2023-2024年四川省成都市蓉城高中高二年級上冊期末聯(lián)考物理試卷

2023~2024學(xué)年度上期高中2022級期末聯(lián)考

物理

一、單項選擇題

1.下列物理定律中，體現(xiàn)了閉合電路歐姆定律實質(zhì)的是（）

A.能量守恒定律B.庫侖定律

C.電荷守恒定律D.牛頓第二定律

【答案】

A

【解析】

電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的功率￡7,等于電源的輸出功率3與電源內(nèi)電路的熱

功率尸廠之和，閉合電路歐姆定律實質(zhì)上是能量守恒定律在閉合電路中的具體體現(xiàn)。故選

Ao

2.下列關(guān)于波的說法正確的是（）

A.介質(zhì)中質(zhì)點的振動方向一定與波的傳播方向垂直

B.當(dāng)波浪沖擊力的頻率接近船的固有頻率時，可能使航行的輪船發(fā)生共振而傾覆

C.利用波的衍射可測定人造衛(wèi)星位置的變化情況

D.變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場，形成電磁場，發(fā)出電磁波

【答案】

B

【解析】

A.介質(zhì)中質(zhì)點的振動方向一定與橫波的傳播方向垂直，與縱波的傳播方向平行，故A錯

誤；B.波浪沖擊力使船做受迫振動，當(dāng)波浪沖擊力的頻率接近船的固有頻率時，可能使航

行的輪船發(fā)生共振而傾覆，故B正確；C.利用波的多普勒效應(yīng)可測定人造衛(wèi)星位置的變化

情況，故C錯誤；D.均勻變化的電場只能產(chǎn)生恒定的磁場，不能形成電磁場，更不能發(fā)出

電磁波，故D錯誤。故選B

3.如圖，兩長直導(dǎo)線尸和。垂直于紙面固定放置，兩者中垂線上的"、6兩點關(guān)于。點

對稱。在導(dǎo)線尸和。中通有大小相等、方向相反且垂直于紙面的電流/時，。點的磁感應(yīng)

強度大小為反），則〃點的磁感應(yīng)強度（）

，a

O0

Q

G?b

A.大小為2B（）,方向與a點相反

B.大小為2瓦），方向與a點相同

C.大小為及），方向與a點相反

D.大小為及），方向與a點相同

【答案】

D

【解析】

根據(jù)題意，由對稱性可知，導(dǎo)線尸和。各自在。點、匕點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，由

