2021年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析(全國3卷)

2021年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析（全國3卷）

2021年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（全國3卷）

物理

注意事項(xiàng)：

1、答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。

如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。

寫在本試卷上無效。

3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~5

題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不

全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.（6分）楞次定律是下列哪個(gè)定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的具體體現(xiàn)？（）

A.電阻定律B.庫侖定律

C.歐姆定律〃61部量宜恒定律

/_\

2.（6分）金星、地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn):均可視為芍速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的向心加速度大小

（/\\

分別為a,、allCa它們沿軌道運(yùn)行的遞率分別為v-'v”點(diǎn)v廣已知它們的軌道半

I

徑R<R<R,由此可以判定（）____

金地火

2八30.[5八2皿\\

3.（6分）用卡車運(yùn)輸質(zhì)著力m的勻質(zhì)圓言歌工件，為使工件保持固定，將其置手兩*滑斜

面之吵-如圖財(cái)。兩斜面I、II固定金車匕一傾翩典為30°和60。.好加速‘度為

g/當(dāng)卡車沿平息公曲速行駛時(shí)，圓食對(duì)婀[「ii取J的大小分別量1、F2，,廁’（）

1313

/_3

4.（6分）從地面豎直向上拋出一物體，物'體在丟動(dòng)過程中除受到重力外，還受到一大小不

/

變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反的處力作啰/距地面高度h在3m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下

'-第1頁（共18頁）

2021年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析（全國3卷）

落過程中動(dòng)能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10m/s2.該物體的質(zhì)量為（）

A.2kgB.1.5kgC.1kgD.0.5kg

5.（6分）如圖，在坐標(biāo)系的第一和第二象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別磷和B、方向

均垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子垂直于x軸射

入第二象限，隨后垂直于y軸進(jìn)入第一象限，最后經(jīng)過x軸離開第一象限。粒子在磁場

中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）

5兀ID11兀m13丸ITI

,、/、QqBk、

6.（6分）如圖，方向'直前卡的勻盛磁場電率兩根位于同工存面內(nèi)的足成長、的麗亍金屬

導(dǎo)軌，兩相同的光滑導(dǎo)涌棒ab、cd靜止右導(dǎo)軌上。t=0時(shí)，棒ab以初速度V。'向右裾動(dòng)。

運(yùn)動(dòng)過程中尸出。cd始終與導(dǎo)軌垂直感輻度存7兩者濰度分別用Vi、V2衣宗，百路中

/'''/、'__一/J

的相流男」表與。卞、到圖象中可能祗角呼t-"5、\L,//

第2頁供18頁）

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C.D.

7.（6分）如圖（a）,物塊和木板疊放在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上，物塊用一不可伸長的細(xì)繩與固定在實(shí)驗(yàn)

臺(tái)上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。t=0時(shí)，木板開始受到水平外力F的作用，在t=4s

時(shí)撤去外力。細(xì)繩對(duì)物塊的拉力f隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板的速度v與

時(shí)間t的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實(shí)驗(yàn)臺(tái)之間的摩擦可以忽略。重力加速度取10m/s2.由

題給數(shù)據(jù)可以得出（）

力

使

S

U

A.木板的質(zhì)量為1kg

B.2s~4s內(nèi)，力F的大小為0.4N

C.O'2s內(nèi)，力F的大小保持不變

D.物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2

8.（6分）如圖，電荷量分別為q和-q（q>0）的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，a、

b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)。則（）

A.a點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等

B.a點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等

C.a點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同

D.將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加

二、非選擇題：共62分，第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13~16題

為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。

第3頁（共18頁）

2021年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析（全國3卷）

9.（5分）甲乙兩位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用數(shù)碼相機(jī)的連拍功能測重力加速度的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，甲

同學(xué)負(fù)責(zé)釋放金屬小球，乙同學(xué)負(fù)責(zé)在小球自由下落的時(shí)候拍照。已知相機(jī)每間隔0.1s

拍1幅照片。

（1）若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材是______=（填

正確答案標(biāo)號(hào)）

A.米尺B.秒表C.光電門D.天平

（2）簡述你選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法。答：o

⑶實(shí)驗(yàn)中兩同學(xué)由連續(xù)3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab=24.5cm、ac=58.7cm,

