海南省高考物理試卷及繼電保護(hù)試卷3(試題、答案1-7)

第1頁海南省高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4.00分）一攀巖者以1m/s的速度勻速向上攀登，途中碰落了巖壁上的石塊，石塊自由下落。3s后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時(shí)他離地面的高度約為（）A．10m B．30m C．50m D．70m2．（4.00分）土星與太陽的距離是火星與太陽距離的6倍多。由此信息可知（）A．土星的質(zhì)量比火星的小B．土星運(yùn)行的速率比火星的小C．土星運(yùn)行的周期比火星的小D．土星運(yùn)行的角速度大小比火星的大3．（4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于斜面向上，通有電流I的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上。若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，電流和磁場的方向均不變，則金屬細(xì)桿將（）A．沿斜面加速上滑 B．沿斜面加速下滑C．沿斜面勻速上滑 D．仍靜止在斜面上4．（4.00分）已知TH的半衰期為24天。4gTh經(jīng)過72天還剩下（）A．0 B．0.5g C．1g D．1.5g5．（4.00分）如圖，用長為l的輕繩懸掛一質(zhì)量為M的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì)量為m的彈丸以速度v水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動(dòng)一小角度。不計(jì)空氣阻力。對(duì)子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（）A．若保持m、v、l不變，M變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小B．若保持M、v、l不變，m變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小C．若保持M、m、l不變，v變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大D．若保持M、m、v不變，l變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大6．（4.00分）某大瀑布的平均水流量為5900m3/s，水的落差為50m。已知水的密度為1.00×103kg/m3．在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功率約為（）A．3×106W B．3×107W C．3×108W D．3×109W二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的．全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．7．（5.00分）如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，有一面積為S的矩形單匝閉合導(dǎo)線abcd，ab邊與磁場方向垂直，線框的電阻為R．使線框以恒定角速度ω繞過ad、bc中點(diǎn)的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A．線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值是BSωB．線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值是BSωC．線框平面與磁場方向平行時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大D．線框平面與磁場方向垂直時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大8．（5.00分）如圖（a），一長木板靜止于光滑水平桌面上，t=0時(shí)，小物塊以速度v0滑到長木板上，圖（b）為物塊與木板運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象，圖中t1、v0、v1已知。重力加速度大小為g。由此可求得（）A．木板的長度B．物塊與木板的質(zhì)量之比C．物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．從t=0開始到t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能9．（5.00分）如圖，a、b、c、d為一邊長為L的正方形的頂點(diǎn)。電荷量均為q（q＞0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在a、c兩點(diǎn)，靜電力常量為k。不計(jì)重力。下列說法正確的是（）A．b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為B．過b、d點(diǎn)的直線位于同一等勢面上C．在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，ac中點(diǎn)的電勢最低D．在b點(diǎn)從靜止釋放的電子，到達(dá)d點(diǎn)時(shí)速度為零10．（5.00分）如圖，三個(gè)電阻R1、R2、R3的阻值均為R，電源的內(nèi)阻r＜R，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)。閉合開關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，下列說法正確的是（）A．R2消耗的功率變小 B．R3消耗的功率變大C．電源輸出的功率變大 D．電源內(nèi)阻消耗的功率變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6.00分）學(xué)生課外實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量重力加速度大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，他們先測量分液漏斗下端到水桶底部的距離s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落，調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時(shí)，下一滴水剛好從漏斗的下端滴落；用秒表測量第1個(gè)水滴從漏斗的下端滴落至第n個(gè)水滴落到桶底所用的時(shí)間t。（1）重力加速度大小可表示為g=（用s、n、t表示）；（2）如果某次實(shí)驗(yàn)中，s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測得的重力加速度大小g=m/s2；（保留2位有效數(shù)字）（3）寫出一條能提高測量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：。12．