安培定則可知，磁感應(yīng)強度方向如圖所示，由磁場的疊加原理可得，導(dǎo)線尸、。中的電流

在a點、匕點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同。故選D。

B。

4.一列簡諧橫波沿x軸負方向傳播，波長為“，周期為T。f=0時刻的波形圖如圖甲所

示，b.c、d是波傳播方向上的四個質(zhì)點。圖乙為某質(zhì)點的振動圖像。下列說。法

正確的是（

A.7=0時刻，質(zhì)點。的速度比質(zhì)點匕的速度大

B.7=0時亥||,質(zhì)點c的加速度比質(zhì)點d的加速度小

C.圖乙可以表示質(zhì)點b的振動圖像

D.圖乙可以表示質(zhì)點d的振動圖像

【答案】

C

【解析】

A./=0時刻，質(zhì)點a在波谷，速度為零，質(zhì)點〃在平衡位置，速度最大，故A錯誤；

B.7=0時刻，質(zhì)點c在波峰，加速度最大，質(zhì)點d在平衡位置，加速度為零，故B錯

誤；CD.根據(jù)“上下坡法”或“直角不含波形法”可以判斷，『=0時刻，質(zhì)點b在平衡位

置且向上振動，故C正確，D錯誤。故選C。

5.華為Mate60pro智能手機實現(xiàn)了超可靠玄武架構(gòu)、全焦段超清影像、衛(wèi)星通話等獨特

功能，深受國內(nèi)外人民喜愛。其說明書的部分參數(shù)內(nèi)容如下表所示，關(guān)于該手機，下列說

法正確的是（）

手機類型智能手機、5G手機

屏幕分辨率2720x1260像素

電池容量5000niAh

充電功率88W

待機時間約30天

A.給手機充電時，手機的電池將其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能

B.放電時電池可輸出的最大電荷量為1.8X1C）4C

C.正常待機狀態(tài)時的平均電流約為70mA

D.手機的電池沒電后，用11V的電壓給手機充電，充滿電需要2小時

【答案】

B

【解析】

A.給手機充電時，手機的電池將電能轉(zhuǎn)化為其它形式的能量，故A錯誤；B.放電時電池

可輸出的最大電荷量4=5000xl0-3x3600C=l.8x104（2,故B正確；C.正常待機狀態(tài)

時的平均電流/=幺=L8xl04A土0.0069A“7mA,故C錯誤；D.用11V的電

t30x24x3600

壓給手機充電，充滿有臼=夕。，解得

t==1-8x10xl-s=2250s=37.5min=0.625h,故D錯誤。故選D。

P88

6.如圖，電源的電動勢為E,內(nèi)阻為「，&）為定值電阻且4=心電表均為理想電表。

閉合開關(guān)S后，在滑動變阻器R的滑片P由最左端。向最右端匕移動的過程中（）

A.電流表和電壓表示數(shù)均逐漸增大

B.電壓表與電流表示數(shù)的比值?逐漸減小

C.電壓表與電流表示數(shù)改變量的絕對值當(dāng)逐漸減小

A/

D.電源的輸出功率逐漸減小

【答案】

B

【解析】

,E

A.根據(jù)閉合電路歐姆定律有/=三-----在滑片P由最左端。向最右端b移動的過程

中，R減小，則/增大，電流表示數(shù)逐漸增大。由。=E—"可知，當(dāng)/增大時，路端電

壓U減小，則電壓表示數(shù)逐漸減小，故A錯誤；B.電壓表與電流表示數(shù)的比值

—=R+6,可知R減小，一逐漸減小，故B正確；C.由閉合電路歐姆定律

At/

。=石-"可知，電壓表與電流表示數(shù)改變量比值的絕對值七=r，可知R減小，

A/

降不變，故C錯誤；D.因4=乙開始時氏+凡〉廠，根據(jù)

E。E2

P=UI=（---------『（A+&）=------------------

R+&+r（R+K-rf”廠,可知R減小，電源的輸出功率逐

R+用+r

漸增大，故D錯誤。故選B。

7.如圖，電荷量分別為。1、&的小球B、C固定于相距為d的絕緣水平面上。另有一

個質(zhì)量為加、電荷量為q的小球A懸浮靜止于空中，此時小球A、B的距離為當(dāng)走Q,

2

小球A、C的距離為已知重力加速度大小為g,靜電力常量為左，三個小球均可視

2

為點電荷。下列說法正確的是（）

04

一

A.儲與。2為異種電荷

B.帶電小球A所在點的電場強度方向一定豎直向上

cQ=下Q

【答案】

c

【解析】

A.小球A懸浮靜止于空中，因此小球B對A的排斥力與小球C對A的排斥力的合力一定

與小球A所受的重力等大反向，故三個小球均帶同種電荷，故A錯誤；B.小球A受到的

電場力一定豎直向上，但不知小球A所帶電荷的電性，故無法判定其所在點的電場強度方

向，故B錯誤；CD.由三角形的邊角關(guān)系可知NA3C=30°,ZACB=60°,根據(jù)庫侖定

kQ、q.kQq.乙八。

—二二sin3o0n0o+(12'sin60°二二mg

律和平衡條件，可得(q)25產(chǎn)

