2023屆浙江省諸暨市高考沖刺預(yù)測卷一物理試題

2023屆浙江省諸暨市高考沖刺預(yù)測卷一物理試題

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、我國自主建設(shè)、獨立運行的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由數(shù)十顆衛(wèi)星構(gòu)成，目前已經(jīng)向一帶一路沿線國家提供相關(guān)服務(wù)。設(shè)

想其中一顆人造衛(wèi)星在發(fā)射過程中，原來在橢圓軌道1繞地球E運行，在P點變軌后進入軌道?做勻速圓周運動，如圖

所示。下列說法正確的是（）

A.在軌道1與在軌道、運行比較，衛(wèi)星在尸點的加速度不同

B.在軌道1與在軌道1運行比較，衛(wèi)星在『點的動量不同

C.衛(wèi)星在軌道、的任何位置都具有相同加速度

D.衛(wèi)星在軌道1的任何位置都具有相同動能

2、如圖所示，滑塊以初速度為沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零.若用小八a分別表

示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，f表示時間，則下列圖象中能正確描述該過程的是

(B)

(D)

3、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程外、從、ca回到原狀態(tài)，其p-T圖像如圖所示，下列判斷正確

的是（）

b

c.，一一一?

A.過程ac中氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量

B.過程Ac中氣體既不吸熱也不放熱

C.過程外中氣體吸收的熱量大于氣體內(nèi)能的增加

D.a、分和c三個狀態(tài)中，狀態(tài)”氣體的內(nèi)能最小

4、如圖所示，正三角形ABC區(qū)域內(nèi)存在的磁感應(yīng)強度大小為8,方向垂直其面向里的勻強磁場，三角形導(dǎo)線框abc

從A點沿AB方向以速度y勻速穿過磁場區(qū)域。已知AB=2L,ab=L,Nb=90°，ZC=30°?線框abc三邊阻值均為R,

上邊與A3邊始終在同一條直線上。則在線圈穿過磁場的整個過程中，下列說法正確的是（）

A.磁感應(yīng)電流始終沿逆時針方向

B.感應(yīng)電流一直增大

c.通過線框某截面的電荷量為《迦

6R

D.c、》兩點的最大電勢差為漢迦

3

5、關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.放出的各種射線中，a粒子動能最大，因此貫穿其他物質(zhì)的本領(lǐng)最強

B.原子的核外具有較高能量的電子離開原子時，表現(xiàn)為放射出僅粒子

C.原子核發(fā)生衰變后生成的新核輻射出/射線

D.原子核內(nèi)的核子有一半發(fā)生衰變時，所需的時間就是半衰期

6、如圖所示，將一交流發(fā)電機的矩形線圈"cd通過理想變壓器外接電阻R=10C,已知線圈邊長

ab=cd=Q.lm,ad=bc=0.2m,匝數(shù)為50匝，線圈電阻不計，理想交流電壓表接在原線圈兩端，變壓器原副線圈匝數(shù)比

"I：〃2=1：3,線圈在磁感應(yīng)強度8=0.2T的勻強磁場中繞垂直磁場的虛線軸以（y=200rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動，則（）

A.從圖示位置開始計時，線圈中產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的關(guān)系式為e=40sin200t（V）

B.交流電壓表的示數(shù)為40V

C.電阻/?上消耗的電功率為720W

D.電流經(jīng)過變壓器后頻率變?yōu)樵瓉淼?倍

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是（）

A.氣體吸熱后溫度一定升高

B.對氣體做功可以改變其內(nèi)能

C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱

D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡

8、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，。點為彈簧在原長時物塊的位置.物塊由A點靜止釋放，

沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達3點.在從A到8的過程中，物塊（）

AOB

A.加速度先減小后增大B.經(jīng)過。點時的速度最大

C.所受彈簧彈力始終做正功D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功

9、如圖甲所示，正六邊形導(dǎo)線框“兒絲/?放在勻強磁場中靜止不動，磁場方向與線框平面垂直，磁感應(yīng)強度8隨時間

f的變化關(guān)系如圖乙所示.f=0時刻，磁感應(yīng)強度8的方向垂直紙面向里，設(shè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流以順時針方向為正、豎

