如圖(b)所示，乙同學用吸墨紙制作的“紙蛇”，當他在蛇的褶皺上滴一滴水之后，紙蛇漸漸向前動了起來。這是由于紙纖維的毛細作用使得水發(fā)生布朗運動現(xiàn)象，從而讓紙蛇的褶皺也隨之擴開放來C．如圖(c)所示，丙同學制作的“彩虹糖旋風”，在玻璃容器里放置少量液體，色素漸漸溶于水，呈現(xiàn)出圖片中的狀態(tài)，這是分子運動引起的集中現(xiàn)象導致的D．如圖(d)所示，輝光球在其四周形成了一不均勻的電場，丁同學利用輝光球“點亮”了日光燈燈管，這是感應起電現(xiàn)象?！敬鸢浮緼C【解析】A．書頁之間交叉放置，相互擠壓，并產(chǎn)生靜摩擦力，從而阻礙下方的書掉落，故A正確；B．紙是由纖維構成的，纖維之間的縫隙很小，形成了大量的毛細管，當紙與水接觸后，水通過毛細作用快速浸潤到紙的纖維縫隙中，轉變紙的張力，從而讓紙蛇的褶皺也隨之擴開放來，而布朗運動是指懸浮在液體或氣體中的布朗微粒的無規(guī)章運動，故B錯誤；C．在玻璃容器里放置少量液體，色素漸漸溶于水，這是分子無規(guī)章運動引起的集中現(xiàn)象導致的，故C正確；D．輝光球四周存在強電場，當日光燈靠近輝光球時，在日光燈兩端產(chǎn)生高壓，使日光燈中的稀有氣體電離，從而發(fā)光，這種現(xiàn)象和靜電感應無關，故D錯誤。故選AC。10．如下圖所示的家用燃氣爐架有四個爪，若將總質量為m的鍋放在爐架上，忽視爪與鍋之間的摩擦力，設鍋為半徑為R的球面，下列說法正確的是（）

A．每個爪對鍋的彈力方向豎直向上B．每個爪與鍋之間的彈力大于C．R越大，燃氣爐架對鍋的彈力越大D．R越大，燃氣爐架對鍋的彈力越小【答案】BD【解析】A．依據(jù)彈力的特點可知每個爪對鍋的彈力方向沿接觸點指向球心方向，故A錯誤；B．設每個爪與鍋之間的彈力F方向與水平方向夾角為，豎直方向依據(jù)平衡條件有解得故B正確；CD．設正對的一對爪之間的距離為，可知結合前面分析得由于d不變，故可知當R越大時，F(xiàn)越小，故C錯誤，D正確。故選BD。11．如圖所示，真空中有一正方體，在正方體的頂點處分別固定一個電荷量相等的正點電荷，則下列說法正確的是（）

A．B點和點的電勢相等B．B點和D點的場強相同C．若有一個電子以某一初速度射入該空間中，可能做勻變速運動D．若有一個電子以某一初速度射入該空間中，可能做勻速圓周運動【答案】AD【解析】A．由兩個等量同種點電荷四周電勢的對稱性可知，頂點、處的電勢相等，故A正確；B．由電場疊加和對稱性可知，頂點B、D處的電場強度方向不同，則B點和D點的場強不同，故B錯誤；C．兩個正點電荷形成的電場不是勻強電場，電子不受恒定的電場力，不行能做勻變速運動，故C錯誤；D．只在電場力作用下，電子要做勻速圓周運動，則必需受到大小不變的電場力，由等量同種點電荷電場分布圖可知，電子在垂直于并過中心點點的平面內(nèi)可能繞點做勻速圓周運動，故D正確。故選AD。12．如圖所示，ab、cd為固定在水平面上的光滑金屬導軌（電阻忽視不計），ab、cd的間距為L，左右兩端均接有阻值為R的電阻；一質量為m、長為L的金屬棒MN垂直放在導軌上，甲、乙為兩根相同的輕質彈簧，彈簧一端均與金屬棒MN的中點連接，另一端被固定，兩彈簧都處于原長狀態(tài)；整個裝置處在方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中?，F(xiàn)給金屬棒MN一水平向左的初速度v，使之在導軌上運動，運動過程中MN始終垂直于軌道并與導軌接觸良好，其接入電路的有效電阻為R。經(jīng)過一段時間，金屬棒MN第一次速度為零，這一過程中ac間的電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為Q。再經(jīng)過一段時間金屬棒MN其次次速度為零，此時，甲彈簧的彈性勢能為Ep，彈簧始終處于彈性范圍內(nèi)，且金屬棒始終未與彈簧固定處發(fā)生碰撞。下列選項正確的是（）A．初始時刻金屬棒的加速度大小為B．