則該地的重力加速度大小為g=m/s2.（保留2位有效數(shù)字）

10.（10分）某同學(xué)欲將內(nèi)阻為98.5。、量程為100A的電流表改裝成歐姆表并進(jìn)行刻度和

校準(zhǔn)，要求改裝后歐姆表的15kfl刻度正好對(duì)應(yīng)電流表表盤的50A刻度?？蛇x用的器材

還有：定值電阻Ro（阻值14kfi）,滑動(dòng)變阻器斗（最大阻值15000）,滑動(dòng)變阻器R2（最

大阻值500。），電阻箱（0~99999.9。）,干電池（E=1.5V,r=1.5C）,紅、黑表筆和導(dǎo)

線若干。

（1）歐姆表設(shè)計(jì)

-第4負(fù)供18頁）

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將圖（a）中的實(shí)物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動(dòng)變阻器R接入電路的電阻應(yīng)

為Q；滑動(dòng)變阻器選（填“凡”或“R2”

（2）刻度歐姆表表盤

通過計(jì)算，對(duì)整個(gè)表盤進(jìn)行電阻刻度，如圖（b）所示。表盤上a、b處的電流刻度分別

為25和75,則a、b處的電阻刻度分別為、。

（3）校準(zhǔn)

紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使歐姆表指針指向kQ處；將紅、黑表筆與

電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對(duì)應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)

據(jù)測量.若校準(zhǔn)某刻度時(shí)，電阻箱旋鈕位置如圖（c）所示，則電阻箱接入的阻值為

11.（12分）空間存在一方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，。、P是電場中的兩點(diǎn)。從。點(diǎn)沿水平

方向以不同速度先后發(fā)射兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B.A不帶電，B的電荷量為q（q

>0）。A從。點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度大小為V。，到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為t；B從O點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)所

用時(shí)間為?重力加速度為g,求

（1）電場強(qiáng)度的大小;

（2）B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能。

12.（20分）靜止在水平地面上用兩小物塊A、B,質(zhì)量分別為嚴(yán)人歹.Okg，_mB=4.0kg；兩

者之間有一被壓縮的微瓣簧，A鳴其g側(cè)的豎直墻壁距同‘1=1.0m*詼我所茶,、某時(shí)刻，

將壓縮的微型彈簧釋'放，辰A、B講何分南，兩物塊獲得焉能之和為Ek二1g.0J\釋放

后，A沿著與墻壁垂直的層向向右運(yùn)動(dòng)與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為）0.2d重

j'/!

力加厚度取PUl0m/s2.A、B運(yùn)動(dòng)過快中阱涉及的碰撞苦I為彈性碰撞且碰頓府間學(xué)短。

（日求落簧釋卷后藤㈣A、B速度的*小yli\—,/

⑵物鈦A、B市的哪3個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與'B5間的距離嵬多少？

（3）A和B都停止后Aj與B之間的距離是多少？

--------------------------1—L一一、

777777777^7^77.7777777777777^

（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物錘題,任選一題作答。如果多做，則按所做的第

一題計(jì)分。m―選修3-3]（15分）//',

13.（5分）用油膜法估算分子大小的實(shí)驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸酒精

第5頁供18頁）

2021年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析（全國3卷）

溶液，稀釋的目的是。實(shí)驗(yàn)中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸

的體積，可以。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是,

14.（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的細(xì)管開口向上豎直放置，管內(nèi)有一段高度為2.0cm的水銀

柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為2.0cmo若將細(xì)管

倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同。

已知大氣壓強(qiáng)為76cmHg,環(huán)境溫度為296K。

⑴求細(xì)管的長度；

（ii）若在倒置前，緩慢加熱管內(nèi)被密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為

止，求此時(shí)密封氣體的溫度。

囹理~嫡3-4]（15分）

15.水槽中，與水面接觸的兩根相同細(xì)桿固定在同一個(gè)振動(dòng)片上。振動(dòng)片做簡諧振動(dòng)時(shí)，兩

根細(xì)桿周期性觸動(dòng)水面形成兩個(gè)波源。兩波源發(fā)出的波在水面上相遇，在重疊區(qū)域發(fā)生

干涉并形成了干涉圖樣。關(guān)于兩列波重疊區(qū)域內(nèi)水面上振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是