（12.00分）某同學(xué)利用圖（a）中的電路測量電流表?的內(nèi)阻RA（約為5Ω）和直流電源的電動(dòng)勢E（約為10V）。圖中R1和R2為電阻箱，S1和S2為開關(guān)。已知電流表的量程為100mA，直流電源的內(nèi)阻為r。（1）斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的阻值，使?滿偏；保持R1的阻值不變，閉合S2，調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R2的阻值為4.8Ω時(shí)?的示數(shù)為48.0mA．忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，經(jīng)計(jì)算得RA=Q；（保留2位有效數(shù)字）（2）保持S1閉合，斷開S2，多次改變R1的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若某次R1的示數(shù)如圖（b）所示，則此次R1的阻值為Ω；（3）利用記錄的R1的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)I，作出I﹣1﹣R1圖線，如圖（c）所示。用電池的電動(dòng)勢E、內(nèi)阻r和電流表內(nèi)阻RA表示I﹣1隨R1變化的關(guān)系式為I﹣1=。利用圖（c）可求得E=V．（保留2位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10.00分）如圖，圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．P是圓外一點(diǎn)，OP=3r。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子從P點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于OP射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過圓心O，不計(jì)重力。求（1）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間。14．（16.00分）如圖，光滑軌道PQO的水平段QO=，軌道在O點(diǎn)與水平地面平滑連接。一質(zhì)量為m的小物塊A從高h(yuǎn)處由靜止開始沿軌道下滑，在O點(diǎn)與質(zhì)量為4m的靜止小物塊B發(fā)生碰撞。A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，重力加速度大小為g。假設(shè)A、B間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。求（1）第一次碰撞后瞬間A和B速度的大?。唬?）A、B均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離。五、選修題：共12分。請(qǐng)考生從第15、16題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[選修3-3]15．（4.00分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài)a等壓變化到狀態(tài)b，再從b等容變化到狀態(tài)c。a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）A．從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中氣體吸熱B．氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能C．氣體在狀態(tài)b的溫度小于在狀態(tài)a的溫度D．從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程中氣體對(duì)外做正功16．（8.00分）一儲(chǔ)存氮?dú)獾娜萜鞅灰唤^熱輕活塞分隔成兩個(gè)氣室A和B，活寨可無摩擦地滑動(dòng)。開始時(shí)用銷釘固定活塞，A中氣體體積為2.5×10﹣4m3，溫度為27℃，壓強(qiáng)為6.0×104Pa；B中氣體體積為4.0×10﹣4m3，溫度為﹣17℃，壓強(qiáng)為2.0×104Pa．現(xiàn)將A中氣體的溫度降至﹣17℃，然后拔掉銷釘，并保持A、B中氣體溫度不變，求穩(wěn)定后A和B中氣體的壓強(qiáng)。[選修3-4](12分)17．警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測反射波的頻率。下列說法正確的是（）A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變18．如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R．一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=．求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。

2018年海南省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4.00分）一攀巖者以1m/s的速度勻速向上攀登，途中碰落了巖壁上的石塊，石塊自由下落。3s后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時(shí)他離地面的高度約為（）A．10m B．30m C．50m D．70m【分析】石頭下落后做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=gt2，不需要考慮聲音傳播的題意，即可求解下落的距離?！窘獯稹拷猓菏瘔K下落的高度：h=gt2=45m。該過程中，攀巖者向上上升的高度：x=vt=1×3=3m此時(shí)他離地面的高度約為：H=h+x=45+3=48m≈50m。故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。2．（4.00分）土星與太陽的距離是火星與太陽距離的6倍多。由此信息可知（）A．土星的質(zhì)量比火星的小B．土星運(yùn)行的速率比火星的小C．土星運(yùn)行的周期比火星的小D．土星運(yùn)行的角速度大小比火星的大【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期、線速度、加速度的表達(dá)式，結(jié)合軌道半徑的大小進(jìn)行比較?！窘獯稹拷猓篈、萬有引力提供向心力，可知土星與火星的質(zhì)量都被約去，無法比較兩者的質(zhì)量。B、由=，得v=知軌道半徑小速率大，B正確。C、由，得，知r大，周期長，C錯(cuò)誤。D、由，知r大，角速度小，D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運(yùn)用，知道線速度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系。3．