四川省南充市2023-2024學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次段考試題含解析_第1頁
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Page14考試時間:75分鐘試題滿分:100分一.單項選擇題(每題4分,共28分)1.下列說法中錯誤的是()A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象,為人類進入電氣化時代做出偉大貢獻C.查德威克提出分子電流假說,指出磁體和電流的磁場本質(zhì)上都是運動電荷產(chǎn)生的D.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在,赫茲用實驗“捕捉”到了電磁波【答案】C【解析】【詳解】A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系,故A正確;B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象,為人類進入電氣化時代做出偉大貢獻,故B正確;C.安培提出分子電流假說,指出磁體和電流的磁場本質(zhì)上都是運動電荷產(chǎn)生的,故C錯誤;D.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在,赫茲用實驗“捕捉”到了電磁波,故D正確。本題選錯誤的,故選C。2.跳水運動一直是我國傳統(tǒng)的優(yōu)勢體育項目,我們的國家跳水隊享有“夢之隊”的贊譽。在某次訓(xùn)練中,跳水運動員在跳臺上由靜止開始豎直落下,進入水中后在水中做減速運動,速度減為零時并未到達池底。不計空氣阻力,下列說法正確的是()A.運動員在空中運動時,其動量變化量大于重力的沖量B.運動員從剛進入水中到速度減為零的過程中,其重力的沖量等于水的作用力的沖量C.運動員從開始下落到速度減為零的過程中,其動量的改變量等于水的作用力的沖量D.運動員從開始下落到速度減為零的過程中,其重力的沖量與水的作用力的沖量等大反向【答案】D【解析】【詳解】A.運動員在空中運動過程中只受重力作用,根據(jù)動量定理可知運動員在空中動量的改變量等于重力的沖量,故A錯誤;B.運動員在水中運動過程中受到重力和水對他的作用力,動量的變化向上,則其重力的沖量小于水的作用力的沖量,故B錯誤;C.整個過程根據(jù)動量定理可得I=m△v=0,故運動員整個向下運動過程中合外力的沖量為零,故C錯誤;D.整個過程根據(jù)動量定理可得I=IG+IF=m△v=0所以IG=-IF即運動員整個運動過程中重力沖量與水的作用力的沖量等大反向,故D正確;故選D。3.如圖所示的勻強電場E的區(qū)域內(nèi),由A、B、C、D、、、、作為頂點構(gòu)成一正方體空間,電場方向與面ABCD垂直.下列說法正確的是()A.AD兩點間電勢差與兩點間電勢差相等B.帶正電的粒子從A點沿路徑移到點,電場力做正功C.帶負電的粒子從A點沿路徑移到點,電勢能減小D.帶電的粒子從A點移到點,沿對角線與沿路徑電場力做功不相同【答案】B【解析】【詳解】A.電場強度的方向與面ABCD垂直,所以面ABCD是等勢面,A、D兩點的電勢差為0,又因A、兩點沿電場線的方向有距離,所以不為0,故A錯誤;B.帶正電的粒子從A點到D電場力不做功,而由電場力做正功,故B正確;C.帶負電的粒子從A點到D電場力不做功,而由電場力做負功,電勢能增大,故C錯誤;D.由電場力做功的特點(電場力做功與路徑無關(guān),只與初末位置的電勢差有關(guān))可知,帶電粒子從A點移到點,沿對角線與沿路徑電場力做功相同,故D錯誤。故選B。4.一個單擺在地面上做受迫振動,其共振曲線振幅A與驅(qū)動力頻率f的關(guān)系如圖所示,則下列說法不正確的是()A.此單擺固有周期為0.5sB.當驅(qū)動力的頻率為0.25Hz時,單擺的振動頻率也為0.25HzC.