（）

A.不同質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同

B.不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的頻率都相同

C.不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位都相同

D.不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期都與振動(dòng)片的周期相同

E.同一質(zhì)點(diǎn)處，兩列波的相位差不隨時(shí)間變化

16.如圖，直角三角形ABC為一棱鏡的橫截面，ZA=90°,ZB=30°.一束光線平行于

底邊BC射到AB邊上并進(jìn)入棱鏡，然后垂直于AC邊射出。

⑴求棱鏡的折射率；

（ii）保持AB邊上的入射點(diǎn)不變，逐漸減小入射角，直到BC邊上恰好有光線射出。求

此時(shí)AB邊上入射角的正弦。

第6頁供18頁）

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第7頁（共18頁）

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2019年全國統(tǒng)一高考物理試卷（全國3卷）答案解析

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第「5

題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不

全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.【分析】當(dāng)線圈與磁體間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙線圈與

磁體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，有外力對(duì)系統(tǒng)做了功，導(dǎo)致其他形式的能轉(zhuǎn)化為線圈的電能；當(dāng)導(dǎo)

體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體克服安培力做，把其他形式

的能轉(zhuǎn)化為電能，據(jù)此即可分析。

【解答】解：當(dāng)線圈與磁體間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙

線圈與磁體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，有外力對(duì)系統(tǒng)做了功，導(dǎo)致其他形式的能轉(zhuǎn)化為線圈的電能；

當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體克服安培力做，把其他

形式的能轉(zhuǎn)化為電能，所以楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的體現(xiàn)，故D正

確，ABC錯(cuò)誤。

艇Do

【點(diǎn)評(píng)】考查電磁感應(yīng)原理，掌握楞次定律的內(nèi)涵，注意從做功與能量轉(zhuǎn)化角度來認(rèn)識(shí)

楞次定律的內(nèi)容。

2.【分析】行星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由太陽的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列

式分析距離關(guān)系、線速度關(guān)系及加速度關(guān)系。

【解答】解：行星繞太陽運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬有引力提供向心力，設(shè)太陽的質(zhì)量為M,行星的質(zhì)

量為m,行星的軌道半徑為r,根據(jù)牛頓第二定律有：

可得向心加速度為，線速度為，由題意有R<R<R；所以有a>a

金地火金

>a,v>v>v,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

地火金地火

故選：A。

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于天體的運(yùn)動(dòng)，一般的分析思路要掌握：萬有引力提供向心力；明確萬有引

力的表達(dá)式，會(huì)由向心力等于萬有引力分析周期、線速度與半徑的大小關(guān)系。

3.【分析】將重力進(jìn)行分解，根據(jù)幾何關(guān)系求解圓筒對(duì)斜面I、II壓力的大小。

第8頁（共18頁）

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【解答】解：將重力進(jìn)行分解如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得片=mgcos30°

F2=mgsin30°^^ng,故D正確，ABC錯(cuò)誤。

古嬤：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究

對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分

解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

4.【分析】根據(jù)動(dòng)能定理得到圖象的斜率表示的物理量，再根據(jù)牛頓第二定律列方程求解質(zhì)

量。

【解答】解:根據(jù)動(dòng)能定理可得：mah=AEk,解得斜率的大小為ma

△h

ma重星…

上升過程中：

△Ek248-24

下落過程中:32KN=8N

設(shè)與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力為F,根據(jù)牛頓第二定律可得:

上升過程中：mg+F=mai,

下落過程中：mg-F=ma2，

聯(lián)立解得：m=1kg。

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

Co

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象問題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)的

關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷。

5.【分析】畫出粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡，求出軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，再根據(jù)周期公式求解時(shí)

間。

【解答】解：粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，

第9頁供18頁）

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則粒子在第二象限的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為力苜*爺=差

嗎J■知半徑為原來的2

第一象限的磁感應(yīng)強(qiáng)度為第二象限磁感應(yīng)強(qiáng)度的一半，根據(jù)R=

qb|

倍，即R2=2Rr

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系

求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求

時(shí)間。

6.【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律分析最終的速度大小，根據(jù)受力情況確定速度變化情況：根據(jù)

