2023年河北省高考物理模擬卷（含答案）

2023屆河北省高考物理模擬卷

一、單項(xiàng)選擇題：此題共7小題，每題4分，共28分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一

項(xiàng)為哪一項(xiàng)符合題目要求的。

1.某同學(xué)利用無人機(jī)攜帶的速度記錄儀記錄它的運(yùn)動(dòng)情況，假設(shè)某次試驗(yàn)時(shí)無人機(jī)從地面豎直向上

起飛至返回地面的20s內(nèi)的v-t圖像如下圖，則本次試驗(yàn)中（）

A.畫v-t圖像時(shí)取向上為正方向

B.上升的最大速度為3m/s

C.全過程中最大加速度是0.75m/s2

D.上升到最大高度用了8s鐘時(shí)間

2.我國(guó)發(fā)射了嫦娥號(hào)系列衛(wèi)星，其中嫦娥二號(hào)可以在離月球比擬近的圓軌道a上運(yùn)動(dòng)，嫦娥一號(hào)可

以在離月球比擬遠(yuǎn)的圓軌道b上運(yùn)動(dòng)。以下說法正確的選項(xiàng)是：（）

A.在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的周期大于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的周期

B.在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的加速度大于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的加速度

C.在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的線速度小于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的線速度

D.在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的角速度小于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的角速度

3.如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1,A、V均為理想電表，R為光敏電

阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。?，L,和L2是兩個(gè)完全相同的燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電

壓u,以下說法正確的選項(xiàng)是（）

A.電壓u的頻率為100Hz

B.電壓表V的示數(shù)為22V

C.當(dāng)光強(qiáng)增大時(shí)，變壓器的輸入功率變大

D.當(dāng)L的燈絲燒斷后，V示數(shù)變小

4.人眼對(duì)綠光最為敏感，而綠光其實(shí)是由綠光光子組成的。每個(gè)綠光光子的能量約為3.6eV,人眼

假設(shè)在每秒鐘內(nèi)接受到3個(gè)綠光光子，就能產(chǎn)生視覺。則能引起視覺時(shí)，每秒鐘進(jìn)入人眼的最少光

能大約為（）

A.5.76X10-19JB.5.76X10-|8J

C.1.73X10-19JD.1.73X10-18J

5.如圖甲所示，abed是匝數(shù)為100匝、邊長(zhǎng)為10cm、總電阻為0.1C的正方形閉合導(dǎo)線圈，放在

與線圈平面垂直的圖示勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，則以下說法不

正確的選項(xiàng)是（）

A.導(dǎo)線圈中產(chǎn)生的是交變電流

B.在t=2.5s時(shí)導(dǎo)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1V

C.在0?2s內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為20c

D.在0?2s內(nèi)，導(dǎo)線圈ad邊受到向右的增大的安培力

6.如下圖，真空中同一平面內(nèi)固定兩點(diǎn)電荷+2Q和-Q,以點(diǎn)電荷+2Q為圓心的圓上有a、b、c、d

四點(diǎn)，其中b點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線與圓的交點(diǎn)，a、c兩點(diǎn)關(guān)于連線對(duì)稱，ad為圓的直徑，且d距-Q較

遠(yuǎn)。當(dāng)電子經(jīng)過這四點(diǎn)時(shí)，以下說法正確的選項(xiàng)是（）

.3......e

X?'-Q

A.b處電勢(shì)能最大B.d處電勢(shì)能最大

C.d處電場(chǎng)力最大D.a、c兩處電場(chǎng)力相同

7.將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸掛于0點(diǎn)，如下圖.用力F拉小球

b,使兩個(gè)小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線0a與豎直方向的夾角保持。=30。，則F的最小值為

)

//////

C,3mg1

D.-mg

2

二、多項(xiàng)選擇題：此題共3小題，每題6分，共18分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)

或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0

分。

8.法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如下圖。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別于圓盤的邊

