陜西省五校2024屆高三第二次模擬考試物理試卷含解析

陜西省五校2024屆高三第二次模擬考試物理試卷

注意事項(xiàng)

1.考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、物塊M在靜止的傳送帶上勻加速下滑時(shí)，傳送帶突然轉(zhuǎn)動(dòng),傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)的方向如圖中箭頭所示.則傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)后（）

A.M減速下滑

B.M仍勻加速下滑，加速度比之前大

C.M仍勻加速下滑，加速度與之前相同

D.M仍勻加速下滑，加速度比之前小

2、宇宙間存在一些離其它恒星較遠(yuǎn)的三星系統(tǒng)。其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為M的星位于等邊三角

形的三個(gè)頂點(diǎn)上，任意兩顆星的距離均為R。并繞其中心。做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。如果忽略其它星體對(duì)它們的引力作用，

引力常數(shù)為G。以下對(duì)該三星系統(tǒng)的說法中正確的是（）

Q

A.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為3

B.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度與三星的質(zhì)量無關(guān)

C.若距離R和每顆星的質(zhì)量M都變?yōu)樵瓉淼?倍，則角速度變?yōu)樵瓉淼?倍

D.若距離R和每顆星的質(zhì)量M都變?yōu)樵瓉淼?倍，則線速度大小不變

3、在豎直平面內(nèi)有一條拋物線，在拋物線所在平面建立如圖所示的坐標(biāo)系。在該坐標(biāo)系內(nèi)拋物線的方程為丁=4好,

在V軸上距坐標(biāo)原點(diǎn)/z=L5m處，向右沿水平方向拋出一個(gè)小球，經(jīng)0.5s后小球落到拋物線上。則小球拋出時(shí)的速度

大小為（g取lOm/s?）

ox

A.Im/sB.0.75m/sC.0.5m/sD.0.25m/s

4、如圖所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的頂角處,固定一個(gè)小的定滑輪，質(zhì)量分別為mi、m2的物塊，用細(xì)

線相連跨過定滑輪，mi擱置在斜面上.下述正確的是（)

A.如果mi、m2均靜止，則地面對(duì)斜面沒有摩擦力

B.如果mi沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力

C.如果叫沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向左的摩擦力

D.如果mi沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力

5、如圖所示，兩條水平放置的間距為L阻值可忽略的平行金屬導(dǎo)軌CD、EF,在水平導(dǎo)軌的右端接有一電阻R,導(dǎo)

軌的左側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,磁場(chǎng)區(qū)域的長度為d0左端與一

彎曲的光滑軌道平滑連接。將一阻值也為R的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場(chǎng)的右

邊界處。已知導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌接觸良好，且動(dòng)摩擦因數(shù)為"，則下列說法中正確的是（）

A.電阻A的最大電流為咽塞

R

B.整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為mg/z

C.流過電阻R的電荷量為％

2R

D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為

6,一質(zhì)量為中的均勻環(huán)狀彈性鏈條水平套在半徑為R的剛性球體上，已知不發(fā)生形變時(shí)環(huán)狀鏈條的半徑為R/2,套在

球體上時(shí)鏈條發(fā)生形變?nèi)鐖D所示，假設(shè)彈性鏈條滿足胡克定律，不計(jì)一切摩擦，并保持靜止.此彈性鏈條的彈性系數(shù)

k為

AV3(V3+l)mgn73(73-l)mg

A.----------------15.----------------

2/R22兀R

r6他+Dmg也電+Dmg

'4-2R-2-2R

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，橡皮筋的一端固定在。點(diǎn)，另一端拴一個(gè)物體，。點(diǎn)的正下方A處有一垂直于紙面的光滑細(xì)桿，OA為

橡皮筋的自然長度。已知橡皮筋的彈力與伸長量成正比，現(xiàn)用水平拉力廠使物體在粗糙的水平面上從3點(diǎn)沿水平方向

勻速向右運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)，已知運(yùn)動(dòng)過程中橡皮筋處于彈性限度內(nèi)且物體對(duì)水平地面有壓力，下列說法正確的是()

A.物體所受水平面的摩擦力保持不變B.物體所受地面的支持力變小

C.水平拉力F逐漸增大D.物體所受的合力逐漸增大

8、如圖所示，直桿與水平面成30。角，一輕質(zhì)彈簧套在直桿上，下端固定在直桿底端?，F(xiàn)將一質(zhì)量為機(jī)的小滑塊從桿

頂端A點(diǎn)由靜止釋放，滑塊壓縮彈簧到達(dá)最低點(diǎn)3后返回，脫離彈簧后恰能到達(dá)A5的中點(diǎn)。設(shè)重力加速度為g,AB=L,