（4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于斜面向上，通有電流I的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上。若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，電流和磁場的方向均不變，則金屬細(xì)桿將（）A．沿斜面加速上滑 B．沿斜面加速下滑C．沿斜面勻速上滑 D．仍靜止在斜面上【分析】先對(duì)磁場強(qiáng)度和電流大小沒有改變前列出平衡方程，然后當(dāng)它們改變后，再列出牛頓第二定律即可判斷出物體的運(yùn)動(dòng)情況。【解答】解：當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，電流變?yōu)镮時(shí)，金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件和安培力公式可得：BIL=mgsinθ，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3B，電流變?yōu)?..5I時(shí)，此時(shí)安培力大小變?yōu)椋篎=3B×0.5I×L=1.5BIL，金屬棒將沿斜面向上加速，加速度大小為：．故A正確、BCD錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵是：要對(duì)磁場強(qiáng)度和電流大小改變前后分別列出方程，通過對(duì)比可直接得出金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況。4．（4.00分）已知TH的半衰期為24天。4gTh經(jīng)過72天還剩下（）A．0 B．0.5g C．1g D．1.5g【分析】根據(jù)半衰期定義式m=m0（）n，結(jié)合衰變次數(shù)，即可求解?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)半衰期為24天，經(jīng)過72天，發(fā)生3次衰變，依據(jù)m=m0（）3，代入數(shù)據(jù)解得：m=4×（）3=0.5g，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】考查半衰期的定義式，掌握衰變次數(shù)與剩下的質(zhì)量關(guān)系。5．（4.00分）如圖，用長為l的輕繩懸掛一質(zhì)量為M的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì)量為m的彈丸以速度v水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動(dòng)一小角度。不計(jì)空氣阻力。對(duì)子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（）A．若保持m、v、l不變，M變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小B．若保持M、v、l不變，m變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小C．若保持M、m、l不變，v變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大D．若保持M、m、v不變，l變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大【分析】彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出彈丸擊中沙箱后的共同速度，彈丸與沙箱一起擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能，然后分析答題?！窘獯稹拷猓簭椡钃糁猩诚溥^程系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以彈丸的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv=（M+m）v′，解得：v′=，彈丸與沙箱一起擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由能量守恒定律可知，整個(gè)過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能：△E=mv2﹣（M+m）v′2=；A、若保持m、v、l不變，M變大，系統(tǒng)損失的機(jī)械能：△E==變大，故A錯(cuò)誤；B、若保持M、v、l不變，m變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：△E==變大，故B錯(cuò)誤；C、若保持M、m、l不變，v變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：△E=變大，故C正確；D、若保持M、m、v不變，l變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：△E=不變，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒，沙箱擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，整個(gè)過程損失的機(jī)械能等于彈丸擊中沙箱過程損失的機(jī)械能，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能即可解題。6．（4.00分）某大瀑布的平均水流量為5900m3/s，水的落差為50m。已知水的密度為1.00×103kg/m3．在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功率約為（）A．3×106W B．3×107W C．3×108W D．3×109W【分析】根據(jù)平均功率P=，W=mgh，m=ρQt求解?！窘獯稹拷猓涸O(shè)在很短時(shí)間t內(nèi)有質(zhì)量為m的水落下，重力做功的平均功率P==水的質(zhì)量m=ρQt代入數(shù)據(jù)解得，P=3×109W；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查平均功率的定義應(yīng)用，屬于簡單題目，注意設(shè)一下時(shí)間來表示質(zhì)量。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的．全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．7．（5.00分）如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，有一面積為S的矩形單匝閉合導(dǎo)線abcd，ab邊與磁場方向垂直，線框的電阻為R．使線框以恒定角速度ω繞過ad、bc中點(diǎn)的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A．線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值是BSωB．線框abcd中感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值是BSωC．