2023屆山西省際名校高三下學(xué)期聯(lián)考二（沖刺卷）物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1高三下學(xué)期聯(lián)考二（沖刺卷）試題物理部分一、選擇題：1.2023年2月23日，我國首顆超百Gbps容量的高通量衛(wèi)星——中星26號衛(wèi)星從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心起飛，進(jìn)入預(yù)定軌道。若假定工作軌道為圓軌道，軌道距地面高度為h，運(yùn)行周期為T，引力常量為G、地球半徑為R，僅利用這些條件不能求出的物理量是（）A.地球表面的重力加速度 B.地球?qū)πl(wèi)星的吸引力C.衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的速度 D.衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的加速度〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù),可求出地球表面的重力加速度，故A正確，不符合題意；B．根據(jù)衛(wèi)星的質(zhì)量未知，無法求出地球?qū)πl(wèi)星的吸引力，故B錯誤，符合題意；C．根據(jù)可求出衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的速度，故C正確，不符合題意；D．根據(jù)可求出衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的加速度，故D正確，不符合題意；故選B。2.圓心為O、半徑為R的半球形玻璃磚橫截面如圖所示。光線從P點(diǎn)垂直界面入射后恰好在玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射；當(dāng)光線由P點(diǎn)以某入射角θ進(jìn)入玻璃磚后光線恰好從玻璃磚圓形表面的最高點(diǎn)出射，已知玻璃磚的折射率為，則（）A.OP之間的距離為 B.OP之間的距離為C.入射角θ為60° D.入射角θ為30°〖答案〗C〖解析〗作出光路圖如圖所示根據(jù)題意，有聯(lián)立解得，故選C。3.兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中沿相反方向傳播，某時刻兩列波相遇，如圖所示，圖示時刻x=9m處的質(zhì)點(diǎn)正在向下振動，若兩列波的波速均為15m/s，則下列說法正確的是（）A.實線波沿x軸正方向傳播B.實線波與虛線波的頻率之比為2:3C.兩列波在相遇區(qū)域能發(fā)生干涉現(xiàn)象D.從圖示時刻起再過0.3s，平衡位置x=9m處的質(zhì)點(diǎn)位于y=15cm處〖答案〗D〖解析〗A．圖示時刻x=9m處的質(zhì)點(diǎn)正在向下振動，根據(jù)“上下坡”法可知，實線波應(yīng)沿x軸負(fù)方向傳播，虛線波應(yīng)沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由圖可知，所以故B錯誤；C．由于兩列波頻率不相等，所以在相遇區(qū)域不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D．從圖示時刻經(jīng)過0.3s，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)實線波處于波峰，虛線波處于平衡位置，根據(jù)疊加原理可知，質(zhì)點(diǎn)位于y=15cm處，故D正確。故選D。4.在平直的公路上行駛的甲車和乙車，其位置x隨時間t變化的圖像分別為圖中直線和曲線。已知乙車做勻變速直線運(yùn)動，當(dāng)時，直線和曲線相切，下列說法中正確的是（）A.時刻乙車速度大小為B.時間內(nèi)甲車的平均速度大于乙車的平均速度C.時間內(nèi)甲車與乙車間的距離一直在增大D.乙車的加速度大小為〖答案〗A〖解析〗AD．根據(jù)圖像可知，甲做勻速直線運(yùn)動。其速度為乙車做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)圖像可知t=2s時，位移為x=6m速度為根據(jù)位移時間公式可得又有解得故A正確，D錯誤；B．時間內(nèi)，根據(jù)圖像可知，甲車的位移小于乙車的位移，所以甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故B錯誤；C．根據(jù)圖像可知時間內(nèi)甲車與乙車間的距離先減小后增大，故C錯誤。故選A。5.