緣和銅軸接觸，圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，圓盤旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過電阻R的電流，以

下說法正確的選項(xiàng)是（）

A.假設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定

B.假設(shè)從上往下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a到b的方向流動(dòng)

C.假設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化

D.假設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則R上的電流也變?yōu)樵瓉淼?倍

9.如下圖，光滑平臺(tái)與長(zhǎng)A=4.0m的水平傳送帶等高平滑連接，輕質(zhì)彈簧自由伸長(zhǎng)時(shí)右端剛好與

平臺(tái)右端對(duì)齊?，F(xiàn)用質(zhì)量為陽(yáng)=2.0kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊壓縮彈簧并鎖定，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能

為［=16.0j。水平傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速度為%=2.0m/s,某時(shí)刻彈簧解除鎖定，小滑塊被彈出

滑塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)H=02,重力加速度g取10m/s2,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。以下

說法正確的選項(xiàng)是（）

）//〃/〃//“〃〃〃（）（）

A.小滑塊在傳送帶上一直做減速運(yùn)動(dòng)

B.當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過程中克服摩擦力做功為12J

C.假設(shè)小滑塊與傳送帶有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)在傳動(dòng)帶上留下痕跡，則痕跡長(zhǎng)度為1m

D.當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過程中摩擦產(chǎn)生的熱量為10J

10.跳臺(tái)滑雪是第24屆北京冬奧會(huì)的一個(gè)工程，比賽中運(yùn)發(fā)動(dòng)穿專用滑雪板，在滑雪道上獲得肯定

速度后從跳臺(tái)飛出，在空中飛行一段距離后著陸。如下圖，假設(shè)運(yùn)發(fā)動(dòng)從跳臺(tái)A處以%=20m/s的

初速度水平飛出，在平直斜坡B處著陸。假設(shè)斜坡的傾角為37。，不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2,

A.運(yùn)發(fā)動(dòng)在B處時(shí)速度與水平方向夾角為74。

B.運(yùn)發(fā)動(dòng)在B處著陸時(shí)的速度大小是25m/s

C.運(yùn)發(fā)動(dòng)在空中到坡面的最大距離為9m

D.A,B間的距離為75m

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，每個(gè)真題考生必須作答。第15~16題為選

考題，考生依據(jù)要求作答。

11.小明同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中紅外線發(fā)射器、接收器可記錄

小球的擋光時(shí)間。小明同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑為mm.

(2)該小球質(zhì)量為m,直徑為d.現(xiàn)使小球從紅外線的正上方高為h處自由下落，記錄小球擋光

時(shí)間t,已知重力加速度為g,則小球下落過程中動(dòng)能增加量的表達(dá)式為AEk=，重

力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為AEp=(均用所給字母表示)

12.一探究小組要測(cè)定一節(jié)舊電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，現(xiàn)有一個(gè)電流表表頭G[600C、1.5mA)和兩

個(gè)電阻箱Ri(0.0L99.99C)、R2(1-9999Q)?探究小組用表頭改裝成一個(gè)滿偏電流為0.6A的電流

(1)在圖甲中補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)電路圖，并在圖中標(biāo)明Ri、R2；

12〕按電路圖連接實(shí)驗(yàn)電路，將其中一個(gè)電阻箱調(diào)至確定值，另一電阻箱調(diào)至肯定的值，閉合開

關(guān)S,保持(填“RJ或僅2〃〕不變，屢次調(diào)節(jié)另一電阻箱阻值R,并記錄與其對(duì)應(yīng)的改

裝后的電流表的讀數(shù)J描點(diǎn)做出了；-R的圖象如圖乙依據(jù)圖象可知，電池電動(dòng)勢(shì)E=

V,內(nèi)阻r=Q(不考慮電流表的內(nèi)阻)；

I測(cè)量值-真實(shí)值I

(3)實(shí)驗(yàn)中的相對(duì)誤差=1IxlOO%.本實(shí)驗(yàn)中，求電池內(nèi)阻時(shí)因改裝后電流表

真實(shí)值

的內(nèi)阻帶來的相對(duì)誤差為%(保存三位有效數(shù)字)0

13.如下圖，一輛質(zhì)量為M=3kg的小車A靜止在光滑的水平面上，小車上有質(zhì)量為m=lkg的光滑

小球B,將一輕質(zhì)彈簧壓縮并鎖定，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep=6J,小球與小車右壁距離為L(zhǎng),解除