直邊cd所受安培力的方向以水平向左為正.則下面關(guān)于感應(yīng)電流i和cd邊所受安培力F隨時間f變化的圖象正確的是

10、如圖2所示是電子電路中經(jīng)常用到的由半導(dǎo)體材料做成的轉(zhuǎn)換器，它能把如圖1所示的正弦式交變電壓轉(zhuǎn)換成如

圖3所示的方波式電壓，轉(zhuǎn)換規(guī)則:輸入的交變電壓絕對值低于守，輸出電壓為0;輸入的交變電壓包對值大于、等于

*輸出電壓恒為之二則

22

B.輸出電壓的顏率為100Hz

C.輸出電壓的有效值為X"D.輸出電壓的有效值為g

6

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）圖示為做“碰撞中的動量守恒”的實驗裝置

人射小球

弋、被碰小球

'飛:工

垂

垂

1

0MPN

⑴入射小球每次都應(yīng)從斜槽上的同一位置無初速度釋放，這是為了一

A.入射小球每次都能水平飛出槽口

B.入射小球每次都以相同的速度飛出槽口

C.入射小球在空中飛行的時間不變

D.入射小球每次都能發(fā)生對心碰撞

（2）入射小球的質(zhì)量應(yīng)一（選填“大于”、“等于”或“小于”）被碰小球的質(zhì)量;

⑶設(shè)入射小球的質(zhì)量為機I，被碰小球的質(zhì)量為加2,P為碰前入射小球落點的平均位置，則關(guān)系式町0P=（用

犯、團2及圖中字母表示）成立，即表示碰撞中動量守恒。

12.（12分）如圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可驗證機

械能守恒定律.

n-

紙帶一

打點計

時器

TT

（1）已準(zhǔn)備的器材有打點計時器（帶導(dǎo)線）、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還需要的器材是

（填字母代號）.

A.直流電源、天平及祛碼B.直流電源、毫米刻度尺

C.交流電源、天平及祛碼D.交流電源、毫米刻度尺

（2）實驗中需要測量物體由靜止開始自由下落到某點時的瞬時速度v和下落高度瓦某同學(xué)對實驗得到的紙帶，設(shè)計了

以下四種測量方案，這些方案中合理的是（填字母代號）.

A.用刻度尺測出物體下落的高度〃，由打點間隔數(shù)算出下落的時間f,通過叫g(shù)f算出瞬時速度V

B.用刻度尺測出物體下落的高度似并通過V=J麗計算出瞬時速度v

C.根據(jù)做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平均速度，測算出瞬時速度v,并通

2

V-

過〃=丁計算得出高度九

2g

D.用刻度尺測出物體下落的高度瓦根據(jù)做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平

均速度，測算出瞬時速度v

（3）實驗結(jié)果往往是重力勢能的減少量略大于動能的增加量，關(guān)于這個誤差下列說法正確的是（填字母代

號）.

A.該誤差屬于偶然誤差

B.該誤差屬于系統(tǒng)誤差

C.可以通過多次測量取平均值的方法來減小該誤差

D.可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)港珠澳大橋是連接香港大嶼山、澳門半島和廣東省珠海市跨海大橋，工程路線香港國際機場附近的香港

口岸人工島，向西接珠海、澳門口岸人工島、珠海連接線，止于珠海洪灣，總長約55公里，在建設(shè)港珠澳大橋時為了

更大范圍的夯實路面用到一種特殊圓環(huán)，建設(shè)者為了測試效果，做了如下的演示實驗：如圖所示，一輕繩吊著粗細均

勻的棒，棒下端離地面高H,上端套著一個細環(huán)。棒和環(huán)的質(zhì)量均為m,相互間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力kmg(k>l).

斷開輕繩，棒和環(huán)自由下落。假設(shè)棒足夠長，與地面發(fā)生碰撞時，觸地時間極短，無動能損失。棒在整個運動過程中

始終保持豎直，空氣阻力不計，重力加速度為g求：

(1)棒第一次與地面碰撞彈起上升過程中，環(huán)的加速度；

(2)從斷開輕繩到棒與地面第二次碰撞的瞬間，棒運動的路程；

(3)從斷開輕繩到棒和環(huán)都靜止，摩擦力對環(huán)及棒做的總功.

H

14.(16分)如圖所示，光滑斜面傾角0=30。，另一邊與地面垂直，斜面頂點有一光滑定滑輪，物塊A和B通過不可

伸長的輕繩連接并跨過定滑輪，輕繩與斜面平行，A的質(zhì)量為m,開始時兩物塊均靜止于距地面高度為H處，B與定

滑輪之間的距離足夠大，現(xiàn)將A、B位置互換并靜止釋放，重力加速度為g,求：

(1)B物塊的質(zhì)量；

(2)交換位置釋放后，B著地的速度大小.