在電場強(qiáng)度為E、區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為m、電荷量為的小球自O(shè)點(diǎn)以初速度沿方向在豎直面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動，如圖所示。與水平面的夾角為，重力加速度為g，且，則（）A.電場方向水平向右B.小球運(yùn)動的加速度大小為C.小球上升的最大高度為D.小球電勢能增加量的最大值為〖答案〗C〖解析〗AB．依題意，小球以初速度沿方向在豎直面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動，則小球重力與所受電場力的合力一定沿OP方向，且由于，根據(jù)矢量疊加原理，可知帶正電小球所受電場力水平向左，則電場方向水平向左；小球運(yùn)動受到的合力大小為根據(jù)牛頓第二定律可得，小球的加速度大小為方向沿PO方向，故AB錯誤；C．小球做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度－位移公式，可得小球上升的最大高度為故C正確；D．根據(jù)功能關(guān)系，可得小球電勢能增加量的最大值為故D錯誤。故選C。6.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，兩條平行光滑導(dǎo)軌傾斜放置，間距為L，與水平面成角。兩導(dǎo)軌上端連接一電動勢為E，內(nèi)電阻為r的電源時，將質(zhì)量為m、電阻值為R的導(dǎo)體棒垂直放在兩導(dǎo)軌上，恰能保持靜止。重力加速度大小為g，導(dǎo)軌及連線電阻不計，下列關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小及方向的說法正確的是（）A.B的最小值為，方向豎直向上B.B的最小值為，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上C.當(dāng)B的大小為時，方向可能水平向左D.當(dāng)B的大小為時，方向可能沿導(dǎo)軌平面向上〖答案〗BC〖解析〗ABD．導(dǎo)體棒受力平衡，當(dāng)安培力與支持力垂直時有最小值，根據(jù)左手定則，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為垂直于導(dǎo)軌平面向上，故有又有解得故A錯誤，B正確；C．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為水平向左時，根據(jù)左手定則可知，安培力方向豎直向上，當(dāng)安培力大小等于重力時，導(dǎo)體棒也會靜止，有解得故C項正確；D．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為沿導(dǎo)軌平面向上時，根據(jù)左手定則可知，安培力方向為垂直于斜面向下，此時導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力，垂直于斜面向下的安培力以及垂直于斜面向上的支持力，其不滿足平衡條件，所以導(dǎo)體棒無法靜止，故D項錯誤。故選BC。7.為了安全，許多機(jī)械設(shè)備都安裝有磁力剎車裝置，其運(yùn)動情況可簡化為如圖所示的模型。正方形線圈abcd以初速度v0沿斜面加速下滑距離s后，bc邊進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域，此時線圈開始減速，bc邊離開磁場區(qū)域時，線圈恰好做勻速直線運(yùn)動，運(yùn)動過程中，bc邊始終與磁場邊界線保持平行。已知線圈邊長為l、匝數(shù)為n、電阻為r，斜面與水平面的夾角為θ，線圈的質(zhì)量為m，所受摩擦阻力大小恒為f，磁場區(qū)域上下邊界間的距離為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直斜面向上，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.線圈bc邊剛進(jìn)入磁場時，感應(yīng)電流大小為B.線圈bc邊穿過磁場區(qū)域過程中，通過其導(dǎo)線橫截面的電荷量為C.線圈bc邊離開磁場區(qū)域時的速度為D.從開始下滑到線圈全部通過磁場區(qū)域過程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗AB〖解析〗A．設(shè)線圈bc剛進(jìn)入磁場時速度為v1，電動勢為E1，電流為I1，則解得故A正確；B．線圈bc穿過磁場過程中，有解得故B正確；C．線圈bc邊離開磁場區(qū)域后，有解得故C錯誤；D．從開始下滑到線圈全部通過磁場區(qū)域過程中，有所以故D錯誤。故選AB。