2022-2023年重慶市九校聯(lián)盟高三年級上冊12月月考相似卷物理試題（解析版）

2023-2024學年度重慶市九校聯(lián)盟高三物理12月月考相似卷

考試時間：75分鐘

注意事項：

1.答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息

2.請將答案正確填寫在答題卡上

3.考試范圍：人教版必修1、2、3冊，選擇性必修第一冊第一章，選擇性必修第二冊第一章

第I卷（選擇題）

一、單選題

1.下圖所示，某同學站在體重計上觀察超重與失重現(xiàn)象。由穆軍的站姿變化到移足的蹲姿稱為“下蹲”過程;

由移足的蹲姿變化到移定的站姿稱為“起立”過程。她穩(wěn)定站立時，體重計的示數(shù)為Ao,關于實驗現(xiàn)象，下

列說法正確的是（）

A.“下蹲”過程，體重計的示數(shù)一直小于Ao

B.“起立”過程，體重計的示數(shù)一直大于Ao

C.“起立”的過程，先出現(xiàn)超重現(xiàn)象后處于平衡狀態(tài)

D.“起立”、“下蹲”過程，都能出現(xiàn)體重計的示數(shù)大于Ao的現(xiàn)象

【答案】D

【解析】

【詳解】A.下蹲過程中，人先向下做加速運動，后向下做減速運動，所以先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀

態(tài)；體重計示數(shù)先小于Ao后大于Ao,故A錯誤；

BC.人從下蹲狀態(tài)站起來的“起立”過程中，先向上做加速運動，后向上做減速運動，最后回到靜止狀態(tài)，

人先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，體重計示數(shù)先大于Ao后小于Ao,故BC錯誤；

D.根據(jù)以上分析可知，“起立”、“下蹲”過程，都能出現(xiàn)體重計的示數(shù)大于Ao的現(xiàn)象，故D正確。

故選D。

2.圖示為甲、乙兩輛電動汽車的速度圖像，它們在同一平直公路上，朝同一方向做直線運動，已知它們在

仁5s時相遇，則以下說法正確的是（）

A.都加速時的甲乙加速度大小之比為1：2

B.t=0時刻甲車在乙車后方30m遠處

C.分析知Z=15s時甲車與乙車再次相遇

D.分析知U30s時甲車與乙車再次相遇

【答案】B

【解析】

【詳解】A.甲加速時加速度為

Av?12—022

t/ffl=-——=-------m/s-=2.4m/s-

△而5

乙加速時加速度為

%=胃=鼠6=1.26

都加速時的甲乙加速度大小之比為2：1,A錯誤;

B.己知它們在/=5s時相遇，因此U0時刻甲車在乙車后方距離即為甲車0~5s內的位移，則

/f=￡x5m=30m

B正確；

C.0~15s甲車位移為

=10+15xl2m=15Qm

0~15s乙車的位移為

12

x^=-x(15~5)m=60m

f=15s時甲車與乙車的距離為

△%=元甲一%乙-%0=60m

故此時甲乙沒有再次相遇，C錯誤;

D.0?30s甲車的位移為

峰=---x12m=330m

0~30s乙車的位移為

1,

xi=—xl.2x(30-5)-m=375m

u30s時甲車與乙車的距離為

Ax=%乙+x0-4甲=75m

故此時甲乙沒有再次相遇，D錯誤；

故選B。

3.圖為一種拓展訓練的團隊合作項目——“鼓動人心”。每個隊友都拉著其中一條繩子，通過繩子控制鼓

面來顛球。借助全體隊員的共同努力，完成顛球目標。某次顛球過程，質量為250g的排球從靜止下落45cm

擊中鼓面，被隊員齊心協(xié)力豎直彈回原高度，球與鼓面的接觸時間為0.1s,不計空氣阻力，則下列說法正確

的是()

A.從落下到彈回原處的過程中，排球重力的沖量一直增大

B.鼓面向上顛球的過程中，鼓面對排球的沖量等于排球動量的變化量

C.若隊員齊心協(xié)力，可以使鼓面與每根繩子始終處于同一水平面上

D.鼓面向上顛球的過程中，鼓面對排球的平均作用力大小為20N

【答案】A

【解析】

【詳解】A.沖量是作用力與時間的乘積，顯然排球從落下到彈回原處的過程中，排球重力的沖量一直增大,

故A正確；

B.根據(jù)動量定理，鼓面向上顛球的過程中，鼓面對排球的作用力與排球重力的合力的沖量等于排球動量的

變化量，故B錯誤；

C.因鼓有重力，鼓面與每根繩不可能在同一平面上，故C錯誤；

D.對球由動量定理

（F-rng）t=mv2

其中

=v2=12gh=3m/s

得

F=17.5N

故D錯誤。

故選A?

