2022屆北京市順義區(qū)高考物理一模試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，總阻值為R的正方形線框的左半側(cè)處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與線框平面垂直，線

框的對(duì)稱軸MN恰與磁場(chǎng)邊緣平齊。若第一次將線框從磁場(chǎng)中以恒定速度n向右勻速拉出，第二次以線速度也讓線框

繞軸MN勻速轉(zhuǎn)過90。，下列說法正確的是（）

X

X

X

X

A.第一次操作過程中線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向

B.兩次操作過程中經(jīng)過線框橫截面的電量之比為2：1

C.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱相等，則小也=萬：2

D.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，則小也=2：7T

2、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有粗細(xì)均勻的同種導(dǎo)線制成的等邊三角形線框abc,磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，ac兩點(diǎn)間接一直流電

源，電流方向如圖所示.貝IJ（）

A.導(dǎo)線ab受到的安培力小于導(dǎo)線ac受到的安培力

B.導(dǎo)線abc受到的安培力大于導(dǎo)線ac受到的安培力

C.線框受到安培力的合力為零

D.線框受到安培力的合力方向垂直于ac向上

3、一個(gè)帶負(fù)電的粒子從x=0處由靜止釋放，僅受電場(chǎng)力作用，沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，加速度a隨位置變化的關(guān)系如

圖所示，必一X1=X3—M可以得出（）

A.從XI到X3過程中，電勢(shì)先升高后降低B.在。和片處，電場(chǎng)強(qiáng)度相同

C.粒子經(jīng)為和X3處，速度等大反向D.粒子在X2處，電勢(shì)能最大

4、如圖甲所示，在某電場(chǎng)中建立x坐標(biāo)軸，A、8為x軸上的兩點(diǎn)，打、刈分別為A、5兩點(diǎn)在x軸上的坐標(biāo)值。一

電子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸運(yùn)動(dòng)，該電子的動(dòng)能隊(duì)隨其坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法中正確的是（）

圖甲圖乙

A.4點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于8點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

B.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

C.A點(diǎn)的電勢(shì)高于〃點(diǎn)的電勢(shì)

D.電子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電勢(shì)能的改變量4q=EkH-EkA

5、科學(xué)家通過實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)，放射性元素有多種可能的衰變途徑：先變成2；；Bi可以經(jīng)一次衰變變

成不Ti,也可以經(jīng)一次衰變變成二X（X代表某種元素），；：Ti和二X最后都變成*Pb,衰變路徑如圖所示。則以下

判斷正確的是（）

黑U-2a2空

?lI

；.Ti-WPb

A.?=211,b=82

B.①是p衰變，②是a衰變

C.①②均是a衰變

D.經(jīng)過7次a衰變5次0衰變后變成毛Bi

6、如圖所示，小球4置于固定在水平面上的光滑半圓柱體上，小球3用水平輕彈簧拉著系于豎直板上，兩小球A、B

通過光滑滑輪。用輕質(zhì)細(xì)線相連，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知5球質(zhì)量為“，。點(diǎn)在半圓柱體圓心Oi的正上方，0A

與豎直方向成30。角，長(zhǎng)度與半圓柱體半徑相等，08與豎直方向成45。角，則下列敘述正確的是

A.小球A、B受到的拉力與7OB相等，且TOA=7OB=Y3二二

B.彈簧彈力大小、I二二

C.A球質(zhì)量為二

D.光滑半圓柱體對(duì)A球支持力的大小為機(jī)g

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、下列說法正確的是（）

A.太陽輻射的能量大部分集中在可見光及附近的區(qū)域

B.兩列機(jī)械波在同一介質(zhì)中相遇，波長(zhǎng)相同一定能獲得穩(wěn)定的干涉圖案

C.狹義相對(duì)論的第一個(gè)基本假設(shè)：力學(xué)規(guī)律在任何慣性系中都是相同的

D.分別用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，前者中央亮紋較寬

E.電視機(jī)顯像管里的電子槍發(fā)射電子束的強(qiáng)弱受圖像信號(hào)的控制

8、“HAT-P-1”是迄今為止發(fā)現(xiàn)的河外星系最大的行星，圍繞某恒星A做圓周運(yùn)動(dòng)，“HAT-P-1”距離地球的間距大約

為450光年。另觀測(cè)到該行星的半徑為R,已知在該行星表面的重力加速度為go由以上條件可求解的物理量是（）

A.恒星A的密度B.行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度

C.行星“HAT-P-1”繞恒星A運(yùn)行的周期D.繞“HAT-P-1”運(yùn)行的衛(wèi)星的最小周期

9、下列說法中正確的是（）

A.氣體如果失去了容謂的約束就會(huì)散開，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在勢(shì)能的緣故