8.質(zhì)量為m的木板與直立的輕質(zhì)彈簧的上端相連，彈簧下端固定在水平地面上，靜止時彈簧的壓縮量為h，如圖所示?，F(xiàn)將一質(zhì)量為的物體從距離木板正上方處由靜止釋放，物體與木板碰撞后，粘在一起向下運(yùn)動，到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動，空氣阻力、木板厚度、物體大小忽略不計。已知彈簧的彈性勢能為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），重力加速度大小為g，則（）A.彈簧的勁度系數(shù)B.彈簧的勁度系數(shù)C.物體與木板粘合體不可能運(yùn)動到彈簧原長處D.物體與木板粘合體的最大動能為〖答案〗AD〖解析〗AB．木板靜止時彈簧的壓縮量為h，由二力平衡得解得A正確，B錯誤；C．物體從距離木板正上方處由靜止釋放，由動能定理得：物體與木板碰撞前瞬間的速度大小為解得物體與木板碰撞瞬間，二者動量守恒有聯(lián)立可得二者粘在一起向下運(yùn)動的速度大小為物體和木板一起以向下運(yùn)動到向上運(yùn)動到彈簧原長處時，由能量守恒定律有聯(lián)立求得，物體和木板向上運(yùn)動到彈簧原長處時的動能為故物體與木板粘合體可以運(yùn)動到彈簧原長處，C錯誤；D．物體與木板粘合體以向下運(yùn)動到物體與木板粘合體加速度為零時，動能最大。設(shè)碰后物體與木板粘合體繼續(xù)下降x加速度為零由機(jī)械能守恒可得聯(lián)立可得D正確。故選AD。二、非選擇題：9.某同學(xué)用如圖1所示的裝置測定木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)。水平桌面上的邊緣固定一定滑輪，位于桌面上的木塊A通過跨過定滑輪的細(xì)線與質(zhì)量相等的鉤碼B連接，先使A靜止于桌面上某點(diǎn)，調(diào)節(jié)滑輪高度使A與定滑輪間的細(xì)線與桌面平行，待B穩(wěn)定后測出B與地面間的高度h，再將A由靜止釋放，測出A在桌面上滑動的距離為s（s未標(biāo)出，A釋放后不會撞到滑輪）。（1）若木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)為，則________。（用題中已知物理量的符號表示）（2）實驗中，該同學(xué)改變h，重復(fù)實驗，測出對應(yīng)的s，請根據(jù)下表的實驗數(shù)據(jù)在圖2中作出關(guān)系的圖像_______。由圖2可計算出A與桌面間的動摩擦因數(shù)，________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）5.00100015.0020.007.5015.1022.4030.00〖答案〗（1）（2）0.49或0.50或0.51〖解析〗（1）[1]設(shè)A、B共同運(yùn)動的末速度為v，由動能定理有B落地后A繼續(xù)滑行過程中，由動能定理有1聯(lián)立可得（2）[2]根據(jù)表格數(shù)據(jù)，描點(diǎn)連線如圖所示[3]根據(jù)可得1斜率由圖像可得斜率聯(lián)立可得10.在利用熱敏電阻制作一個簡易電子溫度計時，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作，請完成下列問題。（1）描繪熱敏電阻的Rt-t圖線該同學(xué)將熱敏電阻放在恒溫箱內(nèi)，利用圖1的電路進(jìn)行實驗，其中R0為保護(hù)電阻，實驗步驟如下：①將恒溫箱溫度調(diào)節(jié)為t1，單刀雙擲開關(guān)S擲向1，穩(wěn)定后記下電流表的相應(yīng)示數(shù)I1；②將單刀雙擲開關(guān)S擲向2，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的示數(shù)為________，記下電阻箱R相應(yīng)的示數(shù)為Rt，則溫度為t1時熱敏電阻的阻值為Rt；③不斷調(diào)節(jié)恒溫箱的溫度，每一溫度下重復(fù)步驟①～②；④根據(jù)實驗的數(shù)據(jù)作出Rt隨t變化的圖像如圖2所示，由圖像可知，當(dāng)溫度為20℃時，熱敏電阻的阻值為________。（2）制作測量范圍為0℃到50℃的電子溫度計電路如圖3所示，電源電動勢E=1.5V，內(nèi)阻可忽略不計，R2=80Ω，R3是調(diào)零電阻（最大阻值為20Ω），電流表量程為10mA，內(nèi)阻為10Ω。