2025屆海南省?？谒闹形锢砀咭坏诙W(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆海南省?？谒闹形锢砀咭坏诙W(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、下列說法中正確的是（）A．物體在拉力的作用下向上運(yùn)動，拉力做的功是1J，但物體的重力勢能的增加量一定小于1JB．物體受拉力作用向上勻速運(yùn)動，拉力做的功是1J，但物體重力勢能的增加量大于1JC．在物體運(yùn)動過程中，重力做的功是﹣1J，但物體的重力勢能的增加量大于1JD．在沒有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿直線運(yùn)動到B點(diǎn)，克服重力做的功為1J，有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿曲線運(yùn)動到B點(diǎn)，克服重力做的功仍等于1J2、(本題9分)某人用手將1kg的物體由靜止向上提起1m，這時物體的速度為2m/s（g取10m/s2），則下列說法正確的是（）A．物體克服重力做功2J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．手的拉力對物體做功10J3、(本題9分)如圖所示，物體靜止在固定鞋面上，物體受到的力有A．重力、彈力和平衡力B．重力、摩擦力和下滑力C．重力、支持力和摩擦力D．重力、摩擦力和平衡力4、(本題9分)如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的、質(zhì)量為m的小球，現(xiàn)在最低點(diǎn)給小球一個初速度，使其在半徑為R的豎直放置的光滑圓形管道內(nèi)做圓周運(yùn)動，下列有關(guān)說法中不正確的是（）A．v的最小值為2B．當(dāng)v>時，外側(cè)軌道對小球有作用力C．當(dāng)v由2逐漸增大時，在最高點(diǎn)軌道對小球的彈力逐漸增大D．當(dāng)v由逐漸增大時，在最高軌道對小球的彈力逐漸增大5、兩個質(zhì)量相等的小球在光滑水平面上沿同一直線同方向運(yùn)動，A球的動量是8kg·m/s，B球的動量是5kg·m/s，A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能值是（）A．PA=6kg·m/s，PB=7kg·m/s B．PA=3kg·m/s，PB=10kg·m/sC．PA=－2kg·m/s，PB=14kg·m/s D．PA=7kg·m/s，PB=6kg·m/s6、(本題9分)如圖所示，水平地面上停放一質(zhì)量為3m的木板C，質(zhì)量分別為2m和m的A、B兩滑塊，同時從木板的兩端以相同的速率v滑上木板，兩滑塊相撞后粘連成一個整體一起運(yùn)動。已知木板C與水平地面間的動摩擦因數(shù)為μ，滑塊A、B與木板間的動摩擦因數(shù)分別為為3μ和6μ，則（）A．木板C加速運(yùn)動時的加速度大小為μgB．木板C加速運(yùn)動時的加速度大小為2μgC．兩滑塊相撞后瞬間的速度大小一定小于D．兩滑塊相撞后瞬間的速度大小可能等于7、當(dāng)船速大于水速時，下列關(guān)于渡船的說法中正確的是A．船頭方向斜向上游，渡河時間最短 B．船頭方向垂直河岸，渡河時間最短C．當(dāng)水速度變化時，渡河的最短時間不變 D．當(dāng)水速度變大時，渡河的最短時間變長8、“太空涂鴉”技術(shù)的基本物理模型是：原來在較低圓軌道運(yùn)行的攻擊衛(wèi)星在變軌后接近在較高圓軌道上運(yùn)行的偵察衛(wèi)星時，向其發(fā)射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵察衛(wèi)衛(wèi)星時，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開并噴向偵察衛(wèi)星，噴散后強(qiáng)力吸附在偵察衛(wèi)衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時失效。關(guān)于這一過程下列說法正確的是A．攻擊衛(wèi)星在原軌道上運(yùn)行的周期比偵察衛(wèi)星的周期大B．攻擊衛(wèi)星到達(dá)新軌道后，其動能較原軌道增大C．攻擊衛(wèi)星到達(dá)新軌道后，其機(jī)械能較原軌道增多D．攻擊衛(wèi)星在原軌道需要加速才能變軌接近偵查衛(wèi)星9、如圖所示，半徑為R的豎直光滑圓軌道內(nèi)側(cè)底部靜止著一個光滑的小球，現(xiàn)給小球一個沖擊使其在瞬間得到一個水平初速度，若大小不同，則小球能夠上升到的最大高度（距離底部）也不同，下列說法正確的是A．