B.物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減小，速率大的分子數(shù)目增多

C.一定量的100C的水變成100c的水蒸氣，其分子平均動(dòng)能增加

D.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加

E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性

10、如圖所示，光滑水平面上放置一內(nèi)壁光滑的半圓形凹槽，凹槽質(zhì)量為半徑為R。在凹槽內(nèi)壁左側(cè)上方P點(diǎn)

處有一質(zhì)量為加的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），距離凹槽邊緣的高度為〃?，F(xiàn)將小球無初速度釋放，小球從凹槽左側(cè)沿切線

方向進(jìn)入內(nèi)壁，并從凹槽右側(cè)離開。下列說法正確的是（）

小球離開凹槽后，上升的最大高度為〃

B.小球離開凹槽時(shí)，凹槽的速度為零

C.小球離開凹槽后，不可能再落回凹槽

從開始釋放到小球第一次離開凹槽，凹槽的位移大小為用”

D.

M+m

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學(xué)查閱電動(dòng)車使用說明書知道自家電動(dòng)車的電源是鉛蓄電池，他通過以下操作測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和

內(nèi)電阻.

甲乙丙

（1）先用多用電表粗測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì).把多用電表的選擇開關(guān)撥到直流電壓50V擋，將兩表筆與電池兩極接觸，電表

的指針位置如圖甲所示，讀數(shù)為V.

（2）再用圖乙所示裝置進(jìn)行精確測(cè)量.多用電表的選擇開關(guān)撥向合適的直流電流擋，與黑表筆連接的應(yīng)是電池的

極.閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值/?,得到不同的電流值/,根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出圖象如圖丙所示.已知圖中直

線的斜率為七縱軸截距為心電流檔的內(nèi)阻為小，則此電池的電動(dòng)勢(shì)E=,內(nèi)阻r=（結(jié)果用字母A、

b、以表示）.

（3）多用表直流電流檔的內(nèi)阻對(duì)電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值大?。ㄟx填“有”或“無”）影響.

12.（12分）某同學(xué)利用圖甲電路測(cè)量自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有

閥門K以控制管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞（活塞電阻可忽略），右側(cè)活塞固定，左側(cè)活塞可自由移動(dòng)，

實(shí)驗(yàn)器材還有：

電源（電動(dòng)勢(shì)約為2V,內(nèi)阻不可忽略）

兩個(gè)完全相同的電流表A1、42（量程為3111人，內(nèi)阻不計(jì)）

電阻箱R（最大阻值9999Q）

定值電阻Ro（可供選擇的阻值有100。、Ikft、lOkft）

開關(guān)S,導(dǎo)線若干，刻度尺.

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

A.測(cè)得圓柱形玻璃管內(nèi)徑d=20mm

B.向玻璃管內(nèi)注自來水，并用刻度尺測(cè)量水柱長(zhǎng)度L

C.連接好電路，閉合開關(guān)S,調(diào)整電阻箱阻值，讀出電流表Ai、A2示數(shù)分別記為h、I2,記錄電阻箱的阻值R

D.改變玻璃管內(nèi)水柱長(zhǎng)度，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟B、C,記錄每一次水柱長(zhǎng)度L和電阻箱阻值R

E.斷開S,整理好器材

（1）為了較好的完成該實(shí)驗(yàn)，定值電阻Ro應(yīng)選_______.

⑵玻璃管內(nèi)水柱的電阻Rx的表達(dá)式Rx=（用Ro、R、L、I2表示）

（3）若在上述步驟C中每次調(diào)整電阻箱阻值，使電流表AkA2示數(shù)均相等，利用記錄的多組水柱長(zhǎng)度L和對(duì)應(yīng)的電阻

箱阻值R的數(shù)據(jù)，繪制出如圖乙所示的R-L關(guān)系圖像，則自來水的電阻率p=（保留兩位有效數(shù)字），

在用本實(shí)驗(yàn)方法測(cè)電阻率實(shí)驗(yàn)中，若電流表內(nèi)阻不能忽略，則自來水電阻率測(cè)量值與上述測(cè)量值相比將（選填

“偏大”“不變”或“偏小”）

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑R=0.5m的光滑豎直半圓軌道BCD在B點(diǎn)相切，D點(diǎn)為半圓軌道最

高點(diǎn)，A點(diǎn)的右側(cè)連接一粗糙的水平面，用細(xì)線連接甲、乙兩物體，中間夾一輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧與甲、乙兩物體不