①當(dāng)溫度0℃時，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，當(dāng)阻值，R3=________時，電流表指針滿偏，然后保持調(diào)零電阻不變；②電流值I（A）和溫度值t（℃）的關(guān)系式為________；③將電流表的刻度值改為溫度值，其中6mA的刻度對應(yīng)的溫度值為________；④電池用久了電動勢不變、內(nèi)阻增大，但仍可通過調(diào)節(jié)調(diào)零電阻使指針指向0℃，用其測量溫度時結(jié)果將會________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）I190Ω（2）10Ω50℃不變〖解析〗（1）[1]將開關(guān)S擲向2時，應(yīng)與開關(guān)S擲向1時效果相同，故電流表的讀數(shù)為I1；[2]由圖2可知當(dāng)t=20℃時，Rt=90Ω；（2）[3][4][5][6]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得當(dāng)t=0℃時，Rt=50Ω，結(jié)合已知量可得所以將I=6mA代入可得電池用久了電動勢不變，重新調(diào)零后，關(guān)系式不變，故測量結(jié)果不變。11.如圖所示，用打氣筒給足球打氣時，把它的出氣管（體積可忽略）接到足球的氣門。已知打氣筒內(nèi)部空間的高度為H=0.5m，內(nèi)部橫截面積為S=1.0×10-3m2。當(dāng)活塞往上提時，大氣進(jìn)入氣筒內(nèi)；手柄往下壓時，當(dāng)筒內(nèi)氣體頂開足球的氣門時，壓縮空氣就進(jìn)入足球中。若足球的容積V0=5.0×10-3m3，每次打氣前筒中氣體的壓強(qiáng)都與大氣壓p0相同，若打氣前足球就已經(jīng)是球形并且內(nèi)部的壓強(qiáng)為1.2p0，筒內(nèi)氣體頂開足球氣門的最小壓強(qiáng)為2.5p0，設(shè)打氣過程中各部分氣體的溫度均不變，每次活塞均提到最高處，且每次將氣筒中的氣體全部打入足球中，足球在打氣過程體積不變。求：（1）第一次打氣時，活塞下移多大距離才能頂開足球的氣門；（2）至少打幾次就可使足球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)增加到1.8p0?！即鸢浮剑?）0.3m；（2）6〖解析〗（1）取打氣筒的氣體為研究對象，開始時，氣體的體積為V1，壓強(qiáng)為p0，則設(shè)第一次打氣時活塞下移x時，頂開足球的氣門，頂開前瞬間氣體的體積為V2，壓強(qiáng)為2.5p0，則由玻意耳定律可得解得（2）設(shè)打n次可以使足球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)增加到1.8p0，取打氣后足球內(nèi)氣體為研究對象，打氣筒打入足球的氣體在壓強(qiáng)為p0時的總體積為V3，足球內(nèi)氣體體積為V0，壓強(qiáng)為1.2p0；打完氣后氣體的體積為V0，壓強(qiáng)為1.8p0，則由題意耳定律可得解得12.半導(dǎo)體有著廣泛的應(yīng)用，人們通過離子注入的方式優(yōu)化半導(dǎo)體以滿足不同的需求。離子注入系統(tǒng)的原理簡化如圖所示。質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子經(jīng)電場加速后從P點(diǎn)沿方向垂直射入圓心為O、半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向里。當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為時，離子恰好沿方向射出并擊中晶體的中點(diǎn)Q。已知，，，，不考慮離子進(jìn)入加速器的初速度及離子重力和離子間的相互作用。（1）求加速電場兩板間的電壓；（2）為使離子能夠擊中晶體的各個部分，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)加速電場兩板間的電壓為U，離子經(jīng)電場加速后的速度大小為v，由動能定理有當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為時，設(shè)離子在磁場中運(yùn)動的半徑為，由幾何關(guān)系和牛頓運(yùn)動定律有解得（2）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為時，離子離開磁場后到達(dá)晶體的M處，設(shè)離子在磁場中運(yùn)動的半徑為，由幾何關(guān)系和牛頓運(yùn)動定律有解得當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為時，離子離開磁場后到達(dá)晶體的N處，設(shè)離子在磁場中運(yùn)動的半徑為，由幾何關(guān)系和牛頓運(yùn)動定律有解得所以，磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍為。