廣東省深圳市龍崗區(qū)2024屆高三上學期期末質量監(jiān)測數學試題（解析版）

PAGEPAGE1廣東省深圳市龍崗區(qū)2024屆高三上學期期末質量監(jiān)測數學試題一、單項選擇題1.已知集合，，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗，解得，所以，所以.故選：C.2.已知復數，則在復平面內對應的點位于（）A.第一象限 B.第二象限C.第三象限 D.第四象限〖答案〗C〖解析〗因為，所以，所以在復平面內對應的點的坐標為位于第三象限.故選：C.3.已知數列為等差數列，為其前項和，，則（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由等差數列的性質可得，.故選：B.4.已知，且，則的值為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗由，得，則，又，，所以，所以，則，又.故選：D.5.已知，則（）A. B.2 C. D.〖答案〗D〖解析〗，，，.故選：D.6.過圓上一點A作圓的切線，切點為B，則的最小值為（）A.2 B. C. D.〖答案〗B〖解析〗設圓與圓的圓心分別為O，C，則，當最小時，最小，由于點A在圓O上，則的最小值為，所以的最小值為.故選：B.7.已知函數是偶函數，則的值是（）A. B. C.1 D.2〖答案〗A〖解析〗函數的定義域為，因為函數是偶函數，所以，所以，，所以，得，故選：A8.已知矩形ABCD中，，，將沿BD折起至，當與AD所成角最大時，三棱錐的體積等于（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗因為異面直線所成角的范圍是，故當時，與AD所成角最大，因為四邊形是矩形，所以，而平面，所以平面，因為平面，所以，在直角三角形中，，而，所以，所以.故選：A二、多項選擇題9.關于二項式的展開式，下列結論正確的是（）A.展開式所有項的系數和為 B.展開式二項式系數和為C.展開式中第5項為 D.展開式中不含常數項〖答案〗BCD〖解析〗A選項：?。?，A錯，B選項：展開式二項式系數和為，B對，C選項：由，則時即為第5項為，C對，D選項：由C選項可知恒成立，D對，故選：BCD.10.已知是夾角為的單位向量，，，下列結論正確的是（）A. B.C. D.在上的投影向量為〖答案〗ACD〖解析〗對于選項A，是夾角為的單位向量，則，故，故選項A正確；對于選項B，，故選項B錯誤；對于選項C，，所以，又，所以，故選項C正確；對于選項D，在上的投影向量為，故選項D正確.故選：ACD11.下列說法中正確的是（）A.用簡單隨機抽樣的方法從含有60個個體的總體中抽取一個容量為6的樣本，則個體m被抽到的概率是0.1B.已知一組數據1，2，m，6，7的平均數為4，則這組數據的方差是C.數據13，27，24，12，14，30，15，17，19，23的第70百分位數是23D.若樣本數據的標準差為8，則數據的標準差為32〖答案〗AB〖解析〗A選項，個體m被抽到的概率為，A正確；B選項，已知一組數據1，2，m，6，7的平均數為4，則，解得，，則這組數據的方差是，B正確；C選項，數據13，27，24，12，14，30，15，17，19，23共10個數，從小到大排列為12，13，14，15，17，19，23，24，27，30，由于，故選擇第7和第8個數的平均數作為第70百分位數，即，所以第70百分位數是23.5，C錯誤；D選項，若樣本數據的標準差為8，則的方差為64，設的平均數為，則，，又，故，則的標準差為，D錯誤．故選：AB12.已知拋物線的焦點為F，準線與x軸的交點為P，過點F的直線與拋物線交于點M，N，過點P的直線與拋物線交于點A，B，則（）A. B.C. D.〖答案〗ACD〖解析〗由拋物線得，設直線，聯立，消去x可得，則，選項A：，故A正確；選項B：因為，所以，故B錯誤；由拋物線得準線為，則，因為過點P的直線與拋物線交于點A，B，所以直線斜率存在且不為零，故設直線，聯立，消去x可得，則，故，，選項C：，故C正確；選項D：，又，所以，故D正確；故選：ACD.三、填空題13.函數的最小正周期為_______．〖答案〗〖解析〗由，得函數的最小正周期為.14.