如果，則小球能夠上升的最大高度為B．如果，則小球能夠上升的最大高度為RC．如果，則小球能夠上升的最大高度為D．如果，則小球能夠上升的最大高度為2R10、(本題9分)兩個小球在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動，球在前，球在后、、、，當(dāng)球與球發(fā)生碰擅后，、兩球的速度可能為（）A．、B．、C．、D．、二、實(shí)驗(yàn)題11、（4分）(本題9分)為了探究功與速度變化的關(guān)系,我們以平板上的小車為研究對象,使它在力的作用下從靜止開始運(yùn)動,測量力的大小及小車在力的作用下運(yùn)動的距離,可以計算力做的功.如果力的大小改變了,或者小車在力的作用下運(yùn)動的距離改變了,力對小車做的功也會改變,小車獲得的速度就會不同,由此能夠得到功與速度的幾組數(shù)據(jù).用打點(diǎn)計時器能夠測量小車的速度,這個實(shí)驗(yàn)的關(guān)鍵是為小車提供可測量的作用力.如圖所示,由重物通過滑輪牽引小車,當(dāng)___________時,可以把重物所受的重力當(dāng)做小車受到的牽引力.小車運(yùn)動的距離可以由紙帶測出.改變重物的質(zhì)量或者改變小車運(yùn)動的距離,也就改變了牽引力做的功.采取什么辦法,可以使?fàn)恳ψ龅墓褪呛贤饬π≤囎龅墓?答:_______________________12、（10分）(本題9分)如圖所示，是用光電計時器等器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)．在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平氣墊導(dǎo)軌上并靜止在A處，并通過定滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連，光電計時器安裝在B處．測得滑塊（含遮光板）質(zhì)量為M、鉤碼總質(zhì)量為m、遮光板寬度為d、當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．將滑塊在圖示A位置釋放后，光電計時器記錄下遮光板通過光電門的時間為△t．（1）實(shí)驗(yàn)中是否要求鉤碼總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量M_______（填：是、否）（2）實(shí)驗(yàn)中還需要測量的物理量是______（用文字及相應(yīng)的符號表示）．（3）本實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式為：________（用對應(yīng)物理量的符號表示）．三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點(diǎn)，自然狀態(tài)時其右端位于B點(diǎn)。水平桌面右側(cè)有一豎直放置的圓弧軌道MNP，其形狀為半徑R=1.0m的圓環(huán)剪去了左上角120°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點(diǎn)到桌面的豎直距離是h=2.4m。用質(zhì)量m=0.4kg的小物塊將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)，釋放彈簧后物塊沿粗糙水平桌面運(yùn)動，從D飛離桌面后恰好由P點(diǎn)沿切線落入圓弧軌道。（不計空氣阻力，g取10m/s2）求：（1）小物塊飛離D點(diǎn)時速度vD的大?。唬?）若圓弧軌道MNP光滑，小物塊經(jīng)過圓弧軌道最低點(diǎn)N時對圓弧軌道的壓力FN的大??；（3）若小物塊m剛好能達(dá)到圓弧軌道最高點(diǎn)M，整個運(yùn)動過程中其克服摩擦力做的功為8J，則開始被壓縮的彈簧的彈性勢能Ep至少為多少焦耳？14、（14分）(本題9分)如圖所示：兩平行金屬板A、B間為一勻強(qiáng)電場，C、D為電場中的兩點(diǎn)，且CD=4cm，其連線的延長線與金屬板A成30°角。已知電子從C點(diǎn)移到D（1）C、D兩點(diǎn)間的電勢差UCD（2）若選取A板的電勢φA=0，C點(diǎn)距A板1cm15、（13分）(本題9分)2019年4月，人類史上首張黑洞照片問世，如圖，黑洞是一種密度極大的星球。從黑洞出發(fā)的光子，在黑洞引力的作用下，都將被黑洞吸引回去，使光子不能到達(dá)地球，地球上觀察不到這種星體，因此把這種星球稱為黑洞。假設(shè)有一光子（其質(zhì)量m未知）恰好沿黑洞表面做周期為T的勻速圓周運(yùn)動，求：(1)若已知此光子速度為v，則此黑洞的半徑R為多少？(2)此黑洞的平均密度ρ為多少？（萬有引力常量為G）