13.如圖所示，傾角為37°的足夠長的固定斜面上放置一下端有固定擋板的“┘”型木板，木板與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.6。一可視為質(zhì)點(diǎn)的光滑小滑塊置于木板上的某點(diǎn)，該點(diǎn)與擋板的距離L=3.0m。現(xiàn)將小滑塊和木板同時由靜止釋放，已知木板的質(zhì)量為M=2kg，小滑塊的質(zhì)量為m=0.5kg，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，小滑塊與擋板的碰撞為彈性碰撞。求滑塊和木板：（1）從釋放到發(fā)生第一次碰撞所需要的時間；（2）在第一次碰撞到第二次碰撞間，小滑塊與擋板的最大間距；（3）第二次碰撞后兩者的速度?！即鸢浮剑?）1s；（2）3m；（3）4.8m/s〖解析〗（1）從釋放后到小滑塊與擋板第一次碰撞過程中，設(shè)小滑塊和木板加速度分別為a1和a2，由牛頓運(yùn)動定律有解得，由此可知，該過程木板保持靜止，設(shè)小滑塊從釋放到發(fā)生第一次碰撞所需要的時間為t1，則解得（2）設(shè)小滑塊與擋板第一次碰撞前速度為v1，由運(yùn)動學(xué)規(guī)律有設(shè)小滑塊與擋板第一次碰撞后小滑塊與木板的速度分別為v2和v3，由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有解得，第一次碰撞后，木板勻速下滑，小滑塊做勻變速直線運(yùn)動，當(dāng)小滑塊與木板的速度相同時，小滑塊與擋板距離最大，設(shè)該過程時間為t2，小滑塊與木板的位移分別為x1和x2，小滑塊與擋板的最大間距為Δx，則解得（3）設(shè)小滑塊從與擋板的最大間距處繼續(xù)運(yùn)動時間t3，第二次到達(dá)擋板處，設(shè)第二次碰前小滑塊速度大小為v4，該過程小滑塊和木板位移大小分別為x3和x4，則解得設(shè)第二次碰撞后小滑塊與木板的速度分布為v5和v6，由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有解得，高三下學(xué)期聯(lián)考二（沖刺卷）試題物理部分一、選擇題：1.2023年2月23日，我國首顆超百Gbps容量的高通量衛(wèi)星——中星26號衛(wèi)星從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心起飛，進(jìn)入預(yù)定軌道。若假定工作軌道為圓軌道，軌道距地面高度為h，運(yùn)行周期為T，引力常量為G、地球半徑為R，僅利用這些條件不能求出的物理量是（）A.地球表面的重力加速度 B.地球?qū)πl(wèi)星的吸引力C.衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的速度 D.衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的加速度〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù),可求出地球表面的重力加速度，故A正確，不符合題意；B．根據(jù)衛(wèi)星的質(zhì)量未知，無法求出地球?qū)πl(wèi)星的吸引力，故B錯誤，符合題意；C．根據(jù)可求出衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的速度，故C正確，不符合題意；D．根據(jù)可求出衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的加速度，故D正確，不符合題意；故選B。2.圓心為O、半徑為R的半球形玻璃磚橫截面如圖所示。光線從P點(diǎn)垂直界面入射后恰好在玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射；當(dāng)光線由P點(diǎn)以某入射角θ進(jìn)入玻璃磚后光線恰好從玻璃磚圓形表面的最高點(diǎn)出射，已知玻璃磚的折射率為，則（）A.OP之間的距離為 B.OP之間的距離為C.入射角θ為60° D.入射角θ為30°〖答案〗C〖解析〗作出光路圖如圖所示根據(jù)題意，有聯(lián)立解得，故選C。3.兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中沿相反方向傳播，某時刻兩列波相遇，如圖所示，圖示時刻x=9m處的質(zhì)點(diǎn)正在向下振動，若兩列波的波速均為15m/s，則下列說法正確的是（）A.實線波沿x軸正方向傳播B.實線波與虛線波的頻率之比為2:3C.