22

°=-^-cos60°

cos303mgd2cy/^rngd2

解得也

(英)2(卜了，2,2i—，&=8k

8kqq

2

故D錯誤，C正確。故選C。

8.靜電除塵是工業(yè)生產(chǎn)中處理煙塵的重要方法。除塵裝置由金屬管A和懸掛在管中心的

金屬導(dǎo)線B組成，如圖甲所示。工作時，使中心的金屬導(dǎo)線B帶負電，金屬管A接地，

A、B之間產(chǎn)生如圖乙（俯視圖）所示的電場，圓內(nèi)實線為未標方向的電場線。金屬導(dǎo)線

B附近的氣體分子被強電場電離，形成電子和正離子，電子在向正極A運動的過程中，使

煙塵中的顆粒帶上負電。這些帶電顆粒在靜電力作用下被吸附到正極A上，最后在重力作

用下落入下方的漏斗中。經(jīng)過這樣的除塵處理，原本飽含煙塵的氣體就可能達到排放標

準，滿足環(huán)保要求。圖乙中H=c、d在同一圓上。下列說法正確的是（）

A.圖乙中c點和d點的電場強度相同

B.帶上負電的顆粒在。點所受的電場力大于在c點所受的電場力

C.一電子從C點運動到a點的過程中，其電勢能增大

D.電勢差關(guān)系：Uab<Ubc

【答案】

D

【解析】

A.c點和d點的電場強度大小相同，方向不同，故A錯誤；B.根據(jù)電場線的疏密可知，

。點的電場強度小于c點的電場強度，帶上負電的顆粒在。點所受的電場力小于在c點所

受的電場力，故B錯誤；C.電子從c點運動到。點的過程中，電場力做正功，電勢能減

小，故C錯誤；D.由。=&/可知，ab間任意一點的電場強度都小于匕c間任意一點的電

場強度，因ab=Z?c,所以歷，故D正確。故選D。

二、多項選擇題

9.關(guān)于物理學(xué)家的成就，下列說法正確的是（）

A.法拉第提煉出“場”的科學(xué)創(chuàng)新思想，并引入了電場線

B.焦耳第一次提出了能量守恒定律

C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培利用對稱性思想提出了磁能生電

D.麥克斯韋建立了電磁場理論，并預(yù)言了電磁波，赫茲通過實驗證實了電磁波的存在

【答案】

AD

【解析】

A.法拉第提煉出“場”的科學(xué)創(chuàng)新思想，并引入了電場線，故A正確；B.亥姆霍茲第一

次提出了能量守恒定律，故B錯誤；C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第利用對稱性思

想提出了磁能生電，故C錯誤；D.麥克斯韋建立了電磁場理論，并預(yù)言了電磁波，赫茲通

過實驗證實了電磁波的存在，故D正確。故選AD。

10.近年來，人工智能機器人逐漸走入我們的生活。如圖，某科技小組在研究掃地機器人

內(nèi)部直流電動機的性能時，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電動機兩端的電壓為。1、通過的電流為人時，電動機沒