4.如圖，空間有A、B、C、D、E、F、G、X八個點，八個點恰好位于一正方體的八個頂點，兩個電荷量

均為+。（Q>0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點A、C上，。點為A3C。面對角線AC的中點，正方體對

電場分布和電荷的運動沒有影響。下列說法正確的是（）

A.8點的電勢高于。點的電勢

B.B點的電場強度小于下點的電場強度

C.將一負試探電荷從B點沿棱A4向A點移動的過程中電勢能逐漸增大

D.將原來靜止于8點的帶負電的試探電荷沿棱8月方向以適當?shù)某跛俣冗\動，之后僅在靜電力作用可能做

勻速圓周運動

【答案】D

【解析】

【詳解】A.依題意，空間中為等量同種正電荷形成的電場，根據(jù)等量同種正電荷空間中電場及等勢線的分

布特點，結合沿著電場線方向，電勢逐漸降低，可知8點的電勢低于。點的電勢，故A錯誤；

B.設正方體的邊長為L根據(jù)場強疊加原理，可得B點、F點的電場強度大小為

EB=72k7

與kQ_辰。

EF

一pZf-H

可知B點的電場強度大于廠點的電場強度，故B錯誤；

C.將一負試探電荷從B點沿棱54向A點移動的過程中，電荷受到電場力的方向與運動方向的夾角小于

90°,電場力對電荷做正功，則電勢能逐漸減小，故C錯誤；

D.若將原來靜止于8點的帶負電的試探電荷沿棱8尸方向以適當?shù)某跛俣冗\動，由于負電荷的運動方向與

所受電場力方向恰好垂直，且若此時的電場力恰好滿足電荷做勻速圓周運動所需的向心力，根據(jù)同種正電

荷空間電場的分布特點，可知它之后僅在靜電力作用下可能做勻速圓周運動，故D正確。

故選D?

5.如圖所示，A、B兩木塊疊放在水平地面上，A、B的質量分別是力和M,A、B間的動摩擦因數(shù)為〃i,

B與地面間的動摩擦因數(shù)為〃2,重力加速度為g,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。要把B從A下面拉出來,

則拉力廠的大小必須滿足()

B——?

////////////////////////

A.F>N2MgB.F>/i2(m+M)g

C.F>/Ltimg+fi2gD.F>(m+Af)g

【答案】D

【解析】

【詳解】要把B從A下面拉出來，則B的加速度要大于A的加速度大小，即

?B>?A

對A分析，根據(jù)牛頓第二定律有

/J^ng-ma人

對B分析，根據(jù)牛頓第二定律有

F-/Lixmg-ju2(m+M)g=MaB

聯(lián)立可得

F>(//j+〃2)(7〃+Af)g

故選D。

6.如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三個點，。為半圓弧的圓心，NMOP=90。。在M、P

處各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，這時。點的磁感應

強度大小為瓦，現(xiàn)將尸處的長直導線沿圓弧逆時針移動30。角到。點(圖中未畫出)，則。點的磁感應強度

的大小為()

oN

A/0-ITI

90°；

D.2Bo

【答案】A

【解析】

【詳解】根據(jù)安培定則可知，兩導線在。點形成的磁感應強度如圖所示

M

合磁感應強度大小為瓦，.則根據(jù)幾何關系可知，兩導線單獨形成的磁感應強度大小為

B當

當P處的導線移到。點時，兩導線在O點形成的磁感應強度如圖所示

由幾何關系可知，。點的磁感應強度大小為

B。與。

故選A?

7.如圖所示，光滑水平面上放著傾角9、高//的光滑斜面A,C為固定的光滑卡槽，細桿B只能沿豎直方

向運動，A只能沿水平方向運動。開始時，A在水平推力歹作用下處于靜止狀態(tài)，B的下端處在A的頂端,

A、B質量相等，重力加速度為g。現(xiàn)撤去推力品從A、B開始運動到B即將到達地面的過程中，AB始終

接觸，下列說法正確的是（）

A.B的機械能守恒

B.A的機械能守恒

C.A、B組成的系統(tǒng)動量守恒

D.當桿的下端剛滑到斜面底端時，可求得此時斜面體速度的大小

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.從A、B開始運動到B即將到達地面的過程中，A、B之間的彈力對A、B做功，所以A、B

