云南省名校2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期月考物理試題（二）（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆云南名校月考試卷（二）物理試卷一、選擇題：1.電梯上升過(guò)程中，某同學(xué)在電梯里用智能手機(jī)記錄了電梯速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖所示。關(guān)于該同學(xué)，下列說(shuō)法正確的是（）A.末，加速度為零 B.末，離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)C.內(nèi)，受到的合力逐漸變小 D.內(nèi)，平均速度小于〖答案〗C〖解析〗A．圖像中，圖線的斜率表示加速度，由題目中的圖像可知，時(shí)，該同學(xué)的速度為零，加速度不為零，故A錯(cuò)誤；B．內(nèi)，電梯繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，因此時(shí)，該同學(xué)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故B錯(cuò)誤；C．內(nèi)，該同學(xué)的加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律可知，該同學(xué)受到的合力逐漸變小，故C正確；D．圖像中，圖線和時(shí)間軸所圍圖形的面積表示位移，由題目中圖像可知，該同學(xué)在內(nèi)的位移大于，因此內(nèi)，根據(jù)可知，電梯的平均速度大于，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2022年6月5日，神舟十四號(hào)載人飛船與空間站組合體成功實(shí)現(xiàn)自主快速交會(huì)對(duì)接?？臻g站、同步衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知空間站的運(yùn)行軌道半徑為，同步衛(wèi)星的運(yùn)行軌道半徑為，下列說(shuō)法正確的是（）A.空間站處于平衡狀態(tài) B.空間站的角速度比同步衛(wèi)星的小C.空間站與同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期之比為 D.空間站與同步衛(wèi)星的運(yùn)行速率之比為〖答案〗D〖解析〗A．空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合外力不為零，處于不平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．空間站、同步衛(wèi)星都繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得化簡(jiǎn)可得由于，因此空間站的角速度比同步衛(wèi)星的大，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)空間站、同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期分別為，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得整理可得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)空間站、同步衛(wèi)星的運(yùn)行速率分別為，根據(jù)牛頓第二定律可得化簡(jiǎn)可得因此空間站與同步衛(wèi)星的運(yùn)行速率之比為故D正確。故選D。3.如圖所示，間距為且相互平行的導(dǎo)軌固定在水平絕緣桌面，導(dǎo)軌左端與電源連接，電源電動(dòng)勢(shì)為，金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置，整個(gè)回路的電阻為。整個(gè)空間中存在方向垂直于金屬棒且與水平面成角斜向上方的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。取，。若金屬棒始終靜止，則金屬棒受到的摩擦力（）A.方向水平向右，大小為 B.方向水平向左，大小為C.方向水平向右，大小為 D.方向水平向左，大小為〖答案〗A〖解析〗根據(jù)左手定則可知，金屬棒受到的安培力方向斜向左上方，對(duì)金屬棒受力分析如圖所示根據(jù)平衡條件可得聯(lián)立解得方向水平向右。故選A。4.如圖所示，質(zhì)量為的質(zhì)點(diǎn)在平面坐標(biāo)系上以某一速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到大小不變，方向沿軸負(fù)方向的合力作用。已知質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的最小速度為，質(zhì)點(diǎn)速度由增加到所用的時(shí)間為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗質(zhì)點(diǎn)沿軸方向先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)沿軸方向的分速度為0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度最小。當(dāng)質(zhì)點(diǎn)的速度為時(shí)，根據(jù)則速度與軸正方向的夾角為，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故選C。5.如圖所示，真空中正方形的四個(gè)頂點(diǎn)處分別固定有電荷量為的點(diǎn)電荷，點(diǎn)為正方形的中心，兩點(diǎn)關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱。若將點(diǎn)處的點(diǎn)電荷移走，規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩點(diǎn)的電勢(shì)均減小 B.點(diǎn)的電勢(shì)增大，點(diǎn)的電勢(shì)減小C.兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均減小D.點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度增大〖答案〗C〖解析〗AB．c點(diǎn)處的點(diǎn)電荷帶負(fù)電，規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則點(diǎn)處的點(diǎn)電荷在兩點(diǎn)的電勢(shì)均小于零，電勢(shì)是標(biāo)量，因此將點(diǎn)處的點(diǎn)電荷移走后，兩點(diǎn)的電勢(shì)均增大，故AB錯(cuò)誤；CD．