兩列波在相遇區(qū)域能發(fā)生干涉現(xiàn)象D.從圖示時刻起再過0.3s，平衡位置x=9m處的質(zhì)點(diǎn)位于y=15cm處〖答案〗D〖解析〗A．圖示時刻x=9m處的質(zhì)點(diǎn)正在向下振動，根據(jù)“上下坡”法可知，實線波應(yīng)沿x軸負(fù)方向傳播，虛線波應(yīng)沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由圖可知，所以故B錯誤；C．由于兩列波頻率不相等，所以在相遇區(qū)域不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D．從圖示時刻經(jīng)過0.3s，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)實線波處于波峰，虛線波處于平衡位置，根據(jù)疊加原理可知，質(zhì)點(diǎn)位于y=15cm處，故D正確。故選D。4.在平直的公路上行駛的甲車和乙車，其位置x隨時間t變化的圖像分別為圖中直線和曲線。已知乙車做勻變速直線運(yùn)動，當(dāng)時，直線和曲線相切，下列說法中正確的是（）A.時刻乙車速度大小為B.時間內(nèi)甲車的平均速度大于乙車的平均速度C.時間內(nèi)甲車與乙車間的距離一直在增大D.乙車的加速度大小為〖答案〗A〖解析〗AD．根據(jù)圖像可知，甲做勻速直線運(yùn)動。其速度為乙車做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)圖像可知t=2s時，位移為x=6m速度為根據(jù)位移時間公式可得又有解得故A正確，D錯誤；B．時間內(nèi)，根據(jù)圖像可知，甲車的位移小于乙車的位移，所以甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故B錯誤；C．根據(jù)圖像可知時間內(nèi)甲車與乙車間的距離先減小后增大，故C錯誤。故選A。5.在電場強(qiáng)度為E、區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為m、電荷量為的小球自O(shè)點(diǎn)以初速度沿方向在豎直面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動，如圖所示。與水平面的夾角為，重力加速度為g，且，則（）A.電場方向水平向右B.小球運(yùn)動的加速度大小為C.小球上升的最大高度為D.小球電勢能增加量的最大值為〖答案〗C〖解析〗AB．依題意，小球以初速度沿方向在豎直面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動，則小球重力與所受電場力的合力一定沿OP方向，且由于，根據(jù)矢量疊加原理，可知帶正電小球所受電場力水平向左，則電場方向水平向左；小球運(yùn)動受到的合力大小為根據(jù)牛頓第二定律可得，小球的加速度大小為方向沿PO方向，故AB錯誤；C．小球做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度－位移公式，可得小球上升的最大高度為故C正確；D．根據(jù)功能關(guān)系，可得小球電勢能增加量的最大值為故D錯誤。故選C。6.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，兩條平行光滑導(dǎo)軌傾斜放置，間距為L，與水平面成角。兩導(dǎo)軌上端連接一電動勢為E，內(nèi)電阻為r的電源時，將質(zhì)量為m、電阻值為R的導(dǎo)體棒垂直放在兩導(dǎo)軌上，恰能保持靜止。重力加速度大小為g，導(dǎo)軌及連線電阻不計，下列關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小及方向的說法正確的是（）A.B的最小值為，方向豎直向上B.B的最小值為，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上C.當(dāng)B的大小為時，方向可能水平向左D.當(dāng)B的大小為時，方向可能沿導(dǎo)軌平面向上〖答案〗BC〖解析〗ABD．導(dǎo)體棒受力平衡，當(dāng)安培力與支持力垂直時有最小值，根據(jù)左手定則，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為垂直于導(dǎo)軌平面向上，故有又有解得故A錯誤，B正確；C．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為水平向左時，根據(jù)左手定則可知，安培力方向豎直向上，當(dāng)安培力大小等于重力時，導(dǎo)體棒也會靜止，有解得故C項正確；D．