鎖定，小球脫離彈簧后與小車右壁的油灰阻擋層碰撞并被粘住，求:

U）小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大小;

（2）在整個(gè)過程中，小車移動(dòng)的距離。

14.如下圖，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.3m正方形邊界abed中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0=0.5T的勻

強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量m=8xl0?26kg、電荷量q=8xlO」9c的粒子（重力不計(jì)）從邊界ad上某點(diǎn)D以某個(gè)速

度射入.粒子從cd中點(diǎn)P孔射出，再經(jīng)小孔Q進(jìn)入相互正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)地域，地域?qū)挾?/p>

為2L,電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=5xlO5V/m,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小BI=1T、方向垂直紙面向里，已知粒子經(jīng)過QM

正中間位置時(shí)有一段時(shí)間At撤去了勻強(qiáng)電場(chǎng).虛線ef、gh之間存在著水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小為B2=0.25T（圖中未畫出）.有一塊折成等腰直角的硬質(zhì)塑料板ABC（不帶電，寬度很

窄，厚度不計(jì)）放置在ef、gh之間（截面圖如圖），CB兩點(diǎn)恰在分別位于ef、gh±,

AC=AB=0.3m,a=45°.粒子恰能沿圖中虛線QM進(jìn)入ef、gh之間的地域，兀取3.

⑴Dd距離;

（2）已知粒子與硬質(zhì)塑料相碰后，速度大小不變，方向變化遵守光的反射定律.粒子從Q到gh

過程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和路程分別是多少？

15.（1）以下說法正確的選項(xiàng)是.

A.做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能

B.當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，外界對(duì)氣體肯定做正功

C.飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大

D.單晶體和多晶體都具有確定的熔點(diǎn)

E.氣體能夠充滿容器的整個(gè)空間，是氣體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的結(jié)果

（2）如下圖，長(zhǎng)為h的水銀柱將，上端封閉的玻璃管內(nèi)氣體分隔成上、下兩局部，A處管內(nèi)、外

水銀面相平，上局部氣體的長(zhǎng)度為H,現(xiàn)將玻璃管緩慢豎直向下按壓肯定高度，穩(wěn)定時(shí)管中上局部

氣體壓強(qiáng)為po，已知水銀的密度為p,重力加速度為g,大氣壓強(qiáng)為po,該過程中氣體的溫度保持不

變。求：

①玻璃管向下按壓前，上局部氣體的壓強(qiáng)P;

②玻璃管向下按壓后，上局部氣體的長(zhǎng)度H，.

16.(1)一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播。波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，坐標(biāo)分別

為xP=lm,xQ=6m?波傳播到P點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，該點(diǎn)的振動(dòng)圖像如下圖，則簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為

m,經(jīng)過s,Q點(diǎn)第一次到達(dá)正向最大位移處。

(2)如圖，一個(gè)半徑為R的玻璃球，O點(diǎn)為球心。球面內(nèi)側(cè)單色點(diǎn)光源S發(fā)出的一束光在A點(diǎn)