的機械能不守恒，故AB錯誤；

C.由于運動過程中直桿B受到光滑套管C的水平作用力，所以桿和斜面體組成的系統(tǒng)動量不守恒，故C

錯誤；

D.當在很短時間A/內光滑直桿下落A/z高度，由幾何知識可知，斜面體向右發(fā)生的位移大小為

AA

x=------

tan。

所以光滑直桿與斜面體的速度大小之比為始終為tan。，當桿滑到斜面底端時，設桿的速度大小為vi,斜面

體的速度大小為也，由系統(tǒng)機械能守恒有

mgh=—mVy+—x2mv^

由速度關系

匕=v2tan0

解得

2gh

V2=

2+tan20

故D正確。

故選D。

二、多選題

8.如圖所示，一衛(wèi)星繞地球運動，圖中虛線為衛(wèi)星的運行軌跡，A、B、a。是軌跡上的四個位置，其中A

距離地球最近，C距離地球最遠。下列說法中正確的是（）

一?一....?.....、

＜痔地球MJ"

…？...........

A.衛(wèi)星在A點的速度最大

B.衛(wèi)星在C點的速度最大

C.衛(wèi)星在A點的加速度最大

D.行星從A到C做減速運動

【答案】ACD

【解析】

【詳解】ABD.衛(wèi)星繞地球做橢圓運動，根據(jù)開普勒第二定律可知，軌道上離地球越近，衛(wèi)星的速度越大,

離地球越遠，衛(wèi)星的速度越小；則衛(wèi)星在A點的速度最大，衛(wèi)星在C點的速度最小，行星從A到C做減速

運動，故AD正確，B錯誤；

C.根據(jù)牛頓第二定律可得

GMm

——--=ma

r

可得

GM

a二——

r

可知衛(wèi)星在A點的加速度最大，故C正確。

故選ACDo

9.某籃球愛好者投籃訓練時，籃球的運動軌跡如圖所示，A是籃球的拋出點，B是籃球運動軌跡的最高點，

C是籃球的入框點。已知籃球在A點的速度與水平方向的夾角為60°,在C點速度大小為V,與水平方向的

夾角為45。，重力加速度大小為g,不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.籃球經過8點時的速度為0

B.從A點到C點，籃球的速度變化方向豎直向下

C.從A點到C點，籃球的運動時間為

-v2

D.A、C兩點的度差為;^—

2g

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.籃球經過B點時有水平速度，則速度不為0,故A錯誤；

B.速度變化方向為重力加速度的方向，則從A點到C點，籃球的速度變化方向豎直向下，故B正確;

C.在A、C兩點時水平速度相同，即

vAcos60°=vcos45°

可得籃球從A點拋出時的速度為

4點豎直分速度

%sin60°=^v

方向豎直向上；

。點豎直分速度

0

vCy=vsin45°=

方向豎直向下；

選方向豎直向下為正方向，有

Vcy+"(3+V

I一——佝

g2g

故C正確；

D.從A到C,有

22

(vsin45°)=(vAsin60°)-2g/z

解得A、C兩點的高度差為

2g

故D正確。

故選BCD。

10.如圖所示，水平地面上有一段絕緣粗糙區(qū)域A3,該區(qū)域中的尸點距A點較近。材料與形狀完全相同的

兩個物塊甲和乙與地面間的動摩擦因數(shù)由A到8逐漸減小，甲物塊帶正電荷，乙物塊帶等量的負電荷，空

間中有水平向右的勻強電場，先讓甲物塊從A由靜止釋放滑到及然后再讓乙物塊從B由靜止釋放滑到4

兩物塊在運動過程中電荷量保持不變，上述兩過程相比較，下列說法中正確的是（）

勻強電場

APB

A.兩個物塊在上述過程中獲得的速度大小相等

B.甲物塊在上述過程中所用時間較長

C.若甲乙同時從A、2釋放，它們可能在尸點相遇

D.若甲乙同時從A、B釋放，它們碰后粘連一定共同向右運動

【答案】ABC

【解析】

【詳解】A.根據(jù)動能定理得

WAB-了-

所以兩個物塊在上述過程中獲得的速度大小相等，故A正確；

B.甲運動過程加速度在增大，故5圖像的斜率增大，如圖線1乙運動過程加速度減小，故斜率減小，如

圖線2,由于兩物塊末速度大小相等，且兩個過程的位移相等，即圖線下方所圍的面積相等，故甲運動過程

的時間長，故B正確

C.若甲乙同時從A、B釋放時，由B項可知乙物塊2到尸段時間加速度大于甲物塊從A到尸端的加速度，

所以，所以相等時間內乙物塊運動的位移大于甲物塊運動的位移，所以它們有可能在P點相遇，故C正確;