當金屬棒第一次到達最左端時，甲彈簧的彈性勢能為C．當金屬棒第一次回到初始位置時，動能為D．金屬棒由初始位置開頭至其次次速度為零的過程中，金屬棒MN上產(chǎn)生的總焦耳熱為【答案】BD【解析】A．初始時刻，金屬棒產(chǎn)生的感應電動勢為感應電流為由可得故A錯誤；B．當金屬棒第一次到達最左端時，通過MN的電流始終是R上的兩倍，故MN產(chǎn)生的焦耳熱為4Q，系統(tǒng)產(chǎn)生的總焦耳熱為由動能定理及能量守恒定律可得可得甲彈簧的彈性勢能為故B正確；C．當金屬棒向左運動后第一次回到初始位置過程中，由于安培力始終對MN做負功，產(chǎn)生焦耳熱，棒第一次達到最左端的過程中，產(chǎn)生的焦耳熱為6Q。棒平均速度最大，平均安培力最大，棒克服安培力做功最大，整個回路中產(chǎn)生的焦耳熱更多，回到平衡位置時產(chǎn)生的焦耳熱小于6Q，由動能定理可得解得其中可得故C錯誤；D．當金屬棒由初始位置開頭至第一次到達最右端過程中，由能量守恒通過MN的電流始終是R上的兩倍，則可得故D正確。故選BD。第Ⅱ卷二、試驗題：本題共2小題，共14分。13．（6分）阿特伍德機是有名的力學試驗裝置。繞過定滑輪的細線上懸掛質量均為M的重錘A和B，在B下面再掛質量為m的重物C時，由于速度變化不太快，測量運動學物理量更加便利。（1）如圖1所示，在重錘A下方固定打點計時器，用紙帶連接A，測量A的運動狀況。下列操作過程正確的是。

A．固定打點計時器應將定位軸置于系重錘A的細線的正下方B．開頭時紙帶應豎直下垂并與系重錘A的細線在同一豎直線上C．應先松開重錘讓A向上運動，然后再接通打點計時器電源打點D．打點結束后先將紙帶取下，再關閉打點計時器電源（2）從靜止釋放重物C，得到了一條點跡清楚的紙帶。其中部分紙帶如圖2所示，紙帶上相鄰兩點之間的時間間隔均為T（在誤差允許范圍內(nèi)，認為釋放鉤碼的同時打出A點）。通過計算可以得到相應的速率，作出圖像如圖3所示，圖像直線的斜率為k，則當?shù)氐闹亓铀俣龋ㄓ帽硎荆?/p>

（3）在得到了重力加速度后，試驗小組想進一步驗證動量定理，圖4為得到的另一條清楚紙帶，相鄰計數(shù)點間距離分別為，相鄰計數(shù)點時間間隔為T，若從運動到的過程中，若滿足關系式，說明A、B、C組成的系統(tǒng)動量定理驗證成功（g為已知量）。【答案】B【解析】（1）[1]AB．開頭時，紙帶應豎直下垂并與系重錘A的細線在同一豎直線上，從而盡可能減小紙帶運動過程中所受的摩擦阻力，所以打點計時器振針應置于系重錘A的細線的正下方，而定位軸位置在復寫紙中心，振針旁邊，所以定位軸不應在重錘A的細線正下方，故A錯誤，B正確；C．由于重錘A速度較快，且運動距離有限，打出的紙帶長度也有限，為了能在長度有限的紙帶上盡可能多地獵取間距適當?shù)臄?shù)據(jù)點，試驗時應先接通打點計時器電源，再釋放重錘A，故C錯誤；D．打點結束后應先關閉打點計時器電源，再取下紙帶，故D錯誤。故選B。（2）[2]依據(jù)動能定理有變式可得可知解得（3）[3]利用勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得，則由動量定理整理的可知，若滿足以上關系式則可知A、B、C組成的系統(tǒng)動量定理驗證成功。14．（8分）用如圖甲所示的電路爭辯壓敏電阻應變片Rx的壓阻效應。電源的電動勢為3V。內(nèi)阻忽視不計。除圖甲中的器材外，試驗室還供應了如下器材可供選擇：電壓表V（量程為0~15V，內(nèi)阻約為20kΩ，其讀數(shù)用U表示）電流表A1（量程為0~0.6A，內(nèi)阻r1=1.5Ω，其讀數(shù)用I1表示）電流表A2（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約為2Ω，其讀數(shù)用I2表示）（1）請在選好器材后完成圖甲中虛線框內(nèi)的部分電路；（2）在電阻Rx上施加壓力F，閉合開關S，登記電表讀數(shù)，該電路測量電阻Rx阻值的表達式為Rx=（用題目中給出的字母表示）。