拴接，甲的質(zhì)量mi=4kg,乙的質(zhì)量mi=5kg,甲、乙均靜止.若燒斷細(xì)線，甲離開彈簧后經(jīng)過B點(diǎn)進(jìn)入半圓軌道，過

D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力恰好為零.取g=10m/si.甲、乙兩物體可看做質(zhì)點(diǎn)，求：

（1）甲離開彈簧后經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度的大小VB；

⑴燒斷細(xì)線時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能EP；

（3）若固定甲，將乙物體換為質(zhì)量為m的物體丙，燒斷細(xì)線，丙物體離開彈簧后從A點(diǎn)進(jìn)入動(dòng)摩擦因數(shù)N=0.5的粗糙水

平面，AF是長(zhǎng)度為41的水平軌道，F(xiàn)端與半徑為1的光滑半圓軌道FCH相切，半圓的直徑FH豎直，如圖所示.設(shè)丙

物體離開彈簧時(shí)的動(dòng)能為6mgl,重力加速度大小為g,求丙物體離開圓軌道后落回到水平面BAF上的位置與F點(diǎn)之

間的距離s；

(4)在滿足第(3)問的條件下，若丙物體能滑上圓軌道，且能從GH間離開圓軌道滑落(G點(diǎn)為半圓軌道中點(diǎn))，求丙物

體的質(zhì)量的取值范圍

14.(16分)圖中MN和尸。為豎直方向的兩個(gè)無限長(zhǎng)的平行直金屬導(dǎo)軌，間距為L(zhǎng)電阻不計(jì).導(dǎo)軌所在平面與磁感

應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直.質(zhì)量為,〃、電阻為r的金屬桿刈始終垂直于導(dǎo)軌，并與其保持光滑接觸，導(dǎo)軌一端接有

阻值為K的電阻.由靜止釋放導(dǎo)體棒外，重力加速度為g.

(1)在下滑加速過程中，當(dāng)速度為v時(shí)棒的加速度是多大；

(2)導(dǎo)體棒能夠達(dá)到的最大速度為多大；

(3)設(shè)外下降的高度為心求此過程中通過電阻R的電量是多少？

15.(12分)質(zhì)量為，"=10kg的物體靜止在光滑水平面上，零時(shí)刻開始物體受到水平向東尸=100N的力作用，1s后,

力廠的大小不變，方向改為向北，作用1s。求：

(1)物體第1s末的速度大?。?/p>

(2)物體在2s內(nèi)的位移大小。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.由右手定則可知，第一次操作過程中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

△①

B.由公式q=——可知兩次操作過程中經(jīng)過線框橫截面的電量相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

R

C.設(shè)線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱相等，第一次將線框從磁場(chǎng)中以恒定速度也向右勻速拉

出

E；=BLV]

,L

第二次以線速度也讓線框轉(zhuǎn)過90°

_BScoBLV2

i°iz

2Rv28R

e.=c?2

所以

匕：嶺=乃：4

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.若兩次操作過程中線框產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，第一次將線框從磁場(chǎng)中以恒定速度vi向右勻速拉出

E：=BLV1

第二次以線速度V2讓線框轉(zhuǎn)過90。

-BI)

2

1,1/

后一△①5_28L%

匚、———

~Arv27c

E]=E2

得

匕：3=2:萬

D選項(xiàng)正確。

故選D。

2、A

【解析】

A.導(dǎo)線ab受到的安培力大小為耳導(dǎo)線ac受到的安培力鳥=〃；，，由于ab、be串聯(lián)再與ac并聯(lián)，則

有

，abc<，ac

所以

92

故A正確；

B.導(dǎo)線abc的有效長(zhǎng)度為3故受到的安培力大小為：F=BI^L,導(dǎo)線ac受到的安培力居=8晨入，且

則

F<F2

故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)左手定則，導(dǎo)線abc受安培力垂直于ac向下，導(dǎo)線ac受到的安培力也垂直于ac向下，合力方向垂直于ac

向下，故CD錯(cuò)誤。

故選A.