D.若甲乙同時從A、B釋放，由B知當甲乙物體碰撞時碰前速度大小不相等，碰撞過程甲乙之間的相互作

用力為尸，對甲物塊根據(jù)動量定理

機v后一，"V前=CqE-f-F）t

可知甲乙碰撞后速度不可能相等，所以碰后不可能粘連一起共同向右運動。故D錯誤。

故選ABC。

第II卷(非選擇題)

三、實驗題

11.某實驗小組用打點計時器驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示。將打點計時器固定在鐵架臺上，用

重物帶動紙帶由靜止開始下落。

<——70.99cm

78.59cm

-------86.59cm

(1)對于該實驗,下列操作中對減小實驗誤差有利的是

A.重物選用質量和密度較大的金屬錘

B.兩限位孔在同一豎直面內上下對正

C.精確測量出重物的質量

D.用手托穩(wěn)重物，先釋放重物，再接通電源

(2)實驗中得到一條點跡清晰的完整紙帶如圖所示。紙帶上的第一個點記為O,另選連續(xù)的三個點A、

C進行測量，圖中給出這三個點到。點的距離以、加和生的值。已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz,

當?shù)刂亓铀俣葹間=10m/s2。打點計時器打B點時，重物速度的大小力=m/s(結果保留兩位有

效數(shù)字)。從紙帶上打出。點到2點的過程中，重物減少的重力勢能與增加的動能八線的大小關系是

AEk（">”“=，，“<，，）o

為了進一步提高實驗精度，該實驗小組改用光電計時器驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示。讓鋼球

吸附器吸附小鋼球并測量小鋼球中部到光電門的高度山小鋼球由靜止釋放，記錄小鋼球通過光電門所用的

時間f；改變光電門的位置，重復實驗，記錄多組關于山，的數(shù)據(jù)。

光電計時器

（3）小鋼球直徑1為cm

（4）為驗證機械能守恒，要驗證的表達式為（已知/7,t,1及當?shù)刂亓铀俣萭）

【答案】①.AB##BA②.3.9③.>1.165⑤.gh=5

【解析】

【詳解】（1）[1]A.重物選用質量和密度較大的金屬錘，可減小空氣阻力的影響，故A正確;

B.兩限位孔在同一豎直面內上下對正，可減小紙帶阻力的影響，故B正確;

C.根據(jù)實驗原理可知重物的質量可被消去，無需測量出重物的質量，對實驗無影響，故C錯誤;

D.用手托穩(wěn)重物，應先接通電源，再釋放重物，故D錯誤

故選AB?

（2）[2]根據(jù)題意可知周期為

T=J_=0.02s

根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于這段時間的平均速度可知

v=3.9m/s

B2T

[3]由于阻力的影響可知，重物減少的重力勢能與增加的動能八國的大小關系是AEp>AEk；

（3）⑷游標卡尺的精度為0.05mm,讀數(shù)為

11mm+13x0.05mm=11.65mm=1.165cm

（4）[5]根據(jù)實驗原理可知若機械能守恒，應滿足

化簡可得

8h=^

12.一只演示電流表G,表盤既無刻度值又不知其內阻值。為測量該電流表的參數(shù)，某同學進行了下列操作:

(1)將G按圖所示接入電路，為確保安全，開關閉合前，滑動變阻器”的滑片應置于(填“最

左端”“最右端”或“正中間”)；

(2)將電阻箱R調為300.0Q，閉合開關，調節(jié)&的滑片使G的指針指到滿偏/g,此時V的示數(shù)為L20V；

(3)保持丫的示數(shù)不變，反復調整R的阻值和耳滑片的位置，使G的指針指到;此時電阻箱R的阻

值為700.0Q；

(4)可知G的內阻為Q,滿偏電流及為mA；

(5)將G改裝成量程為3V的電壓表，電阻箱的值需調為與，則?=Q。

【答案】①.最右端②.100③.3.0④.900

【解析】

【詳解】(1)防止電表示數(shù)過大被燒壞，電壓應從。開始逐漸增大，滑動變阻器&的滑片應置于最右端。

(4)利用(2)(3)兩步結合歐姆定律可以列式

1.2V=(300Q+Rg)/g

L2V=(700Q+Rg片

解得

4=100。

4=3mA

(5)利用歐姆定律得

3V=（K）+Rg）x3mA

解得

RQ=9000

四、解答題

13.如圖，某同學用大小為100N的拉力拉動一個26kg的行李箱沿水平地面勻速前進，拉力與水平方向的夾

角為37?！凹褐猻in37°=0.6,cos37°=0.8,取重力加速度g=10m/s2。求：

(1)行李箱受到的摩擦力大?。?/p>

(2)地面對行李箱的支持力大小;