則該過程中()

4

A.滑塊和彈簧剛接觸時(shí)的速度最大B.滑塊克服摩擦做功為!7咫L

C.滑塊加速度為零的位置只有一處D.彈簧最大彈性勢(shì)能為:磔￡

9、如圖所示，足夠大的水平圓臺(tái)中央固定一光滑豎直細(xì)桿，原長為L的輕質(zhì)彈簧套在豎直桿上，質(zhì)量均為，”的光滑

小球4、5用長為乙的輕桿及光滑較鏈相連，小球A穿過豎直桿置于彈簧上。讓小球B以不同的角速度。繞豎直桿勻

速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為。。時(shí)，小球3剛好離開臺(tái)面。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，勁度系數(shù)為怎重力加速度為g,

則

A.小球均靜止時(shí)，彈簧的長度為八等

k

B.角速度，"=（oo時(shí)，小球A對(duì)彈簧的壓力為機(jī)g

C.角速度硒=

D.角速度從3繼續(xù)增大的過程中，小球A對(duì)彈簧的壓力不變

10、如圖所示，傾斜固定放置的帶電平行金屬板，兩板間距為d,a、6分別為上板和下板上的點(diǎn)，b點(diǎn)高于。點(diǎn)，ab

距離大于d,連線與上板夾角為。，。為銳角，平行板間存在水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為風(fēng)

一帶電荷量為+4的粒子從ah直線上的尸點(diǎn)沿直線向沙點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，初速度大小為%,則下列判斷正確的是（）

A.帶電粒子一定受到重力作用B.上板一定帶正電

C.帶電粒子可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度可能大于%8

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）利用如圖所示電路測(cè)量一量程為300mV的電壓表的內(nèi)阻Rv（約為3000）。某同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按電路圖正確連接好電路，把滑動(dòng)變阻器R的滑片P滑到a端，閉合電鍵S2,并將電阻箱Ro的阻值調(diào)到較大;

②閉合電鍵Si,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的位置，使電壓表的指針指到滿刻度；

③保持電鍵S1閉合和滑動(dòng)變阻器滑片P的位置不變，斷開電鍵S2,調(diào)整電阻箱島的阻值大小，使電壓表的指針指到

滿刻度的三分之一；讀出此時(shí)電阻箱衣0=596。的阻值，則電壓表內(nèi)電阻衣V=

實(shí)驗(yàn)所提供的器材除待測(cè)電壓表、電阻箱（最大阻值999.9。）、電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V,內(nèi)阻可忽略不計(jì)）、導(dǎo)線和電鍵

之外，還有如下可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材：

A滑動(dòng)變阻器：最大阻值200。

B滑動(dòng)變阻器：最大值阻10。

C定值電阻：阻值約20。

D定值電阻：阻值約200

根據(jù)以上設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)方法，回答下列問題。

①為了使測(cè)量比較精確，從可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材中，滑動(dòng)變阻器尺應(yīng)選用,定值電阻R應(yīng)選用

（填寫可供選擇實(shí)驗(yàn)器材前面的序號(hào)）。

②對(duì)于上述的測(cè)量方法，從實(shí)驗(yàn)原理分析可知，在測(cè)量操作無誤的情況下，實(shí)際測(cè)出的電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值尺測(cè)

真實(shí)值Rv（填“大于”、“小于”或“等于"），這誤差屬于誤差（填”偶然“或者“系統(tǒng)”）且在其

他條件不變的情況下，若Rv越大，其測(cè)量值R測(cè)的誤差就越（填“大”或“小”）。

12.（12分）某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)電壓表的電路如圖所示，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路所用電池的電動(dòng)勢(shì)E為

20V,內(nèi)阻廠為20。（E、r均保持不變）。

⑴已知表頭G滿偏電流為IOORA,表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻值為1350Q，N，鳥和%是定值電阻，利用與和表頭構(gòu)成量程

為1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個(gè)量程的電壓表。若使用“、〃兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為3V；若使用。、c

兩個(gè)接線柱，電壓表的量程為15V。則定值電阻的阻值為為=,”=Q,&=Q。

⑵用量程為3V,內(nèi)阻為2500。的標(biāo)準(zhǔn)電壓表V對(duì)改裝表3V擋的不同刻度進(jìn)行校準(zhǔn)?；瑒?dòng)變阻器R有兩種規(guī)格，最

大阻值分別為50。和5000。。為了方便實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電壓，圖中R應(yīng)選用最大阻值為Q的滑動(dòng)變阻器。校準(zhǔn)時(shí),

在閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)靠近端（填或"N”）。

⑶在3V擋校對(duì)電路中，開關(guān)全部閉合，在保證電路安全前提下讓滑片尸從"端緩慢向N端滑動(dòng)的過程中，表頭G的

示數(shù)，電源的輸出功率，電源的效率（填變化情況）。

（4）若表頭G上標(biāo)記的內(nèi)阻值不準(zhǔn)，表頭G內(nèi)阻的真實(shí)值小于1350Q,則改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)

（填“偏大”或“編小

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，在長方體玻璃褥內(nèi)部有一半球形氣泡，球心為。，半徑為R,其平面部分與玻璃磚表面平行，球

面部分與玻璃磚相切于。'點(diǎn)。有一束單色光垂直玻璃磚下表面入射到氣泡上的A點(diǎn)，發(fā)現(xiàn)有一束光線垂直氣泡平面從

。點(diǎn)射出，已知04=走此光線進(jìn)入氣泡后第一次反射和折射的光線相互垂直，氣泡內(nèi)近似為真空，真空中光速為c,

2

求：

（i）玻璃的折射率〃；

（ii）光線從A在氣泡中多次反射到C的時(shí)間。

14.（16分）一半徑為R的玻璃板球，。點(diǎn)是半球的球心，虛線。。'表示光軸（過球心。與半球底面垂直的直線）。

已知玻璃的折射率為疑，現(xiàn)有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出（不考慮被半球的內(nèi)表

面反射后的光線，已知sin15=d）,求：

4

⑴從球面射出的光線對(duì)應(yīng)的入射光線到光軸距離的最大值；

⑵距光軸4的入射光線經(jīng)球面折射后與光軸的交點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。

2

15.(12分)如圖所示，空間有場(chǎng)強(qiáng)E=1.0xl()3v/m豎直向下的電場(chǎng)，長L=0.4m不可伸長的輕繩固定于。點(diǎn)，另一端

系一質(zhì)量m=0.05kg帶電^=+5X10-4C的小球，拉起小球至繩水平后在A點(diǎn)無初速度釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的正下

方3點(diǎn)時(shí)，繩恰好斷裂，小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)并垂直打在同一豎直平面且與水平面成6=30°、無限大的擋板MN上的C點(diǎn)。

試求：

⑴繩子至少受多大的拉力才能被拉斷;

(2)4、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

傳送帶靜止時(shí)，物塊加速向下滑，對(duì)物塊受力分析，垂直傳送帶方向

N=mgsin0

平行傳送帶斜向下

mgsin0-=ma

所以

a=gsin，一〃gcos6

傳送帶突然向上轉(zhuǎn)到，物塊依然相對(duì)傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，受力沒有變化，摩擦力依然平行傳送帶向上，所以小物塊加速

度不變，所以C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選C。

2、D

【解析】

A.任意星之間所受萬有引力為

口「MM

”而

則任意一星所受合力為

F=2FoCOs30今=局專-

星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑

2n2口拒出口

r=-Rcos30=—xRx——=——R

3323

萬有引力提供向心力

L/TMM“.2

F=J3GR、=Marr

解得

gGM3GM

a>=

3

R2~RR

A錯(cuò)誤;

B.萬有引力提供向心力

F=j3G^-=Ma

解得

y[3GM

a------；—

R2

則每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度與三星的質(zhì)量有關(guān)，B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)題意可知

c錯(cuò)誤；

D.根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知變化前線速度為

變化后為

,,2610

V=co-------R=-a)-2r=a)r-v

32

D正確。

故選D。

3、C

【解析】

小球做平拋運(yùn)動(dòng)，如圖所示

在豎直方向有

h-y=^gr

在水平方向有

x=vot

由題意得

y=4x2

聯(lián)立解得小球拋出時(shí)的速度大小為

%=0.5m/s

故A、B、D錯(cuò)誤，C正確;

故選C。

4、A

【解析】

如果mi、m2均靜止或mi沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，以mi、m2和斜面組成的整體為研究對(duì)象，整體的為合力都為零，其

受力情況如圖1,由平衡條件得知，地面對(duì)斜面沒有摩擦力.故A正確，B錯(cuò)誤.

NN

■

G§G4

圖1圖2

如果mi沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，將mi的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向如圖2,根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水

平向右分加速度，則地面對(duì)斜面有向右的摩榛力.故C錯(cuò)誤.與C項(xiàng)同理可知，如果mi沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，其加

速度沿斜面向下，整體有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律得知，地面對(duì)斜面有向左的摩榛力.故D錯(cuò)誤.