3、A

【解析】

AB.由圖可知，。?馬加速度方向沿X軸正方向，工2~%3加速度方向沿X軸負(fù)方向，由于粒子帶負(fù)電，則。?馬電

場(chǎng)強(qiáng)度方向沿X軸負(fù)方向，馬?七電場(chǎng)強(qiáng)度沿X軸正方向，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知，從*1到X3過程中，電

勢(shì)先升高后降低，在方和X3處，電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故A正確，B錯(cuò)誤；

c.a-r圖像與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度變化量，由圖像可知，內(nèi)?芻速度變化為0,則粒子經(jīng)為和X3處，速度相同,

故C錯(cuò)誤；

D.0~當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿X軸負(fù)方向，々?專電場(chǎng)強(qiáng)度沿X軸正方向，則在X2處電勢(shì)最高，負(fù)電荷的電勢(shì)能最小，

故D錯(cuò)誤。

故選Ao

4、B

【解析】

AB.根據(jù)動(dòng)能定理得知：電場(chǎng)力做功等于電子動(dòng)能的變化，則有

Ek-Eqx

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，圖線的斜率

k=qE

斜率不變，g保持不變，說明電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)，則

E—EB

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.由圖知，電子從A到B動(dòng)能增大，電場(chǎng)力做正功，則知電場(chǎng)力方向從A-3,電場(chǎng)線方向從3-A,根據(jù)順著電場(chǎng)

線方向電勢(shì)降低，則有

%＜外

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)動(dòng)能定理知

%=/一4=-/

即

△

Ep=EM-Eklj

故D錯(cuò)誤。

故選B。

5、D

【解析】

ABC.2tBi經(jīng)過①變化為［Ti,核電荷數(shù)少2,為々衰變，即*Bif；；Ti+；He,故

a=210-4=206

2tBi經(jīng)過②變化為2：X,質(zhì)量數(shù)沒有發(fā)生變化，為A衰變，即時(shí)BifTx+：e,故

6=83+1=84

故ABC錯(cuò)誤；

D.經(jīng)過7次a衰變，則質(zhì)量數(shù)少28,電荷數(shù)少14,在經(jīng)過5次“衰變后，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加5,此時(shí)質(zhì)

量數(shù)為

238-28=210

電荷數(shù)為

92-14+5=83

變成了下Bi,故D正確。

故選D。

6、C

【解析】

A、B、隔離對(duì)8分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：

水平方向有：rOBSin450=F

豎直方向有：7OBCOS45°=機(jī)g,

則二二=b二二彈簧彈力F=mg,

根據(jù)定滑輪的特性知：7OA與7OB相等；故A,B錯(cuò)誤.

C、D、對(duì)4分析，如圖所示：

由幾何關(guān)系可知拉力TOA和支持力N與水平方向的夾角相等，夾角為60。，則N和T相等，有：2ToASin6(F="?Ag,

解得：二二=、七二，由對(duì)稱性可得：二=二二二=\二二二，故C正確，D錯(cuò)誤.

故選C.

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解.本題采用隔離法研究比較簡(jiǎn)便.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ABE

【解析】

A.太陽輻射的能量大部分集中在可見光及附近的區(qū)域，故A正確；

B.兩列機(jī)械波在同一介質(zhì)中傳播速度相同，波長(zhǎng)相同則頻率相同，則一定能獲得穩(wěn)定的干涉圖案，故B正確；

C.狹義相對(duì)論的第一個(gè)基本假設(shè)：在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的，故C錯(cuò)誤：

D.由于紫光的波長(zhǎng)比綠光的短，則用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，綠光的中央亮紋較寬，故D錯(cuò)

誤；

E.圖像信號(hào)越強(qiáng)，電視機(jī)顯像管里的電子槍發(fā)射電子束越強(qiáng)，故E正確。

故選ABE。

8、BD

【解析】

AC.本題中不知道行星“HAT-P-1”繞恒星A運(yùn)動(dòng)的任何量，故不可計(jì)算恒星A的密度和繞A運(yùn)動(dòng)的周期，AC錯(cuò)誤;

BD.根據(jù)在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，重力提供向心力得

2

V4萬2

mg=m—=m^TR

解得

則行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，所以行星“HAT-P-1”的第

一宇宙速度就是廊，行星“HAT-P-1”附近運(yùn)行的衛(wèi)星的最小周期就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的

周期，所以最小周期是24故BD正確。

故選BD?

9、BDE

【解析】

A.氣體如果失去了容器的約束就會(huì)散開，是因?yàn)榉肿娱g距較大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做無規(guī)則

運(yùn)動(dòng)，所以氣體分子可以自由擴(kuò)散；故A錯(cuò)誤.

B.溫度從微觀角度看表示了大量分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度，物體溫度升高時(shí)，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分

子數(shù)目增多；故B正確.

C.一定量100C的水變成100C的水蒸氣，因溫度不變則分子平均動(dòng)能不變，由于吸熱，內(nèi)能增大，則其分子之間的

勢(shì)能增大；C錯(cuò)誤.

D.物體從外界吸收熱量，若同時(shí)對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知其內(nèi)能不一定增加；故D正確.