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】

A、物體受拉力作用向上運(yùn)動，拉力做的功是1J，不能確定物體克服重力做功多少，也就不能確定重力勢能的增加量，A錯誤；B、物體受拉力作用向上勻速運(yùn)動，拉力做的功是1J，則物體克服重力做功為1J，物體重力勢能的增加量等于1J．B錯誤；C、物體運(yùn)動時，重力做的功是﹣1J，但物體重力勢能的增加量一定是1J．C錯誤；D、物體由A沿直線運(yùn)動到B，克服重力做的功是1J，與是否存在摩擦力無關(guān)，所以，有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿曲線運(yùn)動到B點(diǎn)，克服重力做的功仍等于1J．D正確．2、B【解析】

A．克服重力做的功A錯誤；BC．根據(jù)動能定理因此合外力做功為2J，B正確，C錯誤；D．手的拉力對物體做功，由上式可知D錯誤。故選B。3、C【解析】

物體靜止在斜面上，受力平衡；地球上的一切物體都受到重力，因而物體一定受重力；重力會使物體緊壓斜面，因而斜面對物體有支持力；若斜面光滑，物體會在重力的作用下沿斜面下滑，說明物體相對斜面有向下滑動的趨勢，故還受到沿斜面向上的靜摩擦力．即物體受重力、支持力、摩擦力，故選C．【點(diǎn)睛】關(guān)于靜摩擦力的有無，可以用假設(shè)法，即假設(shè)斜面光滑，物體會沿斜面下滑，故物體相對于斜面有下滑的趨勢，受沿斜面向上的靜摩擦力；物體有下滑的趨勢，是重力的作用效果，并沒有下滑力，找不到這個力的施力物體，故這個力不存在．4、C【解析】A.圓形管道內(nèi)能支撐小球，小球能夠通過最高點(diǎn)時的最小速度為0，根據(jù)機(jī)械能守恒，小球在最低點(diǎn)的最小速度v=2，故A正確；B.當(dāng)小球在最高點(diǎn)受到軌道的作用力為零時，v1=，根據(jù)機(jī)械能守恒，小球在最低點(diǎn)的速度為v2=．當(dāng)最低點(diǎn)的速度v2>時，在最高點(diǎn)速度大于，外側(cè)軌道對小球有作用力，故B正確；C．當(dāng)v由2逐漸增大時，在最高點(diǎn)軌道對小球的彈力向上，逐漸減小，故C錯誤；D．當(dāng)v由逐漸增大時，在最高軌道對小球的彈力向下，逐漸增大，故D正確；本題選錯誤的答案，故選：C.5、A【解析】

以A、B兩球組成的系統(tǒng)為對象。設(shè)兩球的質(zhì)量均為m。當(dāng)A球追上B球時發(fā)生碰撞，遵守動量守恒。碰撞前總動量為：kg?m/s=13kg?m/s，碰撞前總動能為：。A、碰撞后，總動量為kg?m/s=13kg?m/s，符合動量守恒定律。碰撞后總動能為，總動能不增加，A正確；B、碰撞后，總動量為kg?m/s=13kg?m/s，符合動量守恒定律。碰撞后總動能為，總動能增加，違反了能量守恒定律，不可能，B錯誤；C、碰撞后，總動量為kg?m/s=12kg?m/s不符合動量守恒定律，不可能發(fā)生，C錯誤；D、碰撞后，總動量為kg?m/s=13kg?m/s，符合動量守恒定律。碰撞后總動能為，符合總動能不增加；由于兩球的質(zhì)量相等，碰撞后A的動量較大，速度較大，兩者又同向運(yùn)動，不符合實(shí)際運(yùn)動情況，是不可能的，D錯誤。6、BD【解析】