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為沿導(dǎo)軌平面向上時，根據(jù)左手定則可知，安培力方向為垂直于斜面向下，此時導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力，垂直于斜面向下的安培力以及垂直于斜面向上的支持力，其不滿足平衡條件，所以導(dǎo)體棒無法靜止，故D項錯誤。故選BC。7.為了安全，許多機(jī)械設(shè)備都安裝有磁力剎車裝置，其運(yùn)動情況可簡化為如圖所示的模型。正方形線圈abcd以初速度v0沿斜面加速下滑距離s后，bc邊進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域，此時線圈開始減速，bc邊離開磁場區(qū)域時，線圈恰好做勻速直線運(yùn)動，運(yùn)動過程中，bc邊始終與磁場邊界線保持平行。已知線圈邊長為l、匝數(shù)為n、電阻為r，斜面與水平面的夾角為θ，線圈的質(zhì)量為m，所受摩擦阻力大小恒為f，磁場區(qū)域上下邊界間的距離為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直斜面向上，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.線圈bc邊剛進(jìn)入磁場時，感應(yīng)電流大小為B.線圈bc邊穿過磁場區(qū)域過程中，通過其導(dǎo)線橫截面的電荷量為C.線圈bc邊離開磁場區(qū)域時的速度為D.從開始下滑到線圈全部通過磁場區(qū)域過程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗AB〖解析〗A．設(shè)線圈bc剛進(jìn)入磁場時速度為v1，電動勢為E1，電流為I1，則解得故A正確；B．線圈bc穿過磁場過程中，有解得故B正確；C．線圈bc邊離開磁場區(qū)域后，有解得故C錯誤；D．從開始下滑到線圈全部通過磁場區(qū)域過程中，有所以故D錯誤。故選AB。8.質(zhì)量為m的木板與直立的輕質(zhì)彈簧的上端相連，彈簧下端固定在水平地面上，靜止時彈簧的壓縮量為h，如圖所示?，F(xiàn)將一質(zhì)量為的物體從距離木板正上方處由靜止釋放，物體與木板碰撞后，粘在一起向下運(yùn)動，到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動，空氣阻力、木板厚度、物體大小忽略不計。已知彈簧的彈性勢能為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），重力加速度大小為g，則（）A.彈簧的勁度系數(shù)B.彈簧的勁度系數(shù)C.物體與木板粘合體不可能運(yùn)動到彈簧原長處D.物體與木板粘合體的最大動能為〖答案〗AD〖解析〗AB．木板靜止時彈簧的壓縮量為h，由二力平衡得解得A正確，B錯誤；C．物體從距離木板正上方處由靜止釋放，由動能定理得：物體與木板碰撞前瞬間的速度大小為解得物體與木板碰撞瞬間，二者動量守恒有聯(lián)立可得二者粘在一起向下運(yùn)動的速度大小為物體和木板一起以向下運(yùn)動到向上運(yùn)動到彈簧原長處時，由能量守恒定律有聯(lián)立求得，物體和木板向上運(yùn)動到彈簧原長處時的動能為故物體與木板粘合體可以運(yùn)動到彈簧原長處，C錯誤；D．物體與木板粘合體以向下運(yùn)動到物體與木板粘合體加速度為零時，動能最大。設(shè)碰后物體與木板粘合體繼續(xù)下降x加速度為零由機(jī)械能守恒可得聯(lián)立可得D正確。故選AD。二、非選擇題：9.某同學(xué)用如圖1所示的裝置測定木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)。水平桌面上的邊緣固定一定滑輪，位于桌面上的木塊A通過跨過定滑輪的細(xì)線與質(zhì)量相等的鉤碼B連接，先使A靜止于桌面上某點(diǎn)，調(diào)節(jié)滑輪高度使A與定滑輪間的細(xì)線與桌面平行，待B穩(wěn)定后測出B與地面間的高度h，再將A由靜止釋放，測出A在桌面上滑動的距離為s（s未標(biāo)出，A釋放后不會撞到滑輪）。（1）若木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)為，則________。（用題中已知物理量的符號表示）（2）實驗中，該同學(xué)改變h，重復(fù)實驗，測出對應(yīng)的s，請根據(jù)下表的實驗數(shù)據(jù)在圖2中作出關(guān)系的圖像_______。