射出，出射光線AB與球直徑SC平行，0=30。。光在真空中的傳播速度為c。求：

⑴玻璃的折射率；

(ii)從S發(fā)出的光線經(jīng)屢次全反射回到S點(diǎn)的最短時(shí)間。

答案

1.D

（解答）A.無人機(jī)從地面豎直向上起飛至返回地面，由題圖可知，畫v-t圖像時(shí)取向上為負(fù)方向,

A不符合題意；

B.因?yàn)槿∠蛏蠟樨?fù)方向，所以上升的最大速度為一2m/s,B不符合題意；

C.v-t圖像的斜率表示加速度，最大加速度是。“心=￡m/s2=-lm/s2

負(fù)號(hào)表示加速度方向向上。C不符合題意；

D.由題圖可知在0?8s是上升階段，所以上升到最大高度用了8s鐘時(shí)間，D符合題意。

故答案為：Do

（分析）v-t圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速速度，v-t圖像與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積表示物體運(yùn)動(dòng)的

位移，從而進(jìn)行分析推斷。

2.B

（解答）A.依據(jù)萬有引力提供向心力G”=m/r

尸2T2

即軌道半徑越大，周期越大，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的周期小于在b上運(yùn)行的周期.A不符合題意.

Mm

B.依據(jù)萬有引力提供向心力=

r

解得a=G^

即軌道半徑越大，加速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行時(shí)的加速度大于在b上運(yùn)行時(shí)的加速度.B符合題

-T*r.

C.依據(jù)萬有引力提供向心力G^-=m—

rr

GM

解得y=

r

即軌道半徑越大，速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的線速度大于在b上運(yùn)行的線速度.C不符合題意.

D.依據(jù)萬有引力提供向心力G粵=血用

GM

解得CD=V

即軌道半徑越大，角速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的角速度大于在b上運(yùn)行的角速度.D不符合題意.

故答案為：B

（分析）衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，結(jié)合衛(wèi)星的軌道半徑，依據(jù)向心力公式列方程比

擬衛(wèi)星線速度、角速度、加速度的大小即可。

3.C

11

（解答）電壓的頻率f=-=-^—iHz=50Hz,A不符合題意；初級(jí)電壓有效值為220V,故次

級(jí)電壓有效值為22V,所以電壓表的示數(shù)小于22V,B不符合題意；當(dāng)光強(qiáng)變大時(shí)，R的阻值減小，

次級(jí)電阻減小，電流變大，則初級(jí)電流變大，變壓器輸入功率變大，C符合題意；當(dāng)L燈絲斷后，

因次級(jí)電壓不變，則L2上的電壓不變，則V的示數(shù)不變，D不符合題意；

故答案為：C.

（分析）利用周期的大小可以求出頻率的大小；利用輸入電壓的峰值可以求出電壓的有效值，結(jié)合

匝數(shù)比值可以求出輸出電壓的大小，結(jié)合回路中分壓關(guān)系可以判別電壓表的讀數(shù)小于輸出電壓；當(dāng)

光照強(qiáng)度變大時(shí)其電阻變小導(dǎo)致輸出電流變大則輸入功率隨輸入電流的增大而增大；當(dāng)燈絲斷開后

其輸出電壓不變所以電壓表的讀數(shù)不變。

4.D

（解答）人眼對(duì)綠光最為敏感，人眼假設(shè)在每秒鐘內(nèi)接受到3個(gè)綠光光子，就能產(chǎn)生視覺；能引起

視覺時(shí)，每秒鐘進(jìn)入人眼的最少光能￡,=3x3.6eV=3x3.6xl.6xl0-19J?1.73xl0-18J.

故答案為：D

（分析）利用單位的換算結(jié)合光子的數(shù)量可以求出每秒進(jìn)入人眼的光能大小。

5.B

（解答）A.依據(jù)楞次定律可知，在0?2s內(nèi)的感應(yīng)電流方向與2s?3s內(nèi)的感應(yīng)電流方向相反，即

為交流電，A正確，不符合題意；

B.依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，2.5s時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于2s到3s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則有

EA5S100x（2-0）x0.1x0.12V

△t1

B錯(cuò)誤，符合題意;

ADqn

C.在0?2s時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為片=〃——=100x-x0.12V=lV