CD．A與B相向運(yùn)動時對C時間的摩擦力為故C無相對運(yùn)動趨勢而保持靜止，對A與B的系統(tǒng)動量守恒有解得：故C錯誤，D正確；AB．A與B相撞后一起向右運(yùn)動，對C受力分析，由牛頓第二定律可知：，解得：，方向向右，故A錯誤，B正確；故選BD。【點(diǎn)睛】本題分析清楚物體運(yùn)動過程，應(yīng)用動量守恒定律與牛頓第二定律即可正確解題。7、BC【解析】當(dāng)靜水速（船頭指向）與河岸垂直，在垂直于河岸方向上的速度最大，則渡河時間最短，當(dāng)水流速度增大，不影響垂直于河岸方向上的分速度，則渡河時間不變．故BC正確，AD錯誤．故選BC．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道分運(yùn)動與合運(yùn)動具有等時性，各分運(yùn)動具有獨(dú)立性，互不干擾．8、CD【解析】

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由萬有引力提供向心力，則有：解得：A.由，可知攻擊衛(wèi)星在原軌道上半徑小，則周期小，故A錯誤；B.由和得：，可知攻擊衛(wèi)星到達(dá)新軌道后，半徑增大，則動能減小，故B錯誤；CD.攻擊衛(wèi)星要從低軌道變到高軌道，則要點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動，故攻擊衛(wèi)星的機(jī)械能增加，故CD正確。9、ABD【解析】

A、當(dāng)v0，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：mgh，解得h，即小球上升到高度為時速度為零，所以小球能夠上升的最大高度為．故A正確．B、設(shè)小球恰好能運(yùn)動到與圓心等高處時在最低點(diǎn)的速度為v，則根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgRmv1，解得．故如果v0，則小球能夠上升的最大高度為R．故B正確．C、設(shè)小球恰好運(yùn)動到圓軌道最高點(diǎn)時在最低點(diǎn)的速度為v1，在最高點(diǎn)的速度為v1．則在最高點(diǎn)，有mg＝m從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：，解得v1，所以v0時，小球不能上升到圓軌道的最高點(diǎn)，會脫離軌道，在最高點(diǎn)的速度不為零．根據(jù)，知最大高度h．故C錯誤．D、當(dāng)，由上分析知，上升的最大高度為1R．故D正確．故選ABD．10、AB【解析】兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒,以兩球的初速度方向?yàn)檎较?如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞,由動量守恒定律得:解得速度為如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞：由機(jī)械能守恒定律得解得：;所以碰后；AB對；CD錯；故AB正確點(diǎn)睛：兩球碰撞過程,系統(tǒng)不受外力,故碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒;碰撞過程中系統(tǒng)機(jī)械能可能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,根據(jù)能量守恒定律,碰撞后的系統(tǒng)總動能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動能;同時考慮實(shí)際情況,碰撞后A球速度不大于B球的速度.二、實(shí)驗(yàn)題11、小車的質(zhì)量比重物大很多;平衡小車所受阻力;【解析】根據(jù)牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度，小車的牽引力：，則當(dāng)車的質(zhì)量M比重物質(zhì)量m大很多時，可以把重物所受的重力當(dāng)做小車受到的牽引力；平衡小車所受阻力可以使?fàn)恳ψ龅墓褪呛贤饬π≤囎龅墓Γ?2、否L【解析】

（1）[1]本實(shí)驗(yàn)中不需要讓鉤碼的重力等于繩子的拉力，故不要求鉤碼總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量M；（2）[2]為了求出運(yùn)動過程中鉤