有甲、乙、丙三項任務，其中甲需2人承擔，乙、丙各需1人承擔；現從6人中任選4人承擔這三項任務，則共有___________種不同的選法〖答案〗〖解析〗第一步，先從6人中任選2人承擔任務甲，有種選法，第二步，再從剩余4人中任選1人承擔任務乙，有種選法，第三步，再從3人中任選1人承擔任務丙，有種選法，所以共有種選法.故〖答案〗為:.15.已知是橢圓的左，右焦點，上兩點滿足，則的離心率為_________．〖答案〗〖解析〗如圖，因，所以可設，又，所以，由橢圓定義，，即，又，即B點為短軸端點，所以在中，，又在中，，解得或（舍去）.故〖答案〗為：16.已知函數且，若函數恰有一個零點，則實數的取值范圍為_________．〖答案〗〖解析〗首先注意到，當時，函數在上單調遞增，顯然滿足題設；當時，，顯然函數在上單調遞增，由于，故存在唯一零點，若只有一個零點，此時也必極值點，又此時，則只需，，，因為解得；綜上所述，則實數的取值范用為．故〖答案〗為：四、解答題17.記的內角的A，B，C的對邊分別為a，b，c，已知.（1）求B；（2）若，，求的面積.解：（1）法一：因為，所以，整理得，所以，又因為，所以；法二：因，所以，由正弦定理得，整理得，因為，所以，又因為，所以；（2）因為，，，所以，即，解得，所以的面積.18.如圖，三棱錐中，平面，，.（1）求證：平面；（2）若是的中點，求與平面所成角的余弦值.（1）證明：因為平面，平面，所以，又，，所以，在中，因為，所以，所以，因為平面，平面，所以，又因為平面，所以平面；（2）解：（方法一）如圖，以為坐標原點，建立空間直角坐標系，則，，，，，所以，，，設平面的法向量為，則，即，令，則，所以，設與平面所成角為，則，，∴，即與平面所成角的余弦值為．（方法二）過點作，垂足為，連接，因為平面，平面，所以，又平面，所以平面，則為與平面所成角的平面角，在中，，在中，，∴在中，，故，即與平面所成角的余弦值為.19.已知數列滿足，且對任意正整數m，n都有（1）求數列的通項公式；（2）求數列的前n項和.解：（1）由對任意整數均有，取，得，當時，，當時，，符合上式，所以.（2）當為偶數時，，當為奇數時，若，則，若，則，且當時，滿足.綜上所述：.20.已知雙曲線的左、右焦點分別為，，離心率為，過點的直線與雙曲線的左、右兩支分別交于點，．當時，的面積為5．（1）求雙曲線的標準方程；（2）若直線與軸交于點，且，，求證：為定值．（1）解：當時，，，可得．由雙曲線的定義可知，，兩邊同時平方可得，，所以．①又雙曲線的離心率為，所以．②由①②可得，，，所以，所以雙曲線的標準方程為．（2）證明：當直線與軸垂直時，點與原點重合，此時，，，所以，，．當直線與軸不垂直時，設直線的方程為，，，由題意知且，將直線的方程與雙曲線方程聯立，消去得，，則，，．易知點的坐標為，則由，可得，所以，同理可得．所以．綜上，為定值．21.某工廠采購了一批新的生產設備．經統計，設備正常狀態(tài)下，生產的產品正品率為0.98．為監(jiān)控設備生產過程，檢驗員每天從該設備生產的產品中隨機抽取10件產品，并檢測質量．規(guī)定：抽檢的10件產品中，若至少出現2件次品，則認為設備生產過程出現了異常情況，需對設備進行檢測及修理．（1）假設設備正常狀態(tài)，記X表示一天內抽取的10件產品中的次品件數，求，并說明上述監(jiān)控生產過程規(guī)定的合理性；（2）該設備由甲、乙兩個部件構成，若兩個部件同時出現故障，則設備停止運轉；若只有一個部件出現故障，則設備出現異常．已知設備出現異常是由甲部件故障造成的概率為p，由乙部件故障造成的概率為．若設備出現異常，需先檢測其中一個部件，如果確認該部件出現故障，則進行修理，否則，繼續(xù)對另一部件進行檢測及修理．已知甲部件的檢測費用1000元，修理費用5000元，乙部件的檢測費用2000元，修理費用4000元．當設備出現異常時，僅考慮檢測和修理總費用，應先檢測甲部件還是乙部件，請說明理由．參考數據：．解：（1）由題可知，單件產品為次品的概率為0.02，所以，所以，，所以，由可知，如果生產狀態(tài)正常，一天內抽取的10個零件中，至少出現2個次品的概率約為0.014，該事件是小概率事件，因此一旦發(fā)生這種狀況，就有理由認為設備在這一天的生產過程出現了異常情況，需對設備進行檢測和修理，可見上述監(jiān)控生產過程的規(guī)定是合理的.（2）若先檢測甲部件，設檢測費和修理費之和為元，則的所有可能值為6000，7000，則，，所以，若先檢測乙部件，設檢測費和修理費之和為元，則的所有可能值為6000，8000，則，，所以，所以，則當時，，應先檢測乙部