若擺長增大,單擺的固有頻率不變D.若擺長增大,共振曲線的峰將向左移動【答案】AC【解析】【詳解】A.單擺做受迫振動,振動頻率與驅(qū)動力頻率相等;當驅(qū)動力頻率等于固有頻率時,發(fā)生共振,則固有頻率為,周期為2s,故A錯誤;B.做受迫振動的物體其振動頻率等于驅(qū)動力的頻率,所以當驅(qū)動力的頻率為0.25Hz時,單擺的振動頻率也為0.25Hz。故B正確;CD.若擺長增大,由公式單擺的固有周期增大,則固有頻率減小。若擺長增大,則固有頻率減小,所以共振曲線的峰將向左移動。故C錯誤,D正確。本題選不正確的,故選AC。5.第24屆冬季奧林匹克運動會于2022年2月20日落下帷幕,冰壺運動是冬奧會比賽項目之一。假設(shè)運動員用紅壺撞擊靜止在水平冰面上的藍壺,兩壺發(fā)生正碰,不計碰撞時間,碰撞前、后兩壺的v-t圖像如圖所示。已知兩壺的質(zhì)量均為20kg,則碰撞后藍壺的加速度大小為()A.0.12m/s2 B.0.14m/s2C.0.16m/s2 D.0.18m/s2【答案】A【解析】【詳解】設(shè)碰后藍壺速度為v,碰前紅壺的速度v0=1.0m/s,碰后紅壺的速度為v'=0.4m/s,取碰撞前紅壺的速度方向為正方向,根據(jù)動量守恒定律mv0=mv'+mv解得v=0.6m/s碰撞后藍壺的加速度為負號表示加速度方向與初速度方向相反,即加速度大小為0.12m/s2。故選A。6.如圖甲所示為豎直方向的彈簧振子,圖乙是該振子完成一次全振動時其位移隨時間的變化規(guī)律圖線,取豎直向上為正方向,則下列說法正確的是()A.振子的運動是簡諧運動,彈力充當回復(fù)力B.時刻振子處在彈簧原長的位置C.到內(nèi),振子速度正在增大D.到內(nèi),振子加速度正在減小【答案】C【解析】【詳解】A.振子的運動是簡諧運動,充當回復(fù)力的是:彈力和重力的合力,A錯誤;B.時刻,振子的速度向上最大,此時正處在平衡位置,即,彈簧處于伸長狀態(tài),B錯誤;C.內(nèi),振子從最高點向平衡位置運動,速度正在增大,位移正在減小,回復(fù)力正在減小,加速度正在減小,C正確;D.內(nèi),振子從平衡位置向最低點運動,速度正在減小,位移正在增大,回復(fù)力正在增大,加速度正在增大,D錯誤。故選C。7.如圖,水平彈簧右端固定在豎直墻壁上,左端連接在物塊上,水平面光滑.開始時物塊靜止,彈簧處于原長。一顆子彈以水平速度射入物塊,并留在物塊中。若子彈和物塊作用時間極短,下列有關(guān)說法中正確的是()A.從子彈開始打物塊到彈簧壓縮至最短,子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒B.從子彈開始打物塊到彈簧壓縮至最短,子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒C.從子彈開始打物塊到與物塊共速,子彈、物塊組成的系統(tǒng)動量守恒D.子彈和物塊一起壓縮彈簧的過程中,物塊、子彈、彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒【答案】C【解析】【詳解】A.從子彈開始打物塊到彈簧壓縮至最短,子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力不為零,所以動量不守恒,故A錯誤;B.一顆子彈以水平速度射入物塊,并留在物塊中,子彈、物塊、彈簧組成的機械能損失最多,故B錯誤;C.子彈開始打物塊到與物塊共速,子彈和物塊作用時間極短,內(nèi)力遠大于外力,子彈、物塊組成的系統(tǒng)動量守恒,故C正確;D.子彈和物塊一起壓縮彈簧的過程中,物塊、子彈、彈簧組成的系統(tǒng)合外力不為零,動量不守恒,故D錯誤。故選C。二、多選題(每題6分,共18分)8.如圖所示,面積為S的長方形線框放在垂直紙面向里、足夠大的、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中,線框平面與磁場垂直,下列分析正確的是()A.