導(dǎo)體棒切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小和閉合電路的歐姆定律分析電流強(qiáng)度的變

化。

【解答】解：AB、金屬棒滑動(dòng)過程中，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：

mv0=2mv,則v所以ab的速度逐漸減小，cd的速度逐漸增大，相對(duì)速度越來越

小，最后為零，則安培力逐漸減小、加速度逐漸減小到零，故A正確、B錯(cuò)誤；

CD、設(shè)兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R,由于|="火1二吆，二者的速度之差越來越小，

R

最后速度之差為0,則感應(yīng)電流越來越小，最后為零，故C正確、D錯(cuò)誤。

故選：ACo

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方

向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系，然

后推導(dǎo)出縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式，由此進(jìn)行解答，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和

思路。

第10頁（共18頁）

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7.【分析】根據(jù)圖象求出在4s后木板的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求解木板的質(zhì)量；

2s~4s內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律求解F；根據(jù)平衡條件分析拉力的變化；物塊的質(zhì)量無法求

出，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)無法求解。

【解答】解：A、根據(jù)圖象可知木塊與木板之間的滑動(dòng)摩擦力為f=0.2N,在4s后撤去外

力，此時(shí)木板在水平方向上只受到滑動(dòng)摩擦力的作用，此時(shí)木板的加速度大小為a2=

￡2=o.2m/s2,根據(jù)牛頓第二定律可得f=ma2,解得木板的質(zhì)量m=1kg,故A正

確；

B、2s、4s內(nèi)，木板的加速度ai=，m1/s2=0.2m/s2,根據(jù)牛頓第二定律可得F-f=mar

解得力F=0.4N,故B正確；

C、0“2s內(nèi)，整體受力平衡，拉力F的大小始終等于繩子的拉力，繩子的拉力增大，則

力F增大，故C錯(cuò)誤；

D、由于物塊的質(zhì)量無法求出，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)無法求解，故D錯(cuò)誤。

故選：AB。

-一■~、

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問贏關(guān)鍵是笄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，

利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公理求解加速度，6根據(jù)版目要求進(jìn)行解答；知道加

速度是聯(lián)系靜力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。'j

8.【分析】真空中兩等量尾導(dǎo)電荷疊加形成電場，根據(jù)等量月輛地荷電場線以及等勢面的性

/'./

質(zhì)即可確定ab兩點(diǎn),的電熨和場強(qiáng)苦索、再根據(jù)電場線輸歲場另做笳熙，頌確定電

勢能的變化。（｛\\\\

【解答】解：A、等量靠號(hào)電荷形成的國場翠和梨面如圖所示；結(jié)合題圖中秩應(yīng)的幾何

關(guān)?？稍穉靠近冬電荷，而b靠近受浦荷，貝坦機(jī)之求電勢一定出士力金電勢J故A

錯(cuò)誤；________圖1圖2圖3

B、ab兩點(diǎn)是兩電荷單獨(dú)在兩點(diǎn)形成的電場單度的疊加，由圖3可知，兩點(diǎn)處的兩分場

強(qiáng)恰好相同，故合場強(qiáng)一定相同，一故正颯'；

D、根據(jù)A中分析可知將負(fù)電嬴電點(diǎn)液3b點(diǎn)時(shí)，是從低點(diǎn)勢移向高電勢，因電荷帶

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負(fù)電，故電勢能減小，故D錯(cuò)誤。

黜：BC。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查等量異電電荷電場的分布情況，解題的關(guān)鍵在于明確立體幾何關(guān)系的

確定和應(yīng)用，能想象出其對(duì)應(yīng)的幾何圖象是解題的關(guān)鍵。

二、非選擇題：共62分，第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13~16題

為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。

9.【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測量的物理量，從而確定所需的測量器材；根據(jù)勻變速

直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出該地的重力加速度大小。

【解答】解：（1）若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材

是米尺，所給器材測量距離，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

Sfc?：A。

（2）選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法：將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺。

（3）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得△h=gT2,

該地的重力加速度大小為g=俾587-0.24.-0.典9.7m/s2.

（0.1）2_K

故答案為：（1）A；/，"'、、、'

//\X

■'

（2）將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺；\\

\?