由圖2可計算出A與桌面間的動摩擦因數(shù)，________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）5.00100015.0020.007.5015.1022.4030.00〖答案〗（1）（2）0.49或0.50或0.51〖解析〗（1）[1]設(shè)A、B共同運(yùn)動的末速度為v，由動能定理有B落地后A繼續(xù)滑行過程中，由動能定理有1聯(lián)立可得（2）[2]根據(jù)表格數(shù)據(jù)，描點(diǎn)連線如圖所示[3]根據(jù)可得1斜率由圖像可得斜率聯(lián)立可得10.在利用熱敏電阻制作一個簡易電子溫度計時，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作，請完成下列問題。（1）描繪熱敏電阻的Rt-t圖線該同學(xué)將熱敏電阻放在恒溫箱內(nèi)，利用圖1的電路進(jìn)行實驗，其中R0為保護(hù)電阻，實驗步驟如下：①將恒溫箱溫度調(diào)節(jié)為t1，單刀雙擲開關(guān)S擲向1，穩(wěn)定后記下電流表的相應(yīng)示數(shù)I1；②將單刀雙擲開關(guān)S擲向2，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的示數(shù)為________，記下電阻箱R相應(yīng)的示數(shù)為Rt，則溫度為t1時熱敏電阻的阻值為Rt；③不斷調(diào)節(jié)恒溫箱的溫度，每一溫度下重復(fù)步驟①～②；④根據(jù)實驗的數(shù)據(jù)作出Rt隨t變化的圖像如圖2所示，由圖像可知，當(dāng)溫度為20℃時，熱敏電阻的阻值為________。（2）制作測量范圍為0℃到50℃的電子溫度計電路如圖3所示，電源電動勢E=1.5V，內(nèi)阻可忽略不計，R2=80Ω，R3是調(diào)零電阻（最大阻值為20Ω），電流表量程為10mA，內(nèi)阻為10Ω。①當(dāng)溫度0℃時，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，當(dāng)阻值，R3=________時，電流表指針滿偏，然后保持調(diào)零電阻不變；②電流值I（A）和溫度值t（℃）的關(guān)系式為________；③將電流表的刻度值改為溫度值，其中6mA的刻度對應(yīng)的溫度值為________；④電池用久了電動勢不變、內(nèi)阻增大，但仍可通過調(diào)節(jié)調(diào)零電阻使指針指向0℃，用其測量溫度時結(jié)果將會________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）I190Ω（2）10Ω50℃不變〖解析〗（1）[1]將開關(guān)S擲向2時，應(yīng)與開關(guān)S擲向1時效果相同，故電流表的讀數(shù)為I1；[2]由圖2可知當(dāng)t=20℃時，Rt=90Ω；（2）[3][4][5][6]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得當(dāng)t=0℃時，Rt=50Ω，結(jié)合已知量可得所以將I=6mA代入可得電池用久了電動勢不變，重新調(diào)零后，關(guān)系式不變，故測量結(jié)果不變。11.如圖所示，用打氣筒給足球打氣時，把它的出氣管（體積可忽略）接到足球的氣門。已知打氣筒內(nèi)部空間的高度為H=0.5m，內(nèi)部橫截面積為S=1.0×10-3m2。當(dāng)活塞往上提時，大氣進(jìn)入氣筒內(nèi)；手柄往下壓時，當(dāng)筒內(nèi)氣體頂開足球的氣門時，壓縮空氣就進(jìn)入足球中。若足球的容積V0=5.0×10-3m3，每次打氣前筒中氣體的壓強(qiáng)都與大氣壓p0相同，若打氣前足球就已經(jīng)是球形并且內(nèi)部的壓強(qiáng)為1.2p0，筒內(nèi)氣體頂開足球氣門的最小壓強(qiáng)為2.5p0，設(shè)打氣過程中各部分氣體的溫度均不變，每次活塞均提到最高處，且每次將氣筒中的氣體全部打入足球中，足球在打氣過程體積不變。求：（1）第一次打氣時，活塞下移多大距離才能頂開足球的氣門；（2）至少打幾次就可使足球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)增加到1.8p0?！即鸢浮剑?）0.3m；（2）6〖解析〗（1）取打氣筒的氣體為研究對象，開始時，氣體的體積為V1，壓強(qiáng)為p0，則設(shè)第一次打氣時活塞下移x時，頂開足球的氣門，頂開前瞬間氣體的體積為V2，壓強(qiáng)為2.5p0，則由玻意耳定律可得解得（2）設(shè)打n次可以使足球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)增加到1.8p0，取打氣后足球內(nèi)氣體為研究對象，打氣筒打入足球的