故選A.

5、C

【解析】

金屬棒在彎曲軌道下滑時(shí)，只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時(shí)

①

的速度，由￡=151^求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，然后求出感應(yīng)電流；由4=——可以求出流過電阻R的電荷量；克服安培力做

R+r

功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由動(dòng)能定理(或能量守恒定律)可以求出克服安培力做功，得到電路中產(chǎn)生的焦耳熱.

【詳解】

金屬棒下滑過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=gmv2,金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度任麗,金屬棒到達(dá)水平面后

進(jìn)入磁場(chǎng)受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，則導(dǎo)體棒剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，所以最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv,最大

的感應(yīng)電流為/=&=四畫，故A錯(cuò)誤；金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得：mgh-WB-nmgd=O-O,則克

2R2R

服安培力做功：WB=mgh-nmgd,所以整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=WB=mgh-nmgd,故B錯(cuò)誤；克服安培力做功轉(zhuǎn)

化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱：QR=1Q-1(mgh-fimgd),

故D錯(cuò)誤。流過電阻R的電荷量"=——=」,故C正確；故選C。

R+r2R

【點(diǎn)睛】

A①

題關(guān)鍵要熟練推導(dǎo)出感應(yīng)電荷量的表達(dá)式4=1薪，這是一個(gè)經(jīng)驗(yàn)公式，經(jīng)常用到，要在理解的基礎(chǔ)上記住，涉及

到能量時(shí)優(yōu)先考慮動(dòng)能定理或能量守恒定律.

6、C

【解析】

在圓環(huán)上取長度為Ax的一小段為研究對(duì)象，這一段的重力為

Ax_mgAx

2萬?Rsin60°出兀R

設(shè)其余彈簧對(duì)這一小段的作用力為T,對(duì)這一小段受力分析如圖（因?yàn)槭菍?duì)稱圖形，對(duì)任一段的受力一樣，可對(duì)在圓球

的最右側(cè)一小側(cè)研究）：

T

據(jù)平衡條件可得:

mgAxAx

T=?tan60°=----mg

岳R兀R

彈簧彈力F與彈簧對(duì)這一小段作用力的關(guān)系如圖:

由圖得

7;sin600F

Ax-T

解得

2?

不發(fā)生形變時(shí)環(huán)狀鏈條的半徑為四，套在球體上時(shí)鏈條發(fā)生形變?nèi)珙}圖所示，則彈簧的伸長量

2

D

x=2兀Rsin60°-In-—

2

彈簧彈力與伸長量關(guān)系

F=kx

解得

6(6+l)mg

K~4/R

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、AC

【解析】

AB.設(shè)開始時(shí)A離地面的高度為L,設(shè)某一時(shí)刻繩子與豎直方向的夾角為仇則繩子的彈力為：

T,=k，---L---

cosd

其豎直向上分力

Fy=Tcosd=kL

故物體對(duì)地面的壓力為

N=mg-kL

所以物體對(duì)地面的壓力保持不變；

又因?yàn)閼艄誓Σ亮σ脖３植蛔儯蔄正確，B錯(cuò)誤；

C.水平拉力

隨著。的增大，拉力廠逐漸增大，故c正確；

D.物體始終處于平衡狀態(tài)，其合外力始終為零，故D錯(cuò)誤。

故選AC。

8、BD

【解析】

A.滑塊向下運(yùn)動(dòng)受到的合力為零時(shí)，速度最大，即

mgsin6=?+/

這時(shí)，速度最大，故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)動(dòng)能定理有

0-0=7〃g：sin30°一叱

解得

Wp=mgL

故B錯(cuò)正確；

C.滑塊加速度為零即合力為零，向下滑動(dòng)時(shí)

0=7^+f-mgsin0

向上滑動(dòng)時(shí)

寫-(mgsinO+/)=O

所以C錯(cuò)誤；

D.彈簧被壓縮到最短時(shí)彈性勢(shì)能最大，根據(jù)能量守恒

mgLsin30°=^W{+Ep

解得彈簧最大彈性勢(shì)能為

l1r

Ep=~mgL

故D正確。

故選BDo

9、ACD

【解析】

A.若兩球靜止時(shí)，均受力平衡，對(duì)3球分析可知桿的彈力為零,

%=mg；

設(shè)彈簧的壓縮量為x,再對(duì)A球分析可得:

mg=he1,

故彈簧的長度為：

----駕

k

故A項(xiàng)正確；

BC.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為的時(shí)，小球5剛好離開臺(tái)面，即N^=0,設(shè)桿與轉(zhuǎn)盤的夾角為凡由牛頓第二定律可知:

mg

=m就.L?cos6

tan。

期:?sin。=叫

而對(duì)A球依然處于平衡，有：

辱sin。+mg-Fk-kx2

而由幾何關(guān)系：

sin0=———

L

聯(lián)立四式解得：

Fk=2mg,

c=Ikg

0NkL一2mg

則彈簧對(duì)A球的彈力為2mg,由牛頓第三定律可知A球隊(duì)彈簧的壓力為2"電，故B錯(cuò)誤，C正確；

D.當(dāng)角速度從oo繼續(xù)增大，3球?qū)h起來，桿與水平方向的夾角。變小，對(duì)A與3的系統(tǒng)，在豎直方向始終處于平

衡，有：

Fk=mg+mg=2mg

則彈簧對(duì)A球的彈力是2mg,由牛頓第三定律可知A球隊(duì)彈簧的壓力依然為2mg,故D正確；

故選ACDo

10、AB

【解析】

C.帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中一定受洛倫茲力而做直線運(yùn)動(dòng)，一定為勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；

A.帶電粒子沿°。做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力垂直方向向上，而電場(chǎng)力方向垂直平行板向下，

此二力不在一條直線上，可知一定受重力，選項(xiàng)A正確；

B.帶電粒子只受三個(gè)力，應(yīng)用矢量三角形定則可知洛倫茲力垂直a匕向上，則粒子帶正電，選項(xiàng)B正確；

D.。為銳角，可知叫和兩個(gè)力成銳角，此二力合力大于又重力和電場(chǎng)力的合力大小等于,即

qE<qv0B,即E<%5,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選ABo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、298BC大于系統(tǒng)小

【解析】

口］由實(shí)驗(yàn)原理可知，電壓表的指針指到滿刻度的三分之一，因此電阻箱分得總電壓的三分之二，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可

知，7?=—=298Q,故電壓表內(nèi)阻為298。。

v2

①⑵［3］該實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器采用了分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，要選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，即選擇B；定

值電阻起保護(hù)作用，因電源電動(dòng)勢(shì)為L5V,若保護(hù)電阻太大，則實(shí)驗(yàn)無法實(shí)現(xiàn)，故定值電阻應(yīng)選用C。

②［4］從實(shí)驗(yàn)原理分析可知，當(dāng)再斷開開關(guān)S2,調(diào)整電阻箱&的阻值，當(dāng)當(dāng)電壓表半偏時(shí)，閉合電路的干路電流將減

小，故內(nèi)電壓降低，路端電壓升高，從而使得滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變大，即使電壓表示數(shù)為一半。

⑸而電阻箱&的電壓超過電壓表電壓，導(dǎo)致所測(cè)電阻也偏大，所以測(cè)量電阻大于真實(shí)電阻；本誤差是由實(shí)驗(yàn)原理造成

的，屬于系統(tǒng)誤差。

⑹在其他條件不變的情況下，若Rv越大，滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變化越小，其測(cè)量值R測(cè)的誤差就越小。

12、1502865120050M增大增大減小偏大

【解析】

(1)口1電阻片與表頭G并聯(lián)，改裝成量程為1mA的電流表，表頭滿偏電流為IOORA,此時(shí)通過電阻片的電流為

900RA,由并聯(lián)分流規(guī)律可知

&900

用一loo

得

R,=150Q

改裝后電流表內(nèi)阻

0%=1350

RA0+%

⑵將其與耳串聯(lián)改裝為3V的電壓表由歐姆定律可知，3V量程電壓表的內(nèi)阻

3

R.+用=------Q=3k￡l

人~1義10一3

解得

R,=2865Q

[3]再串聯(lián)&改裝為15V量程電壓表，凡所分電壓為12V,所以

R.=12,Q=12kQ

3IxlO-3

⑵[4]在校準(zhǔn)電路中，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，故選用最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，即選用最大阻值為50Q的滑

動(dòng)變阻器；

[5]電源電動(dòng)勢(shì)E=20V遠(yuǎn)大于電壓表量程，所以閉合開關(guān)前應(yīng)使滑片靠近〃端，使電壓表在接通電路時(shí)兩端電壓由

較小值開始增大

(3)⑹滑片由〃向N滑動(dòng)過程中，電壓表兩端電壓逐漸增大，通過表頭的電流增大，即示數(shù)增大

⑺隨滑片由〃向N滑動(dòng)，外電路的總電阻始終大于電源內(nèi)阻且逐漸減小