圖示位置,穿過線框中的磁通量為B.以邊為軸,讓線框轉(zhuǎn)過角,這一過程中,線框中的磁通量變化量大小為C.線框以邊為軸在磁場中轉(zhuǎn)動,線框中會產(chǎn)生感應(yīng)電流D.線框繞過D點與磁場平行的軸轉(zhuǎn)動,線框中會產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】BC【解析】【詳解】A.圖示位置,線框平面與磁場垂直,線框中的磁通量故A錯誤;B.以邊為軸,讓線框轉(zhuǎn)過角,這一過程中,線框中的磁通量變化量大小為故B正確;C.線框以邊為軸在磁場中轉(zhuǎn)動,線框中的磁通量時刻在發(fā)生改變,線框中會產(chǎn)生感應(yīng)電流,故C正確;D.線框繞過D點與磁場平行的軸轉(zhuǎn)動,線框中的磁通量始終為,線框中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流,故D錯誤。故選BC。9.如圖所示的電路中,輸入電壓U恒為12V,燈泡L上標有“6V12W”字樣,電動機線圈的電阻。若燈泡恰能正常發(fā)光,下列說法中正確的是()A.電路電流12AB.電動機的輸入功率為12WC.用電動機勻速提升10N重物速率為1m/sD.整個電路消耗的電功率84W【答案】BC【解析】【詳解】A.對燈泡,由P=UI可得,電路電流故A錯誤;B.電動機的輸入功率為故B正確;C.電動機的發(fā)熱功率P熱=I2RM=(2A)2×0.5Ω=2W電動機的輸出功率P輸出=P-P熱=12W-2W=10W用電動機勻速提升10N重物時電動機對重物的牽引力F=G=10N牽引力的功率即電動機的輸出功率P輸出=Fv解得v=1m/sC正確;D.整個電路消耗的電功率故D錯誤;故選BC。10.如圖所示,電源的內(nèi)阻較大不可忽略,R1、R2、R3為定值電阻,初始時S1閉合、S2斷開,現(xiàn)將S2閉合,電壓表和電流表A1示數(shù)變化的絕對值分別為和,則()A.電流表A1的示數(shù)變大,A2的示數(shù)變小B.電壓表的示數(shù)變大C.電源的輸出功率變大D.【答案】AD【解析】【詳解】AB.S2閉合后,電路總電阻變小,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,電路總電流增大,路端電壓減??;則電流表A1的示數(shù)變大,兩端電壓變大,則電壓表示數(shù)變小,即兩端電壓變小,通過的電流變小,則電流表A2的示數(shù)變小,故A正確,B錯誤;C.當外電路總電阻與電源內(nèi)阻相等時,電源輸出功率最大,但是題目沒告訴定量關(guān)系,所以無法判斷電源的輸出功率如何變化,故C錯誤;D.設(shè)電壓表示數(shù)為,電流表A1示數(shù)為,根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有故D正確。故選AD。三.填空題(每空2分,共18分)11.為了精確地測量待測電阻(約)阻值,實驗室提供了下列器材:A.電流表(量程為,內(nèi)阻)B.電流表(量程為,內(nèi)阻約)C.滑動變阻器(,額定電流)D.滑動變阻器(,額定電流)E.電阻箱R(阻值范圍為)F.電源(電動勢,內(nèi)阻約)G.開關(guān)S、導(dǎo)線若干(1)由于沒有電壓表,某同學(xué)把電流表,串聯(lián)電阻箱R改為量程為的電壓表,他需要把電阻箱的阻值調(diào)為___________;(2)該同學(xué)選擇的滑動變阻器為____________;(填“C”或“D”)(3)實驗電路圖如下圖所示:(4)按正確的電路連接,閉合開關(guān),記錄電流表、的示數(shù)、,移動滑動變阻器的滑片,記錄多組數(shù)據(jù),并作出圖像如上圖所示,則待測電阻____________(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)?!