15.(12分)如圖所示，兩個平行光滑金屬導(dǎo)軌AB、CD固定在水平地面上，其間距L=0.5m,左端接有阻值R=3Q的

定值電阻。一根長度與導(dǎo)軌間距相等的金屬桿置于導(dǎo)軌上，金屬桿的質(zhì)量m=0.2kg,電阻r=2O,整個裝置處在方

向豎直向下、磁感應(yīng)強度大小B=4T的勻強磁場中，t=0肘刻，在MN上加一與金屬桿垂直，方向水平向右的外力F,

金屬桿由靜止開始以a=2m/s2的加速度向右做勻加速直線運動，2s末撤去外力F,運動過程中金屬桿與導(dǎo)軌始終垂直

且接觸良好。(不計導(dǎo)軌和連接導(dǎo)線的電阻，導(dǎo)軌足夠長)求：

XMXXX

Ry?x|xxx

cXNXXX

(l)ls末外力F的大小；

⑵撤去外力F后的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.在軌道1與在軌道2運行比較，衛(wèi)星在尸點距地球的距離相等，受到的萬有引力相等

?GMm

F=——--=ma

r

所以衛(wèi)星在『點的加速度相同，故A錯誤；

B.衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?,需要加速，則軌道2的速度要大一些，所以衛(wèi)星在尸點的動量軌道2的大于軌道1的，

故B正確；

C.衛(wèi)星在軌道2的不同位置受到的萬有引力大小相同，但方向不同，故產(chǎn)生的加速度大小相同，方向不同，故衛(wèi)星

在軌道：的不同位置都具有不同加速度，故C錯誤；

D.軌道1是一個橢圓軌道，又開普勒第二定律可得，衛(wèi)星離地球越近，速度越大，則衛(wèi)星在軌道1上除了關(guān)于地球

對稱的位置外，各位置具有不同的動能，選項D錯誤。

故選B。

2、D

【解析】

AB.滑塊以初速度為沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零；滑塊下滑過程中做勻減速直線運

動，下滑過程中，其速度時間圖線是一條斜向下的直線；下滑過程中，其加速度時間圖線與時間軸平行.故AB兩項

錯誤.

CD.用x、八。分別表示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，據(jù)速度位移關(guān)系可得：

Vp-v2=lax

解得：

v=y[v^-2ax

所以下滑過程中，其速度位移圖線是一條切線斜率變大的向下彎曲的曲線；故C項錯誤，D項正確.

3、D

【解析】

A.過程4C為等壓變化，由匕V=C可知，溫度升高，體積增大，氣體對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一

T

定律可知，氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量與氣體對外做功之差，則氣體內(nèi)能的增加小于吸收的熱量，故A錯誤；

B.過程加為等溫變化，AU=0,但氣體壓強減小，由，=。知V增大，氣體對外做功，WVO,由AU=0+W可知

?！?

即氣體吸收熱量，故B錯誤；

C.過程外為等容變化，溫度升高，內(nèi)能增大，體積不變，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的

增加，故C錯誤；

D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大，a、b和c三個狀態(tài)中，狀態(tài)a溫度最低，則理想氣體的內(nèi)

能最小，故D正確。

故選D。

4、D

【解析】

A.當(dāng)三角形導(dǎo)線框abc從A點沿A3運動到8點時，穿過線圈的磁通量一直增大，此時線圈產(chǎn)生一個逆時針電流；

而后線圈逐漸離開磁場，磁通量減少，線圈產(chǎn)生一個順時針電流，故A錯誤；

B.根據(jù)公式可知，感應(yīng)電流先增大后減小，B錯誤；

C.由公式

onLX￡L

△①28x---哥1}

q=--------------------------------

3R3R3R

故C錯誤；

D.當(dāng)線框。點剛到達B點時，線框中的感應(yīng)電動勢

E=^3BLv

電流

LE_6BLv

~3R~3R

所

L=1(2咫=空等

故D正確。

故選D。

5、C

【解析】

A.在三種放射線中，a粒子動能雖然很大，但貫穿其他物質(zhì)的本領(lǐng)最弱，選項A錯誤。

B.4衰變射出的電子來源于原子核內(nèi)部，不是核外電子，選項B錯誤。

C.原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核處于激發(fā)態(tài)，向外輻射出/射線，選項C正確。

D.半衰期是放射性原子核總數(shù)有半數(shù)發(fā)生衰變，而不是原子核內(nèi)的核子衰變，選項D錯誤；

故選C。

6、C

【解析】

A.從圖示位置開始計時，磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大，所以電動勢隨時間的變化關(guān)系為

e—NBScocoscot(V)

代入數(shù)據(jù)得e=4()cos200/(V),故A錯誤；

B.由瞬時值表達式e=40cos200/(V),可知線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為紇,=40V,但電壓示數(shù)是有效值，故示

數(shù)為

故B錯誤；

C.根據(jù)

U[：="1：”2

解得變壓器副線圈的電壓=6072V,所以電阻R上消耗的電功率為

772

R=~=720W

2R

故C正確;

D.交流電的頻率經(jīng)過變壓器不發(fā)生變化，故D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7,BDE

【解析】

A.氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；

B.改變氣體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳導(dǎo)，故B正確；

C.理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；

D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡，否則就不

會與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，故E正確。

故選BDE.

