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文檔簡(jiǎn)介

玉溪市2023屆高三畢業(yè)生第一次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)

理科綜合物理試題

(滿分300分,考試時(shí)間150分鐘)

注意事項(xiàng):

1.本試卷分第I卷(選擇題)和第∏卷(非選擇題)兩部分,答題前,考生務(wù)必用黑色碳系

筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上.

2.考生作答時(shí),將答案答在答題卡上,在試卷上答題無(wú)效.

3.考試結(jié)束后,將答題卡、試卷、草稿紙一并交回.

二、選擇題

1.下列說(shuō)法正確的是O

A.α射線、P射線和Y射線是三種波長(zhǎng)不同的電磁波

B.根據(jù)玻爾理論可知,氫原子核外電子躍遷過(guò)程中電子電勢(shì)能和動(dòng)能之和不守恒

C.分子勢(shì)能隨著分子間距離的增大,可能先增大后減小

D,只要對(duì)物體進(jìn)行不斷的冷卻,就可以把物體的溫度降為絕對(duì)零度

【答案】B

【解析】

【詳解】A.a射線、P射線分別是高速氮原子核和高速電子流,Y射線是電磁波,A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)玻爾理論可知,氫原子核外電子躍遷過(guò)程中有光子輻射(吸收),故電子的電勢(shì)能和動(dòng)能之和不守

恒,B正確;

C.分子勢(shì)能隨著分子間距離的關(guān)系如圖所示

故分子勢(shì)能隨著分子間距離的增大,不可能先增大后減小,C錯(cuò)誤;

D.對(duì)物體進(jìn)行不斷的冷卻,物體的溫度可以接近絕對(duì)零度,但無(wú)法達(dá)到,D錯(cuò)誤。

故選B。

2.如圖甲所示,一質(zhì)點(diǎn)以初速度%=12m∕s從固定斜面底端A處沖上斜面,到達(dá)C處時(shí)速度恰好為零,

D.該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度之比為血:1

【答案】C

【解析】

【詳解】A.7.9km∕s是近地衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的運(yùn)行速度,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得

GMmV2

——?—=m—

r~r

該衛(wèi)星的軌道半徑大于地球的半徑,所以該衛(wèi)星的運(yùn)行速度一定小于7.9km∕s,故A錯(cuò)誤;

B.由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系,所以不能確定機(jī)械能的關(guān)系,該衛(wèi)星的機(jī)械能有可能大于同步衛(wèi)星的機(jī)

械能,故B錯(cuò)誤;

C.衛(wèi)星從北緯60。的正上方,按圖示方向第一次運(yùn)行到南緯60。的正上方時(shí),偏轉(zhuǎn)的角度是120。,剛好為

其轉(zhuǎn)動(dòng)周期的,,所以衛(wèi)星運(yùn)行的周期為3h,同步衛(wèi)星的周期是24h,該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期之比

3

為1:8,由

ω=——

T

可知該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行角速度之比為8:1,根據(jù)

該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行半徑之比為1:4,故C正確;

D.根據(jù)

V-rω

該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度之比2:1,故D錯(cuò)誤。

故選C。

4.如圖甲所示,在水平面內(nèi)的〃、6、C分別位于直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上,aZ?=6m,αc=8m。其中“、

8處為兩波源,在4=0時(shí)刻,a、b同時(shí)開(kāi)始振動(dòng),振動(dòng)圖像均如圖乙所示,所形成的機(jī)械波在水平面內(nèi)

傳播,在L=4s時(shí),c處質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)。則下列說(shuō)法正確的是()

CNl?/em

?°r^A^^ES

ab

甲乙

A.該機(jī)械波的波長(zhǎng)為8mB.該機(jī)械波的傳播速度大小為8m∕s

C.兩列波相遇后,c點(diǎn)振動(dòng)的振幅和頻率增大D.兩列波相遇后,C點(diǎn)振動(dòng)的振幅增大而頻率不變

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.由于兩列波波速相同,且

ab<ac

故4處振動(dòng)先到達(dá)C點(diǎn),由波速公式有

X8

V=-?=—m/s=2m∕s

G4

由乙圖可知振動(dòng)周期為

T=Is

則波長(zhǎng)為

λ-vT=2XIm=2m

故AB錯(cuò)誤;

CD.由于兩列波在同一介質(zhì)中傳播,且周期相同,所以兩列波的頻率相同,則兩列波相遇后,C點(diǎn)的振動(dòng)

頻率不變,〃、6到C的路程差為

22

?,v=sbc—sac-?/e+8m—8m=2m=λ

則C點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng),則振動(dòng)幅度變大,故C錯(cuò)誤,D正確。

故選D。

5.如圖所示,圓心為。、半徑為R的半圓形玻璃磚置于水平桌面上,光線從P點(diǎn)垂直界面入射后,恰好在

玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射;當(dāng)入射角6=60°時(shí),光線從玻璃磚圓形表面出射后恰好與入射光平行。已

知真空中的光速為C,則()