]I

（3）9.7。}----、

/"'、、、

【點(diǎn)評(píng)】該題考查工藥變速警運(yùn)前世律以及推論的座曲在不時(shí)練雙隆加陛基本物

理規(guī)律的理解與應(yīng)用（f\\

10.【分析】⑴明確歐城表的原理，從前確茂內(nèi)部結(jié)構(gòu)；再根據(jù)閉合電路歐姆定律“可求

出滑級(jí)變阻器接入阻值；/?///

/書溝/-、、

②‘明叫歐姆南的電阻，根據(jù)愈合鬻嵌麗信律致中低電阻的L最一即，可碘能對(duì):應(yīng)的

力度/\\\\

⑶L據(jù)歐姆表使用闔需屬進(jìn)行歐姆調(diào)零進(jìn)行分析，同時(shí)而確庖阻箱的讀數(shù)方法。

/）——、、、/

【解答】解：（[）,兩電源、里流表、'黑值電阻以改道動(dòng)變阻器用接即可組成歐姆表，故

實(shí)物圖如圖所示;\//、\\\一―J

根據(jù)閉合電路歐姆定律有：

50A=--------------；

R^+R+RQ+RJ+rJ

-----------------/

解得：％=900。；故滑動(dòng)變阻盛楂擇R1,；/

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⑵由(1)中解答可知，歐姆表的內(nèi)阻即中值電阻R中=98.5+1.5+14000+900=15000。：

根據(jù)閉合電路I歡粵定律有：

25A=E'

R中+Ra

解得：Ra=45kH；

同理可知：

75A=--—

R由+Rb

解得：Rb=5kfi

(3)歐姆表在使用時(shí)應(yīng)先將兩表筆短接，使歐姆表指針指向滿偏刻度，即0。處；

電阻箱的讀數(shù)為：3X10k+5X1k+0X100+0X10+0X1+0X0.1=35000.0。。

故答案為:(1)900；%

(2)45；5

(3)0；35000.0

11.【分析】⑴強(qiáng)據(jù)牛頓第二定律分析加'速度，'結(jié)A征移時(shí)間關(guān)系即可求出曳場強(qiáng)度；

//「一-y’.於/

⑵結(jié)合動(dòng)能定理，位移時(shí)間關(guān)系、,速度時(shí)而關(guān)系要進(jìn)回分好即奇正確解答r

E解答】解：⑴設(shè)電場強(qiáng)度的大小為E,小球B運(yùn)動(dòng)的加速度為a。根據(jù)牛頓定律、運(yùn)

y\',；大；＜

動(dòng)學(xué)公式和題給條件”有,：

mgwE=ma\「一/’7,

L.、21~

解得.3mg|{

ID=qI//$

(2)設(shè)B從。點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度為一Vf尸氯達(dá)P,點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為Ek，0、P兩點(diǎn)的高度差為h,

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(2)B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為Ek=2m(x^+g2t2)。

【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是正確的受力分析，通過受力分析判斷物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，理清物體

的運(yùn)動(dòng)過程，正確的選擇對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律列式進(jìn)行分析。

12.【分析】(1)A與B分離的過程中二者的/動(dòng)量中由動(dòng)?、、量守恒定律結(jié)合功能關(guān)系即可

求出分離后的速度;

//、\

(2)由動(dòng)量定理即可分別求出停止的時(shí)向，j由動(dòng)量定理天出當(dāng)中的一個(gè)停止運(yùn)動(dòng)時(shí)另一

個(gè)的速度，由動(dòng)能定理求出位移，由幾何關(guān)系求出距離；Ij

__:P--、

(3)由動(dòng)能定理求出位移「由元向關(guān)系求出距離。/‘、

/一\</'

【解答】解：⑴甲單簧將敬瞬前、A和B、的速度大小分別券歷A、VB，以忡為共方向，

由動(dòng)量守恒定律和題給，件有：\\\\、

0=mAvA-mBvBft

/

IT12J2

Ek而

熹立9②式并公潭金擘據(jù)得

VA=Z.Om/s,vB=1.0|m/s

/'i，.---//

(2)A、B兩物塊與期面間的動(dòng)摩擦因麴相等，二號(hào)空到的過程于,若A一直向右運(yùn)動(dòng),

/,-----------------X

一直到停止，則小飛蚪基定理施\-'W人31=0-mAvx-

則：ti=2.0s\

B一直向左運(yùn)動(dòng)，則：-mBgt2=0-m；vBi

可得：t2=0.5s//

\J

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可知B先停止運(yùn)動(dòng)，該過程中B的位移:

mBg

代入數(shù)據(jù)可得：xB=0.25m

（

從二者分開到B停止，A若一直向右運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理可得：-mAgt2=mAvA-mAvA