有轉(zhuǎn)動；當(dāng)電動機兩端的電壓為。2、通過的電流為人時，電動機正常轉(zhuǎn)動。關(guān)于這臺電

動機的電阻和正常工作時的輸出功率，下列說法正確的是（）

A.電動機的電阻為廠=7-

u2

B.電動機的電阻為廠=7?二

[2U

C.正常工作時的輸出功率為4=。2/2-二/

I2U

D.正常工作時的輸出功率為4=-

【答案】

AC

【解析】

J

AB.電動機沒有轉(zhuǎn)動，可以視為純電阻，電阻廠=?,故A正確，B錯誤；CD.由電動機

T-U

正常工作時，輸出功率端=4/2—/）=4/2---.故c正確，D錯誤。故選AC。

11.如圖，在一柱形區(qū)域內(nèi)有勻強電場，該區(qū)域的橫截面是以。為圓心、半徑為R的圓，

AB為圓的直徑。質(zhì)量為加、電荷量為e的電子在紙面內(nèi)從A點先后以不同大小的速度進

入電場，速度方向與電場強度方向垂直。已知剛進入電場時速度為零的電子，從圓周上的

。點以速率%離開電場，AC與的夾角為6=60°,運動過程中電子僅受電場力作

用。下列說法正確的是（）

A.電場強度的方向沿AC連線由A指向C

B.電場強度的大小為石=遺

2eR

C.電子進入電場的速率為V1=等％時，將從8點離開電場

D.電子進入電場的速率為匕=乎%時，離開電場后的動能增量最大

【答案】

BC

【解析】

A.電子初速度為零，從C點離開電場，故電場強度方向與AC平行，由C指向A,故A

錯誤；B.由幾何關(guān)系和電場強度的定義可知AC=H,F=eE,由動能定理有

1mv2

F-AC=—mvl,得E=j,故B正確；C.如答圖，電子從A點運動到8點做類平拋

22eE

運動，由幾何關(guān)系可知AC由牛頓第二定律和運動學(xué)公式有

3C=2Rsin60°=也，AC=2Rcos60°=-atf,a=—,結(jié)合后=些，解得

2m2eE

%=與。，故C正確；D.作與8C平行的直線與圓相切于。點，與AC的延長線交于

尸點，則從圓周上的。點離開的電子電場力做功最多，動能增量最大。電子從A點運動到

。點做類平拋運動，在AC方向做加速度為a的勻加速直線運動，運動的距離等于AP；

在垂直于AC的方向做勻速直線運動，運動的距離等于。P。由幾何關(guān)系可知

ZPAD=30°,由牛頓第二定律和運動學(xué)公式有==AP=-R=-atl，

22222

a=—,解得％=42片，故D錯誤。故選BC。

m24

三、實驗探究題

12.在實驗室我們通過如圖所示的實驗裝置來探究電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件。線圈A通

過滑動變阻器和開關(guān)加連接到電源上，構(gòu)成直流電路，線圈B、開關(guān)S2和電流表串聯(lián)構(gòu)

成回路，線圈A放在線圈B內(nèi)。實驗步驟如下:

S2

（1）斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1的瞬間，發(fā)現(xiàn)電流表的指針（填“偏轉(zhuǎn)”或

“不偏轉(zhuǎn)”）。

（2）閉合開關(guān)S2，閉合開關(guān)Sj,勻速移動滑動變阻器滑片的過程中，發(fā)現(xiàn)電流表的指針

（填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）。

（3）以上實驗表明：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是o

【答案】

（1）不偏轉(zhuǎn)；（2）偏轉(zhuǎn)；（3）閉合回路的磁通量發(fā)生變化

【解析】

（1）[1]線圈B回路未閉合，沒有感應(yīng)電流，電流表的指針不偏轉(zhuǎn)。

（2）[2]線圈B回路閉合，移動滑動變阻器的滑片時，線圈A的電流變化，產(chǎn)生的磁場變

化，穿過線圈B的磁通量變化，線圈B回路產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表的指針偏轉(zhuǎn)。

（3）[3]同時滿足回路閉合和回路中的磁通量要發(fā)生變化才能產(chǎn)生感應(yīng)電流，即產(chǎn)生感應(yīng)