線框平面與磁場方向平行時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大D．線框平面與磁場方向垂直時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大【分析】線圈在磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，明確中性面的特點(diǎn)，知道在中性面位置磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢最小，在與中性面垂直位置，磁通量最小，感應(yīng)電動(dòng)勢最大即可【解答】解：AB、線框abcd繞垂直于磁場的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值是Em=BSω，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、線框平面與磁場方向平行時(shí)，此時(shí)線圈處于與中性面垂直位置，故此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，流經(jīng)線框的電流最大，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值和位置，明確中性面的特點(diǎn)即可判斷8．（5.00分）如圖（a），一長木板靜止于光滑水平桌面上，t=0時(shí)，小物塊以速度v0滑到長木板上，圖（b）為物塊與木板運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象，圖中t1、v0、v1已知。重力加速度大小為g。由此可求得（）A．木板的長度B．物塊與木板的質(zhì)量之比C．物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．從t=0開始到t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能【分析】物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)圖示圖象分析清楚運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律、動(dòng)量定理、動(dòng)能定理分析答題?！窘獯稹拷猓篈、系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以求出物塊相對(duì)°與木板滑行的距離，木板的長度可能等于該長度、也可能大于該長度，根據(jù)題意無法求出木板的長度，故A錯(cuò)誤；B、物塊與木板作出的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：mv0=（m+M）v1，解得：=，v0與v1已知，可以求出物塊與木板的質(zhì)量之比，故B正確；C、對(duì)木板，由動(dòng)量定理得：μmgt1=Mv1，解得：μ=，由于t1、v0、v1已知，可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)，故C正確；D、由于不知道木板的質(zhì)量，無法求出從t=0開始到t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤；故選：BC。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)圖示圖象分析清楚物塊與木板的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理即可解題。9．（5.00分）如圖，a、b、c、d為一邊長為L的正方形的頂點(diǎn)。電荷量均為q（q＞0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在a、c兩點(diǎn)，靜電力常量為k。不計(jì)重力。下列說法正確的是（）A．b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為B．過b、d點(diǎn)的直線位于同一等勢面上C．在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，ac中點(diǎn)的電勢最低D．在b點(diǎn)從靜止釋放的電子，到達(dá)d點(diǎn)時(shí)速度為零【分析】先求解兩個(gè)電荷單獨(dú)存在時(shí)在b點(diǎn)的場強(qiáng)，然后根據(jù)平行四邊形定則合成得到b點(diǎn)的場強(qiáng)；根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場的特點(diǎn)判斷b、d連線上各點(diǎn)電勢的關(guān)系。根據(jù)電勢關(guān)系分析運(yùn)動(dòng)?！窘獯稹拷猓旱攘客N點(diǎn)電荷的電場線與等勢面分布如圖：A、ac兩電荷在b點(diǎn)的電場強(qiáng)度是矢量合，，則b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為：，故A正確；B、C、由等量同種點(diǎn)電荷的電場分布的特點(diǎn)可知，過b、d的直線不是等勢面，在ac中點(diǎn)的電勢最高。故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；D、結(jié)合等量同種點(diǎn)電荷的電場分布的特點(diǎn)可知，b點(diǎn)與d點(diǎn)的電勢是相等的，所以電子在b、d兩點(diǎn)的電勢能相等，所以從b點(diǎn)釋放的電子，將沿bd的方向運(yùn)動(dòng)，到達(dá)d點(diǎn)的速度恰好等于0．故D正確；故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查電場的疊加，注意電場強(qiáng)度時(shí)矢量，合成遵循平行四邊形定則；電勢是標(biāo)量，合成遵循代數(shù)法則。10．（5.00分）如圖，三個(gè)電阻R1、R2、R3的阻值均為R，電源的內(nèi)阻r＜R，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)。閉合開關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，下列說法正確的是（）A．R2消耗的功率變小 B．R3消耗的功率變大C．電源輸出的功率變大 D．電源內(nèi)阻消耗的功率變大【分析】滑動(dòng)變阻器分為左右兩部分分別與R2和R3串聯(lián)，R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，總電阻最大，然后根據(jù)歐姆定律分析電流變化，根據(jù)P=UI分析功率變化。電源輸出的功率P在r=R外時(shí)最大，電源的內(nèi)阻r＜R外，R外減小時(shí)，電源輸出功率增大?！