【點睛】

本題主要考查了熱力學(xué)定律、理想氣體的性質(zhì).此題考查了熱學(xué)中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解

題時要記住熱力學(xué)第一定律E=W+Q、熱力學(xué)第二定律有關(guān)結(jié)論以及氣體的狀態(tài)變化方程等重要的知識點.

8、AD

【解析】

A項：由于水平面粗糙且。點為彈簧在原長時物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在。4之間，加速度為零時

彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到8的過程中加速度先減小后反向增大，故A正確；

B項：物體在平衡位置處速度最大，所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，即在O點左側(cè)，故B錯誤；

C項：從A到。過程中彈力方向與位移方向相同，彈力做正功，從。到5過程中彈力方向與位移方向相反，彈力做

負功，故C錯誤；

D項：從A到8過程中根據(jù)動能定理可得W的W交尸0,即W盧W利，即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，故

D正確.

9、AC

【解析】

分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出各段時間內(nèi)的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流的大小，根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方

向，通過安培力大小公式求出安培力的大小以及通過左手定則判斷安培力的方向.

解答：解：A、0?2s內(nèi)，磁場的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向為順時針方向，為

正值.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E='*'=BoS為定值，則感應(yīng)電流為定值，I尸".在2?3s內(nèi)，磁感應(yīng)強度方

MR

向垂直紙面向外，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向為順時針方向，為正值，大小與0?2s內(nèi)相同.在3?

4s內(nèi)，磁感應(yīng)強度垂直紙面向外，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為負值，大小與。?2s

內(nèi)相同.在4?6s內(nèi)，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為

負值，大小與0?2s內(nèi)相同.故A正確，B錯誤.

C、在0?2s內(nèi)，磁場的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，電流恒定不變，根據(jù)FA=BIL,則安培力逐漸減小，cd邊所

受安培力方向向右，為負值.()時刻安培力大小為F=2BoIoL.在2s?3s內(nèi)，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外，且逐漸增

大，根據(jù)F&=BIL,則安培力逐漸增大，cd邊所受安培力方向向左，為正值，3s末安培力大小為BoIoL.在2?3s內(nèi)，

磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，則安培力大小逐漸增大，cd邊所受安培力方向向右，為負值，第4s初

的安培力大小為BoIoL.在4?6s內(nèi)，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，則安培力大小逐漸增大，cd邊所

受安培力方向向左，6s末的安培力大小2BoIoL.故C正確，D錯誤.

故選AC.

10、BC

【解析】

AB.由圖可知輸出電壓的周期T=().()ls,故頻率為戶100Hz,A錯誤，B正確；

CD油：

2R3R

解得：

U=—U

6

C正確，D錯誤.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、B大于OM+m,ON

【解析】

(1)口］入射小球每次都應(yīng)從斜槽上的同一位置無初速度釋放，目的是使入射小球每次都以相同的速度飛出槽口，故B正

確，ACD錯誤。

故選B。

⑵⑵為了防止入射小球反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球的質(zhì)量。

(3)網(wǎng)由于小球下落高度相同，則根據(jù)平拋運動規(guī)律可知，小球下落時間相同；尸為碰前入射小球落點的平均位置，M

為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度

0P

V'=~

碰撞后入射小球的速度

0M

彩二7

碰撞后被碰小球的速度

ON

曠丁

如果

，勺匕=加,匕+tn\V2

則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，即

iriyOP=OM+“%ON

成立，即表示碰撞中動量守恒。

12、DDBD

【解析】

(1)打點計時器需接交流電源.機械能守恒中前后都有質(zhì)量，所以不要天平和祛碼.計算速度需要測相鄰計數(shù)的距離，

需要刻度尺，故選D.

(2)在驗證機械能守恒時不能用有關(guān)g值來計算速度，利用u=g/、v2=2gh,在計算高度時直接測量距離，在計

算速度時利用中點時刻的速度等于平均速度求解，故ABC錯誤；D正確

(3)由于系統(tǒng)內(nèi)不可避免的存在阻礙運動的力，比如空氣阻力，紙帶與限位孔之間的摩擦力等系統(tǒng)誤差導(dǎo)致重力勢能

的減小量與動能的增加量不相等，可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差，故BD正確

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)a環(huán)=(hl)g,方向豎直向上(2)"(3)2kmgH.

Z+1k-\

【解析】

(1)設(shè)棒第一次上升過程中，環(huán)的加速度為。環(huán)

環(huán)受合力

F環(huán)=h"g-，"g①

由牛頓第二定律

F環(huán)=，"4環(huán)②

由①②得

4環(huán)=(A-l)g

方向豎直向上.

設(shè)以地面為零勢能面，向上為正方向，棒第一次落地的速度大小為力

由機械能守恒的：

1,

—x2mv,=2mgH

解得

唧=j2g”.

設(shè)棒彈起后的加速度“棒

由牛頓