【答案】(1)80N；(2)200N；(3)0.4

【解析】

【詳解】(1)對行李箱受力分析，如圖所示

Fcos37°-Ft=0

解得，行李箱受到的摩擦力大小

F{=80N

(2)根據(jù)平衡條件可得

Esin37°+綜=mg

解得，地面對行李箱的支持力大小

FN=200N

(4)根據(jù)滑動摩擦力表達式可知

"互=9=0.4

FN200

14.如圖所示，傾角為。=30。、足夠長的斜面固定在水平面上，兩物塊A、B的質量分別為m=01kg、

M=0.5kg,物塊A光滑、物塊B與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=g。物塊B靜置于斜面上，物塊A從與物

塊B相距/=0.4m處由靜止釋放。設物塊A與B的碰撞時間極短且無機械能損失，重力加速度g=10m/s?。

求：

(1)物塊A與B第一次碰撞后瞬間兩物塊的速度大小；

(2)物塊A與B第二次碰撞前物塊A的速度大小；

(3)物塊A與B第三次碰撞前摩擦力對物塊B做的總功。

A

///////////////////////////////

428

【答案】(1)—m/s,—m/s；(2)-m/s；(3)-4J

333

【解析】

【詳解】(1)物體A沿斜面下滑的加速度為〃,根據(jù)牛頓第二定律可得

mgsin32

a—-----=5m/s

m

物塊A第一次與物塊B碰撞前的速度為

%=<2al=2m/s

物塊A與B第一次碰撞后的速度分別為vA1、,根據(jù)動量守恒和機械能守恒可得

mv0^mvM+MvBl

0=^mVM+^MVBX

解得

42

VA1*—m/s,vB1=—m/s

42

則物塊A與B第一次碰撞后瞬間兩物塊的速度大小分別為一m/s,-m/s。

33

(2)由于

Mgsin0=juMgcos0

可知碰撞后物塊B勻速下滑，設第一次碰撞后經彳時間再次碰撞，根據(jù)運動關系，有

12

=vmtl

解得

%=0.8s

第二次碰撞前物塊A的速度為

8,

=m/S

VA2=VA1+^13

(3)物塊A與B第二次碰撞后的速度分別為以3、VB3,根據(jù)動量守恒和機械能守恒可得

mvA2+MvBl^mvM+MvB3

|mVA2+1^VB1=|%喙+1MvL

解得

24

以3=一§m/s,vB3=-m/s

設第二次碰撞后經時間再次碰撞，根據(jù)運動關系，有

12

“A3‘2+32=%3'2

解得

t2=0.8s

第一次碰撞到第三次碰撞，摩擦力對物塊B做的總功為

W=-juMgcos+%3,2)=—4J

15.如圖所示，直角坐標系中尸點(1m,0)右方邊長為L=0.3m正方形邊界湖加中有垂直紙面向里、

磁感應強度大小為穌=0.5T的勻強磁場，尸為加中點，P點左方第一象限有豎直向上的勻強電場，第二象

限有沿x軸負方向的勻強磁場。一質量m=8xl0-26kg、電荷量4=8x10-19c的粒子(重力不計)從磁場

邊界演上某點。(未畫出)以速度大小%=5xlC)5m/s射入后，從P點沿尤軸負方向進入電場，經y軸上

的。點(0,0.5m)進入第二象限內，在以后的運動過程中恰好未從尤OZ面上飛出磁場。

求：

(1)。點的橫坐標；

(2)第一象限內電場強度大小及粒子到達Q點時速度的大小；

(3)第二象限勻強磁場的磁感應強度大小3

(4)粒子在第二象限中每次過x軸的位置的橫坐標(結果可保留》或根號)。

【答案】（1）20+、m；（2）E=2,5X104N/C.V-5A/2xl05m/s；（3）8=0.IT；（4）粒子在第二

20

象限中第〃次過x軸的位置的橫坐標為=—[0.75〃+(n—l)?]m(〃=1,2,3…)

【解析】

【詳解】(1)粒子從。點進入磁場后做勻速圓周運動，之后從P點沿x軸負方向進入電場，則其軌跡的圓

心O'點在直線而上，可大致畫出其運動軌跡，如下圖所示，對粒子有

解得其軌道半徑為

r=0.1m

則a點到。點的距離/為

。點的橫坐標為

=lm+4=20+73

m

20