,^iridgto

B停止時(shí)A的速度：j=VA---------------

mA

代入數(shù)據(jù)可得：VA'=2m/s

對(duì)A由動(dòng)能定理可得：A

則位移：xA=1.75m>l=1.0m

這表明在時(shí)間t2內(nèi)A己與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時(shí)A位于出發(fā)點(diǎn)右邊

的距離為：△x=2l-XA=2.0-1.75=0.25m處。

B位于出發(fā)點(diǎn)左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為：s=XB+AX=0.25m+0.25m=0.50

⑶t2時(shí)刻后A將繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，斐設(shè)^^均需止的目碰捶，碰撞時(shí)速度的大小為VA”,

x="

由動(dòng)能定理有：-JinAg,△"2n）"：卷0^丫，，尊'、、

,、/1\\

聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得：:v//=&m/s'、\

__>----、

故A與B將發(fā)生碰撞。/設(shè)祇撞后'A、B的速度分別為v"僅和‘VBO，由粉量守恒定律與

/\</'、'\

機(jī)械能守恒定律有：；nr）A（""VA"'IfmAVAo+mBVBo\/、、

_______；；\、.\\\

以及.E*2」2J_z\\\\

聯(lián)立手代入題給警得：v旦斗/J_jVlk/s/1

5

這表明碰撞.B繼續(xù)

B向車運(yùn)動(dòng)距離為給'時(shí)停止，由動(dòng)能定理可得

代入數(shù)據(jù)得：XA'*63m,XB'=6：28m\一

XA'小于碰撞處到墻壁的距離。由上式,得兩物塊停止后的距離：s'=XA'+XB'=

fI

0.63+0.28=0.91m//

/

答：（1）彈簧釋放后瞬間A、存速度的大小分別為4.0m/s和1.0m/s；

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⑵物塊B先停止，該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是0.50m；

（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是0.91m。

【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程，明確能量是如何轉(zhuǎn)化的，熟練應(yīng)用動(dòng)量守

恒定律、能量守恒定律即可正確解題。

該題除分離的過程外，其余的步驟也可以使用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式解答。

（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第

一題計(jì)分。[物理一選修3-3]（15分）

13.【分析】根據(jù)濃度按比例算出純油酸的體積；把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的

空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d=可以求出直徑大小。

【解答】解：用油膜法估算分子大小的實(shí)驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸

酒精溶液，稀釋的目的是使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜；

在實(shí)驗(yàn)中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以把油酸酒精溶

液一滴一滴地滴入小量筒中，測出1mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的

體積；

為得到油酸分子的直徑，由d=,還需測量的物理量是單分子層油膜的面積；

故答案為：使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜；把油酸酒精溶液一滴一

滴地滴入小量筒中，測出1mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的體積；單

分子層油膜的面積。

【點(diǎn)評(píng)】本實(shí)驗(yàn)的模型是不考慮油酸分子間的空隙，采用估算的方法求面積，肯定存在

誤差，但本實(shí)驗(yàn)只要求估算分子大小，數(shù)量級(jí)符合要求就行了。計(jì)算時(shí)注意單位的換算。

14.【分析】⑴此過程中氣體的溫度不變，根據(jù)氣體的初末狀態(tài)的壓強(qiáng)和體積的狀態(tài)參量，

由玻意耳定律列式計(jì)算即可。

（ii）對(duì)管內(nèi)氣柱緩慢加熱，氣柱經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律列式求解。

【解答】解：⑴設(shè)細(xì)管的長度為L,橫截面的面積為S,水銀柱高度為h；初始時(shí)，設(shè)

水銀柱上表面到管口的距離為％,被密封氣體的體積為V,壓強(qiáng)為p；細(xì)管倒置時(shí)，氣

體體積為V1,壓強(qiáng)為