移走點(diǎn)處的點(diǎn)電荷前，兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度如圖所示，設(shè)之間的距離為，根據(jù)矢量合成的平行四邊形定則可知，點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向向左，點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向向右。將點(diǎn)處的點(diǎn)電荷移走后，點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向向右，點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向向右。因此兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸傳播，時(shí)刻的波形圖如圖所示，是平衡位置分別處于、處的質(zhì)點(diǎn)。質(zhì)點(diǎn)沿軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為。下列說(shuō)法正確的是（）A.該簡(jiǎn)諧橫波的周期為 B.該簡(jiǎn)諧橫波的波速為C.該簡(jiǎn)諧橫波沿軸負(fù)方向傳播 D.質(zhì)點(diǎn)處于波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度最大〖答案〗AD〖解析〗A．該簡(jiǎn)諧橫波的周期為故A正確；B．由題圖可知該簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為，所以該簡(jiǎn)諧橫波的波速為故B錯(cuò)誤；C．由質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程可知時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a沿軸正方向振動(dòng)，根據(jù)“同側(cè)法”可知該簡(jiǎn)諧橫波沿軸正方向傳播，故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相差，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)處于波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，速度最大，故D正確。故選AD。7.如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體，由狀態(tài)開(kāi)始，經(jīng)三個(gè)過(guò)程后回到初狀態(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.過(guò)程中，氣體向外界放出熱量 B.過(guò)程中，氣體始終對(duì)外界做功C.過(guò)程中，氣體的內(nèi)能先增大后減小 D.過(guò)程中，氣體向外界放出熱量〖答案〗BC〖解析〗A．過(guò)程中，氣體的體積不變，氣體對(duì)外做的功為根據(jù)查理定理可得解得因此過(guò)程中溫度升高，內(nèi)能增大，故根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量，故A錯(cuò)誤；B．過(guò)程中，氣體體積始終增大，對(duì)外界做功，故B正確；C．過(guò)程，根據(jù)理想氣體方程可知壓強(qiáng)和體積的乘積先增大后減小，故氣體的溫度先升高后降低，內(nèi)能先增大后減小，故C正確；D．過(guò)程，氣體最終回到狀態(tài)a內(nèi)能不變，故圖像中圖線和坐標(biāo)軸圍成的面積表示氣體對(duì)外界做的功，由題目中圖像可知整個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外界做正功，故根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知故氣體從外界吸收熱量，故D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖甲所示，豎直放置的輕質(zhì)彈簧，下端固定在水平地面上，質(zhì)量為的小球從彈簧正上方一定高度處?kù)o止開(kāi)始自由下落，從小球開(kāi)始下落到將彈簧壓縮至最短的過(guò)程中，小球的加速度隨位移變化的關(guān)系如圖乙所示。重力加速度取，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為B.彈簧的彈性勢(shì)能最大為C.小球從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.小球從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，小球的最大速度為〖答案〗BD〖解析〗A．小球在處的加速度為0，根據(jù)牛頓第二定律可得由題目圖乙可知聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)彈簧被壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，根據(jù)能量守恒可得故B正確；C．小球從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)小球的加速度為零時(shí)，小球的速度最大，根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示合外力做的功，則小球從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，合外力做的功為根據(jù)動(dòng)能定理則小球最大速度為故D正確。故選BD。二、非選擇題：9.實(shí)驗(yàn)小組將小量程電流表（滿偏電流為，內(nèi)阻為）改裝成多用電表，其中電流表的量程為、電壓表的量程為，然后進(jìn)行校對(duì)，設(shè)計(jì)電路如圖所示，圖中電阻箱（阻值范圍為）、（阻值范圍為），a為公共接線柱?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）為_(kāi)______的接線柱（選填“電流表”或“電壓表”）。（2）應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為_(kāi)______。（3）實(shí)驗(yàn)小組用標(biāo)準(zhǔn)表對(duì)改裝后的多用電表進(jìn)行校準(zhǔn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流擋準(zhǔn)確，電壓擋量程偏大，為使改裝后的電流擋量程為、電壓擋的量程為，應(yīng)_______。（填正確〖答案〗前的字母標(biāo)號(hào)）A．僅將調(diào)大B．僅將調(diào)小C．將都調(diào)大D．將調(diào)大，將調(diào)小〖答案〗（1）電流表（2）2910.0（3）B〖解析〗（1）[1]與小量程電流表并聯(lián)，為電流表接線柱，與改裝后的電流表串聯(lián)，為電壓表接線柱。