△t2

再依據(jù)歐姆定律/*=10A

依據(jù)q=It=20C

C正確，不符合題意；

D.依據(jù)楞次定律可得，線圈的電流方向是逆時(shí)針，則導(dǎo)線ad受到的安培力方向是水平向右，依據(jù)

F殳=BIL磁場(chǎng)感應(yīng)強(qiáng)度逐漸增大，電流強(qiáng)度和導(dǎo)線ad長(zhǎng)不變，則安培力增大，D正確，不符合題

意。

故答案為：Bo

（分析）依據(jù)楞次定律推斷感應(yīng)電流的方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)

合歐姆定律得出感應(yīng)電流的大小，利用電流的定義式得出通過導(dǎo)線橫截面的電荷量。

6.A

（解答）AB.先比擬電勢(shì)，假設(shè)只有+2Q,四點(diǎn)的電勢(shì)相同，假設(shè)只有-Q,d點(diǎn)的電勢(shì)最gao,b點(diǎn)

電勢(shì)最di,假設(shè)兩個(gè)電荷同時(shí)存在，d點(diǎn)電勢(shì)也是最ga。的，b點(diǎn)的電勢(shì)也是最di的。負(fù)電荷的電勢(shì)

越低，電勢(shì)能越大，則電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能最大，在d點(diǎn)的電勢(shì)能最小，A符合題意，B不符合題

二

尼k、；

CD.假設(shè)只有+2Q,四點(diǎn)的電場(chǎng)力大小相等，方向不同，假設(shè)只有-Q,b點(diǎn)的電場(chǎng)力最大，d點(diǎn)的電

場(chǎng)力最小，依據(jù)平行四邊形法則作圖可知，b點(diǎn)電場(chǎng)力最大，等于兩個(gè)電場(chǎng)力之和，d點(diǎn)電場(chǎng)力最

小，a、c兩處的電場(chǎng)力大小相等，方向不同，所以CD都錯(cuò)誤。

故答案為：Ao

（分析）利用點(diǎn)電荷的電勢(shì)公式可以比擬各處電勢(shì)的大小，利用電場(chǎng)線的疏密可以比擬電場(chǎng)力的大

小，利用場(chǎng)強(qiáng)的方向可以判別電場(chǎng)力的方向。

7.A

（解答）解：以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，分析受力，作出F在三個(gè)方向時(shí)整體的受力圖，

依據(jù)平衡條件得知：F與T的合力與重力mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當(dāng)F與

繩子oa垂直時(shí)，F(xiàn)有最小值，即圖中2位置，F(xiàn)的最小值為：

依據(jù)平衡條件得：F=2mgsin30°=mg

應(yīng)選：A

（分析）以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，當(dāng)F垂直于0a線時(shí)取得最小值，依據(jù)平衡條件求解F

的最小值.

8.A,B,D

（解答）AB.銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為￡=15^3

B、L、3不變，E不變，電流大小恒定不變，由右手定則可知，回路中電流方向不變，假設(shè)從上往

下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由右手定則知，電流沿a到b的方向流動(dòng)，AB符合題意；

C.假設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向不變，大小變化，C不符合題意；

D.假設(shè)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，電動(dòng)勢(shì)變?yōu)樵瓉淼?倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，D符合

題意。

故答案為：ABDo

（分析）利用導(dǎo)體棒切割磁感線可以求出動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的大小，由于其角速度恒定可以判別其電流大

小恒定；利用右手定則可以判別其電流的方向；當(dāng)其角速度大小發(fā)生改變時(shí)其電流方向不變；利用

其角速度的變化可以判別電動(dòng)勢(shì)的變化，結(jié)合歐姆定律可以判別電流的大小變化。

9.B,C

1,

（解答）A.彈簧由壓縮恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)，設(shè)小滑塊的速度為也由機(jī)械能守恒定律得￡'=/相聲