E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有晶體的各向異性；故E正確.

故選BDE.

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵要掌握分子動(dòng)理論、熱力學(xué)第一定律等熱力學(xué)知識(shí)，要對(duì)氣體分子間距離的大小要了解，氣體分子間

距大約是分子直徑的10倍，分子間作用力很小.

10、AB

【解析】

ABC.小球與半圓槽組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，初狀態(tài)時(shí)系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可

知，小球第一次離開槽時(shí)，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，球與槽在水平方向的速度相等都為零，球離開槽后做豎直上拋運(yùn)

動(dòng)，槽靜止，小球會(huì)再落回凹槽，由能量守恒可知小球離開凹槽后上升的最大高度為〃。故AB正確，C錯(cuò)誤：

D.從開始釋放到小球第一次離開凹槽，凹槽的位移大小為X,由動(dòng)量守恒

Mx=m(2R-x)

解得

2mR

x=--------

M+m

故D錯(cuò)誤。

故選AB。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

入1bp

II、12.0；負(fù)一一無

kk

【解析】

(1)[1].電壓檔量程為50V,則最小分度為IV,則指針對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為12.OV；

(2)[2].作為電流表使用時(shí)，應(yīng)保證電流由紅表筆流進(jìn)，黑表筆流出，故黑表筆連接的是電池的負(fù)極;

[3][4].由閉合電路歐姆定律可得：

變形可得：

1r1

—=—I—R

IEE

則由圖可知：

E

-=k

E

則可解得：

E=-

k

b

r--

k

(3)[5].由于多用表存在內(nèi)電阻，所以由閉合電路歐姆定律得:

E=IR+I(RA+玲

變形為：

IEE

由圖象可知斜率￡=k和不考慮多用表的內(nèi)電阻時(shí)相同，所以多用表的內(nèi)電阻對(duì)電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量結(jié)果無影響。

/1R+4)

12、1000。16,不變

【解析】

E3

(1)定值電阻所在支路最小電阻約為R啕=J—=6麗0=1°°°。；電阻箱R(最大阻值為9999。)，為測(cè)多組實(shí)

驗(yàn)數(shù)據(jù)，定值電阻Ro應(yīng)選1KQ;

?E,(R+&)

電阻箱與R。、A2串聯(lián)，再與水柱、Ai并聯(lián)，所以有，2(我+%,)=1風(fēng),玻璃管內(nèi)水柱電阻Rx的表達(dá)式&=3

cLL4L/,(7?+&)/,

R=n—=n------=)----=—=---------c4/?/

(2)由電阻定律可以知道，「s',d、z￡'兀d。/,，則有9-&，根據(jù)題意可知，電流表

萬(2)1%dL

Ai,A2示數(shù)均相等，則有—由圖可得左==*"r=5xl()4

nd1"jid210x10-2

,7vd2k3.14X0.022X5X104”

電阻率p=-=-------------------=16Qm

(3)電流表內(nèi)阻不能忽略，則有R='胃L+弓一4,電阻率為0=2箸保持不變.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

4

13、(l)5m/ss(1)90J；(3)s=41(4)-m<M<2m

;3

【解析】

2

(1)甲在最高點(diǎn)D,由牛頓第二定律，有網(wǎng)g=m，腎

甲離開彈簧運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程機(jī)械能守恒：g叫崎=^g-2R+；叫功

聯(lián)立解得：VB=5IH/S；

(1)燒斷細(xì)線時(shí)動(dòng)量守恒：0=miV3-mivi

由于水平面AB光滑，貝!1有v產(chǎn)VB=5m/s,解得：vi=4m/s

2

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能E=-/M1V1+；m2$=90J

(3)甲固定，燒斷細(xì)線后乙物體減速運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)時(shí)的速度大小為VF,

由動(dòng)能定理得：_〃mg_4/=g/nv；-6mgi,解得VF=1J防

從P點(diǎn)滑到H點(diǎn)時(shí)的速度為vH,由機(jī)械能守恒定律得

gmv：=gmv^+2mgl

聯(lián)立解得VM=1西

由于VM=1J3>JM，故乙物體能運(yùn)動(dòng)到H點(diǎn)，并從H點(diǎn)以速度vH水平射出.設(shè)乙物體回到軌道AF所需的時(shí)間為

t,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：2/=；g/

乙物體回到軌道AF上的位置與B點(diǎn)之間的距離為s=VHt

聯(lián)立解得s=4/;

（4）設(shè)乙物體的質(zhì)量為M,到達(dá)F點(diǎn)的速度大小為