（2）[2]根據(jù)串、并聯(lián)電路的規(guī)律可得解得（3）[3]由于電流擋準(zhǔn)確，所以不需要調(diào)整。電壓擋量程偏大，根據(jù)串、并聯(lián)電路的規(guī)律可得因此僅將調(diào)小即可。故選B。10.實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置做“探究加速度與物體所受合外力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。將一端帶定滑輪的長(zhǎng)木板置于水平桌面上，滑塊放在長(zhǎng)木板上，砂桶通過(guò)滑輪用輕質(zhì)細(xì)線拉滑塊，在細(xì)線的另一端接一個(gè)微型力傳感器，通過(guò)力傳感器可以直接讀出細(xì)線的拉力大小。保持滑塊質(zhì)量不變，在砂桶中添加少量細(xì)砂來(lái)改變力傳感器的示數(shù)，利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶計(jì)算出不同拉力對(duì)應(yīng)的加速度的大小。已知實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是頻率為的交流電源，重力加速度取，據(jù)此回答下列問(wèn)題：（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是_______。（填正確〖答案〗前的字母標(biāo)號(hào)）A．保證砂桶和砂的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量B．調(diào)節(jié)定滑輪，使連接滑塊的細(xì)線與木板平行C．把力傳感器示數(shù)作為滑塊受到的合力（2）安裝并調(diào)節(jié)好裝置，接通電源由靜止釋放滑塊，某次實(shí)驗(yàn)得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙所示，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出來(lái)，利用以上數(shù)據(jù)可知，打該紙帶時(shí)滑塊的加速度大小_______。（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）改變砂桶和砂的總質(zhì)量，記錄多組傳感器的示數(shù)，并計(jì)算對(duì)應(yīng)的滑塊的加速度，在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)作出圖像，如圖丙所示，所得圖線沒(méi)有經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，可能的原因是_______（寫一條即可）。（4）由圖丙可以求出滑塊的質(zhì)量為_(kāi)______kg，滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)______。（計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）B（2）1.80（3）沒(méi)有補(bǔ)償滑塊受到摩擦力（4）0.41##0.40##0.42##0.43##0.44##0.45##0.460.19##0.16##0.17##0.18##0.20##0.21〖解析〗（1）[1]A．可以通過(guò)力傳感器直接測(cè)出細(xì)線的拉力，不需要保證砂桶和砂的總質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．調(diào)節(jié)定滑輪，使連接滑塊的細(xì)線與木板平行，才能保證細(xì)線的拉力與木板平行，故B正確；C．由于沒(méi)有補(bǔ)償摩擦力，因此滑塊的合力是細(xì)線的拉力與滑塊受到的摩擦力的合力，故C錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，可得此時(shí)滑塊的加速度大小為（3）[3]題目中沒(méi)有補(bǔ)償滑塊受到的摩擦力，因此細(xì)線的拉力不是滑塊受到的合力，圖丙中的橫坐標(biāo)是細(xì)線的拉力，因此圖線沒(méi)有經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)。（4）[4]對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律可得化簡(jiǎn)整理可得因此圖像的斜率表示解得[5]加速度為零時(shí)，有解得11.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，存在方向垂直紙面（坐標(biāo)面）向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。一帶電粒子從軸上的點(diǎn)，以速率在紙面內(nèi)沿與軸正方向成的方向射入磁場(chǎng)，粒子恰好垂直于軸離開(kāi)磁場(chǎng)。不計(jì)粒子的重力。求：（1）粒子的比荷；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由幾何關(guān)系可得根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得（2）帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為聯(lián)立解得12.如圖甲所示，王亞平在天宮課堂中演示了水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)，在完全失重時(shí)往水球中央注入空氣形成了一個(gè)內(nèi)含氣泡的水球。其簡(jiǎn)化模型如圖乙所示，氣泡與水球同心，半徑分別為。在過(guò)球心的球面內(nèi)，用一細(xì)束單色光照射這一水球上的a點(diǎn)，光束恰好在氣泡表面發(fā)生全反射，然后從水球點(diǎn)射出。已知兩點(diǎn)之間的距離為，光在真空中的傳播速度為。求：（1）水的折射率；（2）細(xì)光束在水球中的傳播時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）光路圖如圖所示由幾何關(guān)系可得則解得由于光束恰好在氣泡表面發(fā)生全反射，根據(jù)光的折射定律可得聯(lián)立解得（2）根據(jù)折射定律可得細(xì)光束在水球中的傳播速度為由幾何關(guān)系可得細(xì)光束在水球中傳播距離為細(xì)光束在水球中傳播的時(shí)間為聯(lián)立解得13.如圖所示，一輕質(zhì)光滑定滑輪固定在足夠長(zhǎng)的斜面上，斜面與水平面之間的夾角為。物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）和木板，通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過(guò)光滑定滑輪連接，物塊與木板下端對(duì)齊，物塊、木板間的接觸面和輕繩均與斜面平行。時(shí)刻，將物塊、木板靜止釋放；時(shí)，剪斷輕繩，物塊恰好不會(huì)從木板上端滑落。已知木板的上表面光滑，下表面與斜面之