轉變壓力F，得到不同的Rx值，記錄數(shù)據(jù)并繪成Rx—F圖像如圖乙所示；（3）一同學想把電流表改成簡易壓力表，他仍舊使用原來的表盤，只是把表盤上標示的數(shù)字“0.2、0.4、0.6”改為相應的壓力值，試驗接受的電路如圖丙所示。他在表盤上表示0.1A的刻度線處標上數(shù)字0，則電路中滑動變阻器的阻值應為R0=Ω，此壓力表能測量的最大壓力值為Fm=N。使用這只“壓力表”的不便利之處是。【答案】10.512.5刻度線均勻，但壓力值不均勻，無法估讀【解析】（1）[1]電源的電動勢為3V，試驗所給電壓表量程為0~15V，讀數(shù)誤差較大，不宜使用。由于電流表A1內(nèi)阻已知，則可用電流表A1作電壓表使用，如下圖所示（2）[2]依據(jù)并串聯(lián)電路規(guī)律和歐姆定律可得，該電路測量電阻Rx阻值的表達式為（3）[3]依據(jù)閉合電路歐姆定律有由題可知，當時，壓力為零，結合圖乙可知，帶入解得[4][5]由圖乙可知，Rx與所受壓力F成一次函數(shù)關系，兩者關系為則依據(jù)閉合電路歐姆定律有可知當取最大值時，可得此壓力表能測量的最大壓力值為依據(jù)電流表示數(shù)I與Rx所受壓力F的關系式可知，使用這只“壓力表”的不便利之處是刻度線均勻，但壓力值不均勻，無法估讀。三、計算題：本題共4小題，共46分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最終答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。15．（7分）如圖所示為一超重報警裝置示意圖，高為L、橫截面積為S、質量為m、導熱性能良好的薄壁容器豎直倒置懸掛，容器內(nèi)有一厚度不計、質量為m的活塞，穩(wěn)定時正好封閉一段長度的抱負氣柱。活塞可通過輕繩連接以達到監(jiān)測重物的目的，當所掛重物為時，剛好觸發(fā)超重預警，活塞恰好下降至位于離容器底某位置的預警傳感器處。已知初始時環(huán)境熱力學溫度為，大氣壓強為，重力加速度為g，缸內(nèi)氣體內(nèi)能與熱力學溫度的關系為，k為常數(shù)，不計摩擦阻力。（1）求預警傳感器到容器底部的距離；（2）在（1）條件下，若外界溫度緩慢降低為，求在剛好觸發(fā)超重預警到外界溫度緩慢降低為的過程中向外界放出的熱量?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）設預警傳感器到容器底部的距離為，掛重物前，對活塞分析，有掛上重物后，對重物和活塞組成的系統(tǒng)分析，有又氣體發(fā)生等溫變化，則解得（2）氣體發(fā)生等壓變化，則解得外界對氣體做功氣體內(nèi)能的變化量為依據(jù)熱力學第肯定律可得，可知，氣體放出的熱量為16．如圖，水平軌道與圓弧軌道在點相切連接，水平軌道置于圓弧軌道右上方，三軌道位于同一豎直平面內(nèi)。段圓心為，圓心角，半徑，D與點的高度差，軌道長，DE長。用質量的滑塊（視為質點）將彈簧壓縮后由靜止釋放，滑塊在A點脫離彈簧，從點飛出后恰好沿水平方向進入水平直軌道滑行，與擋板彈性碰撞后（無能量損失，且碰撞時間極短）停在距離點處．軌道和粗糙，其他光滑，不計空氣阻力，滑塊與軌道間的動摩擦因數(shù)，重力加速度取，，，求：（1）滑塊與軌道間的動摩擦因數(shù)及滑塊在軌道上因摩擦產(chǎn)生的熱量；（2）滑塊飛離點時對圓弧軌道的壓力大??；（3）彈簧的彈性勢能?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）【解析】（1）滑塊從點飛出做拋體運動，設飛出時滑塊速度為，如圖所示，將分解水平方向豎直方向又由以上三式，解得，，滑塊恰好從點沿水平方向進入軌道，運動停下，由動能定理有解得由功能關系知，滑塊在點的動能最終都轉化為熱能，即解得（2）設滑塊飛離點時，軌道對滑