敬鸢浮竣?5000.0②.D③.9.0【解析】【詳解】(1)[1]由于沒有電壓表,某同學(xué)把電流表,串聯(lián)電阻箱R改為量程為的電壓表,則有解得(2)[2]由于待測電阻約為,為了調(diào)節(jié)方便,使電表示數(shù)變化明顯,滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較小的,即選擇D。(4)[3]根據(jù)歐姆定律可得可得可知圖像的斜率為解得待測電阻為12.某研究性學(xué)習(xí)小組在進行“用單擺測定重力加速度”的實驗中(實驗裝置如圖甲所示),已知單擺在擺動過程中的最大偏角小于。(1)安裝好實驗裝置后,先用游標卡尺測量擺球直徑d,測量的示數(shù)如圖乙所示,則擺球直徑______,再測量擺線長L0,則單擺擺長______(用d、L0表示);(2)擺球擺動穩(wěn)定后,當它到達最低點時啟動秒表開始計時,并記錄此后擺球再次經(jīng)過最低點的次數(shù),當時剛好停表。停止計時的秒表讀數(shù)為,該單擺的周期為________s(結(jié)果要求保留3位有效數(shù)字);(3)如果根據(jù)實驗數(shù)據(jù),由計算發(fā)現(xiàn):測量值小于真實值,可能原因是_____;A.將擺球經(jīng)過最低點的次數(shù)n計多了B.將擺線長和球的直徑之和當成了擺長C.開始計時,秒表過遲按下D.由于存在空氣阻力,會減慢單擺的速度,使周期測量值比理論值偏大(4)某同學(xué)作出了圖線,如圖所示,再利用圖線上任兩點A、B的坐標(,)、(,),可求得________。若該同學(xué)測擺長時漏加了小球半徑,而其它測量、計算均無誤,也不考慮實驗誤差,則用上述方法算得的g值和真實值相比________(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)。【答案】①.1.25②.③.④.D⑤.⑥.不變【解析】【詳解】(1)[1][2]游標卡尺主尺讀數(shù)為1.2cm,游標尺第5刻度與主尺某一刻度對齊,故擺球直徑為單擺擺長從懸點到小球球心間的距離,即(2)[3]由題意可知(3)[4]根據(jù)周期公式A.將擺球經(jīng)過最低點的次數(shù)n計多了,則測量的周期T偏小,所測g偏大,故A錯誤;B.將擺線長和球的直徑之和當成了擺長,則擺長L偏大,所測g偏大,故B錯誤;C.則測量的周期T偏小,所測g偏大,故C錯誤;D.由于存在空氣阻力,會減慢單擺的速度,使周期測量值比理論值偏大,根據(jù)公式可得所測g偏小,故D正確。故選D。(4)[5][6]根據(jù)單擺周期公式可得可知圖像的斜率為解得若該同學(xué)測擺長時漏加了小球半徑,則有可得可知圖像的斜率仍為則用上述方法算得的g值和真實值相比不變。四.解答題(13題10分,14題12分,15題14分)13.一個質(zhì)量為的小球豎直向下以的速率落至水平地面,與地面的作用時間為0.2s,再以的速率反向彈回。取豎直向下為正方向,,求:(1)小球與地面碰撞前后的動量變化量?(2)考慮小球的重力,求小球受到地面的平均作用力大小方向?【答案】(1)大小為,方向豎直向上;(2),方向豎直向上【解析】【詳解】(1)取豎直向下為正方向,則碰撞前后的動量變化量為負號表示方向豎直向上。(2)考慮小球的重力,取豎直向下為正方向,設(shè)小球受到地面的平均作用力大小為,方向豎直向上,由動量定理可得解得假設(shè)成立,即小球受到地面的平均作用力大小為,方向豎直向上。14.如圖所示為一彈簧振子的振動圖像,完成以下問題:(1)該振子振動的振幅、周期、頻率;(2)該振子在前100s的總位移是多少?路程是多少?(3)寫出該振子簡諧運動的表達式,計算t=1.5s時振子的位移。【答案】(1)2cm,4s,0.25Hz;(2)0,2m;(3)x

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