窘獯稹拷猓篈BD、c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，總電阻最大，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，總電阻減小，總電流增大，R1和電源內(nèi)阻分的電壓增大，電源內(nèi)阻消耗的功率變大，并聯(lián)電路電壓減小，R3所在之路電阻增大，電壓減小，故電流減小，R3消耗的功率減小，而R2的電流增大，故R2功率增大，故AB錯(cuò)誤，D正確；C、電源輸出的功率P在r=R外時(shí)最大，電源的內(nèi)阻r＜R外，R外減小時(shí)，電源輸出功率增大，故C正確；故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了串、聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的靈活運(yùn)用，難點(diǎn)是滑動(dòng)變阻器滑片P從中間→左端總電阻變化情況的判斷。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6.00分）學(xué)生課外實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量重力加速度大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，他們先測量分液漏斗下端到水桶底部的距離s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落，調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時(shí)，下一滴水剛好從漏斗的下端滴落；用秒表測量第1個(gè)水滴從漏斗的下端滴落至第n個(gè)水滴落到桶底所用的時(shí)間t。（1）重力加速度大小可表示為g=（用s、n、t表示）；（2）如果某次實(shí)驗(yàn)中，s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測得的重力加速度大小g=9.6m/s2；（保留2位有效數(shù)字）（3）寫出一條能提高測量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：“適當(dāng)增大n”或“多次測量取平均值”。?！痉治觥浚?）依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間關(guān)系h=，即可求解重力加速度；（2）將已知數(shù)據(jù)，代入上式，即可求解；（3）根據(jù)所測物理量，即可確定提高測量結(jié)果的準(zhǔn)確度。【解答】解：（1）根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間關(guān)系h=，則有：g=，而T=，解得：g=；（2）將s=0.90m，n=30，t=13.0s，代入數(shù)據(jù)，解得：g=9.6m/s2；（3）根據(jù)公式g=，要能提高測量結(jié)果準(zhǔn)確程度，可適當(dāng)增大n，或多次測量s取平均值；故答案為：（1）；（2）9.6；（3）“適當(dāng)增大n”或“多次測量取平均值”?！军c(diǎn)評(píng)】考查自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，掌握減小測量誤差的方法，注意保留兩位有效數(shù)字。12．（12.00分）某同學(xué)利用圖（a）中的電路測量電流表?的內(nèi)阻RA（約為5Ω）和直流電源的電動(dòng)勢E（約為10V）。圖中R1和R2為電阻箱，S1和S2為開關(guān)。已知電流表的量程為100mA，直流電源的內(nèi)阻為r。（1）斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的阻值，使?滿偏；保持R1的阻值不變，閉合S2，調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R2的阻值為4.8Ω時(shí)?的示數(shù)為48.0mA．忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，經(jīng)計(jì)算得RA=5.2Q；（保留2位有效數(shù)字）（2）保持S1閉合，斷開S2，多次改變R1的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若某次R1的示數(shù)如圖（b）所示，則此次R1的阻值為148.2Ω；（3）利用記錄的R1的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)I，作出I﹣1﹣R1圖線，如圖（c）所示。用電池的電動(dòng)勢E、內(nèi)阻r和電流表內(nèi)阻RA表示I﹣1隨R1變化的關(guān)系式為I﹣1=R1+。利用圖（c）可求得E=9.3V．（保留2位有效數(shù)字）【分析】（1）根據(jù)題意應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電流表內(nèi)阻。（2）電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)。（3）根據(jù)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢。【解答】解：（1）由題意可知，干電路電流不變?yōu)椋篒g=100mA，流過電阻箱的電流：I2=Ig﹣IA=100mA﹣48mA=52mA，電流表內(nèi)阻：RA====5.2Ω；（2）由圖（b）所示可知，電阻箱阻值為：1×100Ω+4×10Ω+8×1Ω+2×0.1Ω=148.2Ω；（3）斷開S2、閉合S1，由圖示電路圖可知，電源電動(dòng)勢：E=I（r+R1+RA），則：=R1+，﹣R1圖象的斜率：k==，解得：E≈9.3V；故答案為：（1）5.2；（2）148.2；（3）R1+；9.3?！军c(diǎn)評(píng)】電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；根據(jù)題意分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是解題的關(guān)鍵。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10.00分）如圖，圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．P是圓外一點(diǎn)，OP=3r。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子從P點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于OP射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過圓心O，不計(jì)重力。求（1）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間?！痉治觥浚?）畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出軌跡半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由求出時(shí)間；【解答】解：（1）根據(jù)題意，畫出粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示設(shè)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由幾何關(guān)系有：解得：（2）由得粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間=答：（1）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間為【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，知道洛倫茲力提供粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，關(guān)鍵是畫軌跡，確定圓心和半徑，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解。14．（16.00分）如圖，光滑軌道PQO的水平段QO=，軌道在O點(diǎn)與水平地面平滑連接。一質(zhì)量為m的小物塊A從高h(yuǎn)處由靜止開始沿軌道下滑，在O點(diǎn)與質(zhì)量為4m的靜止小物塊B發(fā)生碰撞。A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，重力加速度大小為g。假設(shè)A、B間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。求（1）第一次碰撞后瞬間A和B速度的大??；（2）A、B均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離?！痉治觥浚?）A下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求出A到達(dá)水平面時(shí)的速度，兩物塊碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后兩物塊的速度大小。（2）對(duì)兩物塊應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出A、B在磁場水平面上的位移，然后求出兩者靜止時(shí)兩者間的距離?！窘獯稹拷猓海?）A下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mv02，A、B發(fā)生完全彈性碰撞，碰撞過程動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=mvA+4mvB，由機(jī)械能守恒定律得：mv02=mvA2+?4mvB2，解得：vA=﹣，vB=；（2）物塊B在粗糙水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，最終速度為零，由動(dòng)能定理得：對(duì)B：﹣μ?4mgx=0﹣?4mvB2，x=，設(shè)當(dāng)物塊A的位移為x時(shí)速度為v，對(duì)A，由動(dòng)能定理得：﹣μmgx=mv2﹣mvA2，解得：v=，A、B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv=mvA′+4mvB′，由機(jī)械能守恒定律得：mv2=mvA′2+?4mvB′2，解得：vA′=﹣，vB′=，碰撞后A向左做減速運(yùn)動(dòng)，B向右做減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得：對(duì)A：﹣μmgxA=0﹣mvA′2，對(duì)B：﹣μ?4mgxB=0﹣?4mvB′2，解得：xA=h，xB=h，A、B均停止運(yùn)動(dòng)后它們之間的距離：d=xA+xB=h；答：（1）第一次碰撞后瞬間A和B速度的大小分別為、；（2）A、B均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離為h。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理可以解題。五、選修題：共12分。請(qǐng)考生從第15、16題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[選修3-3]15．（4.00分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài)a等壓變化到狀態(tài)b，再從b等容變化到狀態(tài)c。a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）A．從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中氣體吸熱B．氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能C．氣體在狀態(tài)b的溫度小于在狀態(tài)a的溫度D．從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程中氣體對(duì)外做正功【分析】對(duì)于一定質(zhì)量理想氣體，壓強(qiáng)與溫度和體積有關(guān)，關(guān)于P、V、T三者間的關(guān)系由實(shí)驗(yàn)定律加以分析，并滿足理想氣體狀態(tài)方程，再結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈、氣體從A到B發(fā)生等容變化，壓強(qiáng)減小，溫度降低，內(nèi)能減小，氣體對(duì)外界不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體放熱，故A錯(cuò)誤；B、理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，a、c兩狀態(tài)溫度相等，內(nèi)能相等，所以氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于氣體在狀態(tài)c的內(nèi)能，故B正確；C、氣體從狀態(tài)a到狀態(tài)b發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋﹣呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態(tài)b的溫度大于在狀態(tài)a的溫度，故C錯(cuò)誤；D、氣體從狀態(tài)a到狀態(tài)b，體積變大，氣體對(duì)外界做正功，故D正確；故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查氣體實(shí)驗(yàn)定律和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，注意熱力學(xué)第一定律中的物理量正負(fù)號(hào)的含義，知道理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)。16．（8.00分）一儲(chǔ)存氮?dú)獾娜萜鞅灰唤^熱輕活塞分隔成兩個(gè)氣室A和B，活寨可無摩擦地滑動(dòng)。開始時(shí)用銷釘固定活塞，A中氣體體積為2.5×10﹣4m3，溫度為27℃，壓強(qiáng)為6.0×104Pa；B中氣體體積為4.0×10﹣4m3，溫度為﹣17℃，壓強(qiáng)為2.0×104Pa．