通陽(yáng)[2E~bxl6,“，

解得v=J——-=J---mis-4m/s

由牛頓第二定律得小滑塊在傳送帶上相對(duì)滑動(dòng)的加速度。=理=>喧=2〃?/?

m

y2_y242_22

小滑塊與傳送帶由共同速度時(shí)，運(yùn)動(dòng)的位移x=--b_—m=3m<L=4m

2a2x2

故小滑塊先勻減速運(yùn)動(dòng)此后小滑塊與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，A不符合題意；

BD.對(duì)小滑塊從滑上傳送帶到與傳送帶有共同速度，利用動(dòng)能定理％=5加%2-5加丫2

解得力=—12J

所以當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過程中克服摩擦力對(duì)小滑塊做的功為12J,D不符合題意，B符合題

忠；

v—v2—4

C.由速度時(shí)間關(guān)系可得，小滑塊到達(dá)與傳送帶共速所需要的時(shí)間為，=為一=—1S=ls

一昭-2

此段時(shí)間內(nèi)小滑塊的位移為玉=為二=2學(xué)m=3m

22

傳送帶的位移為=2xlm=2m故可得痕跡長(zhǎng)度為Ax=苞-％=3m-2m=1m

C符合題意。

故答案為：BCo

（分析）彈簧由壓縮恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)依據(jù)機(jī)械能守恒得出小滑塊的速度，利用牛頓第二定律以及勻變

速直線運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系得出小滑塊與傳送帶由共同速度時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移，利用動(dòng)能定理得出

克服摩擦力做的功。

10.C,D

]_2

（解答）A.運(yùn)發(fā)動(dòng)做平拋運(yùn)動(dòng)，則切行7°=5、=g，

卬2%

解得t=3s

gt3

運(yùn)發(fā)動(dòng)在B處時(shí)速度與水平方向夾角tana=—=-

%2

則a工74°

A不符合題意；

B.運(yùn)發(fā)動(dòng)在B處著陸時(shí)的速度大小是v=7vo+W=10V13m/s

B不符合題意；

C.運(yùn)發(fā)動(dòng)在空中到坡面的最大距離為h=（''心"a）~=9m

2gcos37

C符合題意;

D.A、B間的距離為AB=———=75m

cos3T

D符合題意。

故答案為：CDo

（分析）運(yùn)發(fā)動(dòng)做平拋運(yùn)動(dòng)，利用其位移公式結(jié)合位移的方向可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，利用速度的分

解可以求出速度的方向；利用速度的合成可以求出運(yùn)發(fā)動(dòng)在B處速度的大?。焕闷渌俣任灰乒?/p>

可以求出運(yùn)發(fā)動(dòng)在空中到坡面最大的距離；利用位移公式可以求出AB之間的距離。

11.（1）18.304

（2）—mI—I；mgh

（解答）（1）小球的直徑為d—18mm+30.4x0.01mm-18.304mm

（2）小球的速度v=~

2

小球下落過程中動(dòng)能增加量A￡k=|Wv=lw^

重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為研產(chǎn)mgh

（分析）11）利用螺旋測(cè)微器的可動(dòng)刻度和固定刻度可以讀出小球的直徑大?。?/p>

（2）利用平均速度公式可以求出小球的速度大??；結(jié)合質(zhì)量可以求出小球動(dòng)能的增加量；利用高度

變化可以求出重力勢(shì)能的變化量。

12.（1）解；如下圖:

（2）Ri；1.2；24

⑶6.67

（解答）解：（1）電流表量程1.5mA太小，需要并聯(lián)一個(gè)電阻箱改裝成0.6A的電流表,

需要并聯(lián)的電阻為R并=CW.5C,所以需要和Ri并聯(lián)，利用安阻法進(jìn)

「鼠0.6-0.0015

行實(shí)驗(yàn)，如下圖:

(2)由于電阻箱Ri與電流表的表頭并聯(lián)，該電阻箱作為一個(gè)