電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化。

13.實驗室提供器材如下：

電池組（電動勢為石=3V,內(nèi)阻為r=l￡l）；

多用電表（可測電壓、電流和電阻）；

電流表A1（量程為0500mA,內(nèi)阻約為0.50）；

電流表A2（量程為03mA,內(nèi)阻未知）；

電阻箱R（阻值范圍為09999.92）；

滑動變阻器R（阻值范圍為010Q）；

開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。

為研究一額定電壓為2.5V、額定功率為LOW的小燈泡的伏安特性，某同學(xué)利用上述器材

進行了以下實驗：

（1）用多用電表的歐姆擋測定電流表A2的內(nèi)阻。若將選擇倍率的旋鈕撥至“xlO”擋，

測量時指針如圖甲所示，則電流表A2的內(nèi)阻為以=（保留2位有效數(shù)字）。

（2）將電流表A，改裝成量程為03V的電壓表，具體操作為：將電阻箱R與電流表

A,串聯(lián)，調(diào)節(jié)電阻箱R使其阻值為。。

（3）該同學(xué)設(shè)計了如圖乙、丙所示的兩種電路，（填“圖乙”或“圖丙”）

所示電路實驗誤差相對較小。

定出多個數(shù)據(jù)點的位置〈圖中橫軸4為電流表A1的示數(shù)值，可直接反映通過小燈泡的電

流，縱軸，2為電流表A2的示數(shù)值，可間接反映小燈泡兩端的電壓)。

①在圖丁中作出小燈泡的A-11圖線；-

②由圖線可知，隨著小燈泡兩端的電壓增大，小燈泡的電阻(填“增大”“減

小”或“不變”)o

【答案】

(1)15；(2)985；(3)圖丙；(4)

【解析】

(1)［1］由圖甲可讀出電流表A,內(nèi)阻為2=15Q。

U3

(2)［2］串聯(lián)電阻的阻值辱--2=3xlO3Q~15Q=985Q0

82

(3)［3］因皮＜&&,小燈泡是小電阻，采用外接法，故圖丙所示電路實驗誤差相對較

小。

(4)［4］根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出圖線如答圖所示。［5］金屬絲的電阻率隨溫度的升高而

增大，小燈泡兩端的電壓增大時，小燈泡的電阻增大。

14.如圖所示電路中，電源的電動勢為E=12V,內(nèi)阻為r=1C,定值電阻片=6。。電

容器極板水平且兩極板之間的距離為d=2cm,極板中間有一質(zhì)量為m=3xlO-3kg、電

荷量為q=+1x10-4(2的小球。當(dāng)滑動變阻器&接入電路的阻值為&時，小球恰好處于

靜止狀態(tài)，重力加速度大小取g=10m/s2求:

(1)此時電阻與兩端的電壓Ui：

(2)此時滑動變阻器&接入電路的阻值R-

【答案】

(1)6V；(2)5。

【解析】

(1)小球恰好處于靜止狀態(tài)，由平衡條件有mg=qE,U[=Ed,解得U、=6V；

(2)由部分電路歐姆定律有/=余-,由閉合電路歐姆定律石=。1+/(廠+&),解得

RL=5Q。

15.如圖，。點為簡諧橫波波源，振幅為10cm的波從。點分別沿了軸正方向和負方向

傳播，Oa=3m,Ob=6ma『=0時亥U，波源。由平衡位置開始豎直向上振動，。=3s

時，質(zhì)點a剛好開始振動，L=7S時，質(zhì)點匕第一次到達波峰。求:

(1)波在介質(zhì)中傳播的速度和波長；

(2)以波傳播到質(zhì)點。時為計時起點，寫出波源。的振動方程；

(3)質(zhì)點匕在04=l°s內(nèi)通過的路程并在圖中畫出波在％=l°s時的波形圖。

*y/cm

10

-10

【答案】

jl37c71

（1）4m；（2）y=0.lsin（5%+5-）〃（或y=—0.1cos（5%）m）；（3）見解析

【解析】

Oa

(1)%=3s時，質(zhì)點〃剛好開始振動，根據(jù)u=\—,解得y=lm/s,^=7s時，質(zhì)點〃

h

第一次到達波峰，根據(jù)，解得T=4s,所以；l=vT=4m；

v4

(2)以波傳播到質(zhì)點。時計時起點,波源。位于負最大位移處，由于

27r717T34

?=—=—rad/s,A=10cm,所以波源O的振動方程為y=0.1sin（?f+飛-）m（或

71

y--0.1cos（—r）m）；

(3)質(zhì)點b在06s內(nèi)未振動，％=l°s時振動了4s,即一個周期，質(zhì)點匕通過的路程

4A,所以s=40cm,波在匕=l°s時的波形圖如圖所示。

y/cm

16.如圖，在直角坐標系xOv的第一象限內(nèi)有一方向豎直向上的勻強電場4；第四象限

內(nèi)（含y軸）有一方向水平向右、電場強度大小為E2=IOOON/C的勻強電場；第二、三

象限內(nèi)（不含y軸）