現(xiàn)將A中氣體的溫度降至﹣17℃，然后拔掉銷釘，并保持A、B中氣體溫度不變，求穩(wěn)定后A和B中氣體的壓強(qiáng)?！痉治觥緼中氣體與B中氣體相連，氣壓相等，由于活塞平衡，故其壓強(qiáng)均相等。對(duì)兩部分的氣體寫出理想氣體的狀態(tài)方程，然后聯(lián)立即可?！窘獯稹拷猓簩?duì)A中氣體，初態(tài)：PA=6.0×104Pa、VA=2.5×10﹣4m3、TA=273K+27K=300K。末態(tài)：PA'=？VA'=？TA'=273K﹣17K=256K由理想氣體狀態(tài)方程得：…①對(duì)B中氣體，初態(tài)：PB=2×104Pa、VB=4.0×10﹣4m3末態(tài)：PB'=？VB'=？由于溫度相同，根據(jù)玻意耳定律得：PBVB=PB′?VB′…②又VA+VB=VA'+VB'…③PA'=PB'…④①②③④聯(lián)立得：p=3.2x104Pa答：穩(wěn)定后A和B中氣體的壓強(qiáng)為3.2x104Pa?！军c(diǎn)評(píng)】本題雖然有兩部分的氣體，但是變化比較簡單，解答的關(guān)鍵是找出已知狀態(tài)產(chǎn)量，然后根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列方程求解。[選修3-4](12分)17．警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測反射波的頻率。下列說法正確的是（）A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【分析】當(dāng)觀察者與波源間發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察都接收到的頻率發(fā)生了變化，這種現(xiàn)象叫多普勒效應(yīng)。根據(jù)車輛與警車間距離的變化情況分析?！窘獯稹拷猓篈C、車輛勻速駛向停在路邊的警車，兩者間距變小，產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，警車探測到的反射波頻率增高，故A正確，C錯(cuò)誤。BD、車輛勻速駛離停在路邊的警車，兩者間距變大，產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，警車探測到的反射波頻率降低，故B正確，D錯(cuò)誤。故選：AB?！军c(diǎn)評(píng)】多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的，要根據(jù)兩者間距的變化分析觀察者接受到的頻率如何變化。18．如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R．一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=．求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射?！痉治觥抗鈴陌肭驓?nèi)表面邊沿上的A點(diǎn)入射，入射角為90°，折射角為α，α等于全反射臨界角，根據(jù)全反射臨界角公式求出α．畫出光路圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。【解答】解：設(shè)光從半球殼內(nèi)表面邊沿上的A點(diǎn)入射，入射角為90°（全反射臨界角也為α），然后在半球殼外表面內(nèi)側(cè)的B點(diǎn)發(fā)生折射，入射角為β，如圖所示。由全反射臨界角的定義得1=nsinα①由正弦定理得=②OD為對(duì)稱思，設(shè)∠BOD=γ，由幾何關(guān)系可知γ=﹣（α﹣β）③設(shè)B點(diǎn)到OD的距離為r，即為所求的半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑，由幾何關(guān)系有r=Rsinγ④由①②③④及題給數(shù)據(jù)解得r=R答：半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為R?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是理解全反射臨界角的含義，掌握臨界角公式，并能畫出光路圖，結(jié)合幾何知識(shí)幫助解答。（密封線內(nèi)不答題）教學(xué)中心：（密封線內(nèi)不答題）教學(xué)中心：專業(yè)層次：姓名：學(xué)號(hào)：座號(hào)：教學(xué)中心：專業(yè)層次：教學(xué)中心：專業(yè)層次：姓名：學(xué)號(hào)：座號(hào)：《繼電器保護(hù)原理課程》試卷（C卷答卷）學(xué)校：專業(yè)層次：本科學(xué)號(hào)：姓名：座號(hào)：注意事項(xiàng)：1.本試卷共五大題，滿分100分，考試時(shí)間120分鐘，閉卷；2.考前請(qǐng)將密封線內(nèi)各項(xiàng)信息填寫清楚；3.所有答案直接做在試卷上,做在草稿紙上無效；4．考試結(jié)束，試卷、草稿紙一并交回。題號(hào)一二三四五總分得分出卷要求：1、所有試卷必須依據(jù)教學(xué)大綱和考試大綱的要求出題；2、試卷內(nèi)容難度：基礎(chǔ)內(nèi)容約占60%、中等難度內(nèi)容約占30%、較難內(nèi)容約占10%；3、題型一般應(yīng)該多樣化，如：判斷題、選擇題、填空題、概念解釋題、簡答題、論述題、計(jì)算題、設(shè)計(jì)題，操作題、作圖題、分析題、編程題等；4、題量適當(dāng)，考試時(shí)間不低于90分鐘，一般為120分鐘；5、同一份試卷中，相同內(nèi)容不得出現(xiàn)在不同題型中；出卷應(yīng)出A、B、C卷，題型相同且難易程度相當(dāng)，同題型試題內(nèi)容重復(fù)率不得超過20%；6、試卷應(yīng)合理分配各題型分?jǐn)?shù)，且注明各小題分?jǐn)?shù)；7、按照學(xué)院統(tǒng)一試卷格式要求排版，每份試卷表頭、得分表及密封線均應(yīng)與試卷模版所給相同；8、每份卷給出標(biāo)準(zhǔn)（參考）答案，其中論述題、分析題、操作題等應(yīng)指出得分要點(diǎn)；9、試卷與答案一起上交（含電子版），出卷教師在試卷紙版背面簽名確認(rèn)。判斷題(每題1分，共15分)電力系統(tǒng)發(fā)生故障時(shí)保護(hù)裝置如不能及時(shí)正確動(dòng)作就可能破壞電力系統(tǒng)運(yùn)行的穩(wěn)定性。(√)電氣設(shè)備過負(fù)荷或內(nèi)部發(fā)生故障時(shí),其供電線路繼電保護(hù)裝置應(yīng)將過負(fù)荷設(shè)備切除。(×)中性點(diǎn)不接地電網(wǎng)發(fā)生單相接地時(shí),故障線路通過的零序電流為本身非故障相對(duì)地電容電流之和。(×)電流比相母線保護(hù)是否動(dòng)作只與電流的相位有關(guān)，而與電流的幅值無關(guān)。(√）電力系統(tǒng)故障時(shí),繼電保護(hù)裝置可只發(fā)出信號(hào),不切除故障設(shè)備。(√)平行線路的一回線檢修時(shí),橫差方向保護(hù)應(yīng)退出工作。(√)采用00接線方式的阻抗繼電器，不管發(fā)生何種故障，其測量阻抗均與故障類型無關(guān)。