定值電阻使用，不能調(diào)節(jié)，故保持Ri不變，屢次調(diào)節(jié)電阻箱R2；

1R

依據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：E=I(R+r),解得：一=—+一r,

1EE

120

圖象的斜率絕對(duì)值為r-1,解得電動(dòng)勢(shì)為L(zhǎng)2V,

E24

縱軸截距為:=20C/V,解得r=24C；(3)改裝后電流表的內(nèi)阻為Rg=C=

1.5Q,

該實(shí)驗(yàn)電路測(cè)得的電池內(nèi)阻實(shí)際上是電池內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和,

故相對(duì)誤差="=6.67%。

24-1.5

故答案為：⑴如下圖；⑵Ri；1.2；24；⑶6.67。

(分析)(1)通過并聯(lián)電阻將表頭改裝為電流表測(cè)量電路中的電流；

(2)利用閉合電路歐姆定律對(duì)整個(gè)電路列方程，對(duì)方程進(jìn)行適當(dāng)?shù)淖冃?，結(jié)合圖像求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)

阻即可；

(3)結(jié)合題目給出的公式代入數(shù)據(jù)求解即可。

13.(1)設(shè)小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大小分別為打、V2,則

1,1,

—mVy+—Mv；-E解得V|=3m/s,V2=lm/s

22p

(2)設(shè)小車移動(dòng)X2距離，小球移動(dòng)X1距離，整個(gè)過程中，依據(jù)平均動(dòng)量守恒(人船模型)得

m—=M—,Xi+X2=L解得x=—

tt24

(分析)(1)利用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可以求出速度的大?。?/p>

(2)利用動(dòng)量守恒定律可以求出移動(dòng)的距離。

14.(1)解：要使粒子能沿圖中虛線PQ進(jìn)入ef、gh之間的地域，則粒子所受到向上的洛倫茲力與

向下的電場(chǎng)力大小相等，有qv()Bi=qE,解得v()=5xl05m/s,

2

粒子在abed磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)半徑為Ri，洛侖茲力提供向心力，有，qv0B0=m/，解

得Ri=O.lm,

作出粒子在磁場(chǎng)中軌跡圖如下圖.

由幾何知識(shí)可得Ri+Rcos9=1L,解得。=60。，粒子射入點(diǎn)的位置在ad邊上距d點(diǎn)為x=RsinO=

V3

m；

20

Dd距離為&m;

答：

20

⑵粒子從P以速度vo進(jìn)入PQ、MN之間的地域，先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到平行板正中間做勻速圓

周運(yùn)動(dòng)n圈，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)打到AB板上，以大小為V。的速度垂直于磁場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng).粒子運(yùn)

2

動(dòng)到在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小Bi=0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力有qv°B1=m?

2兀m

運(yùn)動(dòng)周期丁尸

qB、

粒子在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)地域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間L=n1+——，其中n為正整數(shù)；

%

粒子將以半徑R3在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)一周后打到AB板的下部.

由于不計(jì)板的厚度，所以質(zhì)子從第一次打到AC板到第二次打到AC板后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子在磁場(chǎng)運(yùn)

動(dòng)一周的時(shí)間，即一個(gè)周期T3，

,V：,2萬R,2兀m

由qvB=m—和T,=----，得T=—r—,

02&%3qB]

粒子在磁場(chǎng)中共碰到2塊板，做圓周運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間為t2=2T3,

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中，在V。方向的總位移S3=2Lsin45。、時(shí)間t?=—,

%

從Q到gh過程的總時(shí)間為t=t]+t2+t3，

從Q到gh過程的總路程為M=2L+n(2KR2)+27tR3x2+s3,

解得41=(7.4xlO-6+7.5nxlOJ)s、

M=(6.112+0.3n)m.

答：粒子從Q到gh過程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（7.4x10-6+7.5〃xIO”卜，