A.玻璃磚的折射率為1.5

B.OP之間的距離為正R

2

與OB之間的夾角為α(a>色),初始時(shí),OA與OC共線,。4、OB、OC均處于伸直狀態(tài),用手拉住彈

2

簧秤并保持氣示數(shù)不變,緩慢沿順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn),0A、OB、OC始終在同一豎直平面內(nèi),在OC被拉到

與OA垂直的過(guò)程中()

A.OA上的張力逐漸減小B.OA上的張力先增大后減小

C.OB上的張力逐漸增大D.OB上的張力先增大后減小

【答案】BC

【解析】

【分析】

【詳解】以。點(diǎn)為圓心,以表示彈簧拉力的大小為半徑做圓,根據(jù)平行四邊形法則將彈簧的拉力進(jìn)行分解

如圖所示

21

開(kāi)始時(shí)OA拉力等于彈簧秤的示數(shù),。8的拉力為零,當(dāng)彈簧拉力與OB垂直時(shí),圖1位置處,OA的拉力

最大,隨后又逐漸減??;OB的拉力隨之彈簧順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的角度增大而增大(圖中虛線的長(zhǎng)度)。

故選BC0

8.真空中質(zhì)量為〃,的帶正電小球由A點(diǎn)無(wú)初速自由下落?秒,在,秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)

電場(chǎng),再經(jīng)過(guò)f秒小球又回到4點(diǎn)。小球電荷量不變且小球從未落地,重力加速度為g。則O

A.整個(gè)過(guò)程中小球速度增量的大小為2gf

B.從加電場(chǎng)開(kāi)始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能變化了mg2t2

C.整個(gè)過(guò)程中小球電勢(shì)能變化了2mg2f2

D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能變化了,mg)

【答案】AC

【解析】

【詳解】AC.小球先做自由落體運(yùn)動(dòng),后做勻減速運(yùn)動(dòng),兩個(gè)過(guò)程的位移大小相等、方向相反。設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)

度大小為E,加電場(chǎng)后小球的加速度大小為d取豎直向下方向?yàn)檎较?,則由

?/12、

-gt2=-(vt--ar)

v=gt

解得

a=3g

則小球回到A點(diǎn)時(shí)的速度為

v,=v-at=-2gt

整個(gè)過(guò)程中小球速度增量的大小為

^v=v,-0=-2gt

速度增量的大小為由牛頓第二定律得

qE-m2

a=----------

m

聯(lián)立解得

qE=4mg

根據(jù)

22

^Ep=qE-gr=2mgt

故AC正確;

B.從加電場(chǎng)開(kāi)始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能變化了

2

ΔEk=?mv=;mg濘

故B錯(cuò)誤;

D.設(shè)從A到最低點(diǎn)的高度為〃,根據(jù)動(dòng)能定理得

mgh-qE(h--gt2)=O

解得

.22

h=qgr

從A到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能減少了

Alr222

"p=>gτ

故D錯(cuò)誤。

故選ACo

9.利用圖1裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。

(I)實(shí)驗(yàn)中除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(tái)(含鐵夾)、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、導(dǎo)線及開(kāi)關(guān)外,在下列器材中,

還必須使用的器材是()

A.交流電源B.刻度尺C.天平(含祛碼)D.秒表

(2)實(shí)驗(yàn)中,需先接通電源,再釋放重物,得到如圖2所示的一條紙帶,在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的

點(diǎn)A、B、C,測(cè)得它們到起始點(diǎn)0的距離分別為自、怎、hc.己知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打

點(diǎn)的周期為T,設(shè)重物的質(zhì)量為機(jī),從打。點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中,重物的重力勢(shì)能減少量AEp==動(dòng)能

增加量AEk=;大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示重力勢(shì)能的減少量_________(填“小于”、“等于"、

“大于”)動(dòng)能的增加量,主要原因是

(3)某同學(xué)想用該實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭,該同學(xué)在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),測(cè)量它們到起始

點(diǎn)0的距離/?,計(jì)算對(duì)應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的重物速度明描繪1?一〃圖像,發(fā)現(xiàn)圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線,且直線

的斜率為K,則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=

【答案】①.AB##BA②.mghB③.皿%—%)一④.大于⑤.重物在下落過(guò)程中存在

8T2

空氣阻力和摩擦力的影響⑥.’κ

2

【解析】

【詳解】(1)[1]實(shí)驗(yàn)時(shí)還必須使用的器材有交流電源和刻度尺;打點(diǎn)計(jì)時(shí)器可記錄重物的運(yùn)動(dòng)時(shí)間,所以

不需要秒表;若重物的機(jī)械能守恒,則有

2

mgh=?mvl-?znvl

可知在不需要的出重力勢(shì)能減少量與動(dòng)能增加量的具體數(shù)據(jù)時(shí),可以不測(cè)量質(zhì)量,即不需要天平。

故選AB

(2)[2]從打。點(diǎn)到打8點(diǎn)的過(guò)程中,重物的重力勢(shì)能減少量

ΔEl,=mghB

⑶打在B點(diǎn)的速度為

動(dòng)能的增加量為

⑷⑸大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量,原因是重物在下落過(guò)程中存在空氣

阻力和摩擦力的影響。由于存在空氣阻力,所以機(jī)械能減小,因此重力勢(shì)能的減少量略大于動(dòng)能得增加量。

(3)[6]機(jī)械能守恒實(shí)驗(yàn)滿足關(guān)系式

mgh=-mv'

圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線,斜率為

K=2g

10.如圖為“山東艦”上進(jìn)行“殲一15”艦載機(jī)起降訓(xùn)練的示意圖,起飛跑道由長(zhǎng)度為4=16Om的水平跑

道和長(zhǎng)度為6=13.5m的傾斜跑道兩部分組成,水平跑道與傾斜跑道末端的高度差/?=2.7m。一質(zhì)量為

根=2.0χlO4kg的飛機(jī),其噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)的推力大小恒為E=1.2X1()5N,方向與速度方向相同,在運(yùn)動(dòng)過(guò)

程中飛機(jī)受到的平均阻力大小為飛機(jī)重力的得。假設(shè)“山東艦”處于靜止?fàn)顟B(tài),飛機(jī)可看成質(zhì)點(diǎn)且質(zhì)量

不變,g取IOmZS2。

(1)求飛機(jī)到達(dá)傾斜跑道末端時(shí)的速度大??;

(2)為了使飛機(jī)在傾斜跑道的末端達(dá)到起飛速度l(X)m∕s,外界還需要在整個(gè)水平跑道階段對(duì)飛機(jī)施加助

推力,求助推力小的大小(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

【答案】⑴41m∕s;(2)5,2×105N

【解析】

【詳解】(1)飛機(jī)在水平跑道上加速運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律

L1

F--mg=mal

解得

2

ax=5.0m/S

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得

2

v1=2q∕]

飛機(jī)在傾斜跑道上運(yùn)動(dòng)

F-Olmg-mgsinθ=ma2

又因

Sine=2

4

由公式

2

Vj-v1=Ia1I2

解得

v2=41m∕s

(2)飛機(jī)在水平跑道上運(yùn)動(dòng)施加助推力,沿傾斜跑道運(yùn)動(dòng)加速度仍為出,在水平跑道上運(yùn)動(dòng)時(shí),有

片I+F-OAmg-ma?

甲=2明

在傾斜跑道上運(yùn)動(dòng)時(shí),起飛速度為弘=IOom∕s,則

22

vζ-v∣=Ia1I2

聯(lián)立解得

%≈5.2X105N

IL如圖所示,4。與AA為與水平面成傾角α=53。的無(wú)限長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌,OC與AG為與水平面成傾

角6=37°的平行金屬導(dǎo)軌,兩組導(dǎo)軌的間距均為L(zhǎng)=1.5m,導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。質(zhì)量為叫=0.35kg、

電阻為Rl=1Ω的導(dǎo)體棒ab置于右側(cè)傾斜導(dǎo)軌上,電阻為R2=0.5Ω的導(dǎo)體棒Cd初始時(shí)被鎖定在左側(cè)導(dǎo)

軌上。導(dǎo)體棒如、W與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。右側(cè)導(dǎo)軌處于豎直向

上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,左側(cè)導(dǎo)軌處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度均為8=27。初始時(shí)刻,

棒ab在傾斜導(dǎo)軌上恰好不下渭二(g?10m∕s2,sin370-0.6)

(1)求導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃;

(2)解除鎖定使棒Cd由靜止釋放,當(dāng)棒Cd的質(zhì)量加2不超過(guò)多大時(shí),棒M始終處于靜止?fàn)顟B(tài)?(導(dǎo)體棒

Cd運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,棒而、Cd一直與。。平行,結(jié)算結(jié)果保留一位小數(shù))

(3)若棒Cd的質(zhì)量機(jī)2取第(2)問(wèn)中的最大值,由靜止釋放開(kāi)始計(jì)時(shí),當(dāng)/=Is時(shí)棒〃已經(jīng)處于勻速直

線運(yùn)動(dòng)狀態(tài),求在這IS內(nèi)棒而上產(chǎn)生的焦耳熱。(結(jié)算結(jié)果取一位小數(shù))

【答案】(1)4=0.75;(2)3.4kg;(3)Q∣=2?2J

【解析】

【詳解】(1)對(duì)油棒進(jìn)行受力分析,受豎直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向下的摩擦

力,在沿斜面方向向上由平衡關(guān)系可得

mxgsmθ-μmxgcos6=0

代入數(shù)據(jù)解得

μ=tanθ=0.75

(2)當(dāng)Cd質(zhì)量最大、運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí),做勻速直線運(yùn)動(dòng),油棒處于靜止?fàn)顟B(tài),但摩擦力達(dá)到最大且沿斜

面向下,設(shè)此時(shí)仍所受安培力為G,對(duì)必棒,受力分析,如圖所示

由平衡條件可得,沿斜面方向上有

F.-icosθ-mλgsinθ-μN(yùn)=0

垂直于斜面方向上

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