（×)能使電流繼電器從釋放狀態(tài)改變至動(dòng)作狀態(tài)的最大電流稱為繼電器的動(dòng)作電流。(×)采用900接線的功率方向繼電器,兩相短路時(shí)無電壓死區(qū)。(√)發(fā)電機(jī)縱差保護(hù)的保護(hù)范圍為發(fā)電機(jī)的定子繞組，不包括起引出線。(×)對(duì)于反應(yīng)零序電壓的發(fā)電機(jī)定子繞組單相接地保護(hù)，故障點(diǎn)越靠近發(fā)電機(jī)定子繞組中性點(diǎn)接地時(shí)，保護(hù)的靈敏度越高。(×)相差高頻保護(hù)能作相鄰元件的后備保護(hù)。(×)距離保護(hù)接線復(fù)雜，可靠性比電流保護(hù)高，這是它的主要優(yōu)點(diǎn)。(×)在微機(jī)保護(hù)中采樣和采樣保持是分別由不同模塊電路來實(shí)現(xiàn)的。(×)長線路的測量阻抗受故障點(diǎn)過渡電阻的影響比短線路大。(×)單項(xiàng)選擇題(每題1分,共10分)我國繼電保護(hù)裝置型式發(fā)展先后經(jīng)歷了五個(gè)階段,其順序依次是（C）。機(jī)電型、晶體管型、整流型、集成電路型、微機(jī)型；機(jī)電型、整流型、集成電路型、晶體管型、微機(jī)型；機(jī)電型、整流型、晶體管型、集成電路型、微機(jī)型。對(duì)900接線的功率方向繼電器，若線路短路阻抗角為則三相短路時(shí)保護(hù)測量阻抗角為（B）（A）(B)(C)對(duì)于過電流保護(hù)，計(jì)算保護(hù)靈敏系數(shù)時(shí)，應(yīng)用（B）電流。(A)三相短路；(B)兩相短路；(C)三相或兩相短路都可以?；ジ衅鞫蝹?cè)應(yīng)有安全可靠的接地,其作用是（B）。(A)便于測量時(shí)形成回路；(B)以防互感器一、二次繞組絕緣破壞時(shí),高電壓對(duì)二次設(shè)備及人身的危害；(C)泄漏雷電流。過電流繼電器的返回電流應(yīng)（B）動(dòng)作電流。(A)大于；（B)小于；(C)等于。被保護(hù)的線路上任一點(diǎn)發(fā)生故障時(shí),故障線路的高頻保護(hù)可瞬時(shí)（A）線路故障。(A)兩側(cè)同時(shí)切除；(B)靠近故障點(diǎn)近端切除；(C)兩側(cè)先后切除。在中性點(diǎn)直接接地電網(wǎng)中發(fā)生接地短路時(shí),（B）零序電壓最高。(A)保護(hù)安裝處；（B)接地故障處；(C)變壓器接地中性點(diǎn)處。變壓器或發(fā)電機(jī)采用低電壓過電流保護(hù)與采用復(fù)合電壓過電流保護(hù)進(jìn)行比較，其中低電壓元件的靈敏系數(shù)，（C）。(A)相同(B)低壓過電流保護(hù)高(C)復(fù)合電壓起動(dòng)過電流保護(hù)高閉鎖式縱聯(lián)保護(hù)跳閘的必要條件是（B）。(A)正方向元件不動(dòng)作，反方向元件動(dòng)作，一直收到閉鎖信號(hào)(B)正方向元件動(dòng)作，反方向元件不動(dòng)作，收到過閉鎖信號(hào)而后信號(hào)又消失(C)正、反方向元件均動(dòng)作，沒有收到過閉鎖信號(hào)。微機(jī)保護(hù)裝置硬件中的電流電壓變換回路除起到（B）的主要作用外，還起到隔離作用。(A)相位變換(B)電氣量變換(C)過濾諧波概念解釋題(共5題，每題5分，共25分)什么是繼電保護(hù)裝置?三段式零序電流保護(hù)由哪些保護(hù)組成?答：繼電保護(hù)裝置，就是指能反應(yīng)電力系統(tǒng)中元件發(fā)生故障或不正常運(yùn)行狀態(tài)，并動(dòng)作于斷路器跳閘或發(fā)出信號(hào)的一種裝置。三段式零序電流保護(hù)由（1）無時(shí)限零序電流速斷保護(hù)（2）限時(shí)零序電流速斷保護(hù)(3)零序過電流保護(hù)組成。何謂功率方向元件的90°接線？采用90°接線的功率方向元件在正方向三相和兩相短路時(shí)正確動(dòng)作的條件是什么？采用90°接線的功率方向元件在相間短路時(shí)會(huì)不會(huì)有死區(qū)？為什么？答：所謂90°接線方式是指在三相對(duì)稱的情況下，當(dāng)cosφ=1時(shí)，加入繼電器的電流和電壓相位相差90°。正確動(dòng)作條件：30°<a<60°。不會(huì)有死區(qū)，因?yàn)槔^電器加入的是非故障相的相間電壓，其值很高。何謂功率方向繼電器的“潛動(dòng)”?答：從理論上講，對(duì)功率方向繼電器來說，當(dāng)兩個(gè)量中只有一個(gè)量加入繼電器時(shí)，極化繼電器KP線圈兩端的電壓為零，繼電器不應(yīng)動(dòng)作。但實(shí)際上，由于比較回路中各元件參數(shù)不會(huì)完全對(duì)稱，KP線圈兩端將有電壓，繼電器可能動(dòng)作，這稱為整流型功率方向繼電器的“潛動(dòng)”。什么是自動(dòng)重合閘?電力系統(tǒng)中為什么要采用自動(dòng)重合閘?

答：自動(dòng)重合閘裝置是將因故障跳開后的斷路器按需要自動(dòng)投入的一種自動(dòng)裝置。電力系統(tǒng)運(yùn)行經(jīng)驗(yàn)表明，架空線路絕大多數(shù)的故障都是瞬時(shí)性的，永久性故障—般不到10％。因此，在由繼電保護(hù)動(dòng)作切除短路故障之后，電弧將自動(dòng)熄滅，絕大多數(shù)情況下短路處的絕緣可以自動(dòng)恢復(fù)。因此，自動(dòng)將斷路器重合，不僅提高了供電的安全性和可靠性，減少了停電損失，而且還提高了電力系統(tǒng)的暫態(tài)穩(wěn)定水平，增大了高壓線路的送電容量，也可糾正由于斷路器或繼電保護(hù)裝置造成的誤跳閘。所以，架空線路要采用自動(dòng)重合閘裝置。什么是距離保護(hù)？什么是阻抗繼電器？答：距離保護(hù)是反映故障點(diǎn)至保護(hù)安裝地點(diǎn)之間的距離(或阻抗),并根據(jù)距離的遠(yuǎn)近而確定動(dòng)作時(shí)間的一種保護(hù)裝置。阻抗繼電器是距離保護(hù)裝置的核心元件，其主要作用是測量短路點(diǎn)到保護(hù)安裝地點(diǎn)之間的阻抗，并與整定值進(jìn)行比較，以確定保護(hù)是否應(yīng)該動(dòng)作。簡答題(共7題，每題5分，共35分)繼電保護(hù)在電力系統(tǒng)中的基本任務(wù)是什么?答：(1）自動(dòng)、迅速、有選擇性地將故障元件從電力系統(tǒng)中切除，使故障元件免于繼續(xù)遭到破壞，保證其他無故障部分迅速恢復(fù)正常運(yùn)行；(2)反應(yīng)電氣元件的不正常運(yùn)行狀態(tài)，并根據(jù)運(yùn)行維護(hù)條件，而動(dòng)作于發(fā)出信號(hào)、減負(fù)荷或跳閘。電力系統(tǒng)對(duì)繼電保護(hù)的基本要求是什么?答：1、選擇性：繼電保護(hù)動(dòng)作的選擇性是指保護(hù)裝置動(dòng)作時(shí)，僅將故障元件從電力系統(tǒng)中切除，使停電范圍盡量縮小，以保證系統(tǒng)中的無故障部分仍能繼續(xù)安全運(yùn)行。2、速動(dòng)性：在發(fā)生故障時(shí)，力求保護(hù)裝置能迅速動(dòng)作切除故障，以提高電力系統(tǒng)并聯(lián)運(yùn)行的穩(wěn)定性，減少用戶在電壓降低的情況下工作的時(shí)間，以及縮小故障元件的損壞程度。3、靈敏性：繼電保護(hù)的靈敏性，是指對(duì)于其保