2024屆湖南省道縣補習學校物理高一上期中綜合測試試題含解析

2024屆湖南省道縣補習學校物理高一上期中綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、某人站在樓房頂層O點豎直向上拋出一個小球，上升的最大高度為25m，然后落回到拋出點O下方25m的B點，則小球在這一運動過程中通過的路程和位移分別為(規(guī)定豎直向上為正方向)()A．25m,25m B．75m,25mC．25m，－25m D．75m，－25m2、一汽車在平直公路上行駛，其加速度方向與速度的方向相同。在汽車的加速度減小到零的過程中，下列說法正確的是A．汽車的速度在增大 B．汽車的速度在減小C．汽車的位移先增大后減小 D．汽車的位移先減小后增大3、下列各位移-時間圖像中，對實際運動的物體，不可能的是（）A． B．C． D．4、物體做初速度為零的勻加速直線運動，第5s內的位移是18m，則()A．物體的加速度是2m·s﹣2B．物體的加速度是4m·s﹣2C．物體在第4s內的位移是16mD．物體在第3s內的位移是14m5、關于速度、速度的變化量、速度變化率的關系，下列說法中正確的是()A．速度的變化量越大，速度變化率一定越大B．速度越大，速度的變化量一定越大C．速度變化率為零，速度一定為零D．速度為零，速度變化率不一定為零6、關于速度和速率，下列說法正確的是A．速率是矢量B．子弾射出槍時的速度是指平均速度C．平均速度等于物體在單位時間內通過的路程D．某段時間內的平均速度方向一定與這段時間內位移的方向一致7、如圖甲、乙所示的位移—時間(x－t)圖象和速度—時間(v－t)圖象中，給出了四條曲線1、2、3、4，代表四個不同物體的運動情況，則下列說法中錯誤的是()A．圖線1、3表示物體做曲線運動B．x－t圖象中0～t1時間內物體1和2的平均速度相等C．v－t圖象中t4時間內3的加速度大于4的加速度D．兩圖象中，t2、t5時刻分別表示2、4開始反向運動8、如圖甲所示，一物塊在時刻，以初速度從足夠長的粗糙斜面底端向上滑行，物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻物塊到達最高點，時刻物塊又返回底端．由此可以確定（）A．物體沖上斜面的最大位移B．物塊返回底端時的速度C．物塊所受摩擦力大小D．斜面傾角9、甲、乙兩物體相距s，同時同向運動，甲在前面做加速度為a1、初速度為零的勻加速運動，乙在后面做加速度為a2、初速度為v0的勻加速運動，下列說法中正確的是（）A．當a1＝a2時，只能相遇一次B．若a1＞a2時，可能相遇一次C．若a1＞a2時，不可能相遇兩次D．若a1＜a2時，一定相遇10、下列關于速度和加速度的說法中，正確的是（）A．物體的速度變化量越大，加速度越大B．物體的速度變化越快，加速度越大C．在勻減速直線運動中，物體的加速度必定為負值D．加速度在減小，速度可能在增加11、如圖所示為某物體做直線運動的v－t圖象。關于這個物體在前4s內運動情況的說法中正確的是A．物體始終朝同一方向運動B．物體加速度大小不變，方向與初速度方向相反C．物體在前2s內做勻減速運動D．前4s內物體的位移是0m12、用相同材料做成的A、B兩木塊的初速度之比為3∶4，它們以相同的加速度在同一粗糙水平面上沿直線滑行直至停止，則它們滑行的（）A．時間之比為1∶1B．時間之比為3∶4C．距離之比為9∶16D．距離之比為3∶4二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）“探究彈力和彈簧伸長量的關系，并測定彈簧的勁度系數”的實驗裝置如圖所示，所用的每個鉤碼的重力相當于對彈簧提供了向右恒定的拉力．實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度L0，在將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應的彈簧總長度L(彈簧的彈力始終在彈性限度以內).(1)有一個同學通過以上實驗測量后把6組數據描點在坐標系圖中，請作出FL圖線．(2)由此圖線可得出該彈簧的原長________．(3)該同學實驗時，把彈簧水平放置與彈簧豎直懸掛放置比較，優(yōu)點在于：______________________，缺點在于：______________________.14、（10分）在做“研究勻變速直線運動”的實驗時,得到一條紙帶如圖所示,A、B、C、D、E、F、G為計數點,每兩個計數點間還有4個點未畫出,其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm、x6=10.26cm．（1）為了達到實驗的目的,除了有電磁打點計時器（含頻率為50Hz的交流電源）、紙帶、小車、細繩、導線、鉤碼、一端附有定滑輪的長木板外,還需要的測量儀器有______；（2）圖中兩計數點的時間間隔T=________s；（3）打點計時器在打B點時小車的瞬時速度vB=___________m/s（計算時保留兩位有效數字）；

（4）小車的加速度的大小為a=___________m/s2（計算時保留兩位有效數字）．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）有一個木箱質量m=60kg，靜止在水平地面上，工人推木箱，若動摩擦因數為μ=0.3，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g="10N/kg"）（1）當沿水平方向推力F1=150N時，此木箱所受的摩擦力大小f1（1）當與水平成37°的斜向上的推力F1=400N時，此木箱所受的摩擦力大小f1．16、（12分）物體從某一高處自由下落，經過10s后著地，（已知g取10m/s2）求：⑴物體下落的高度；⑵物體下落一半高度時的速度；⑶物體下落最后一秒的位移.17、（12分）春節(jié)放假期間，全國高速公路免費通行，小轎車可以不停車通過收費站，但要求小轎車通過收費站窗口前x0=9m區(qū)間的速度不超過v0=6m/s．現有甲、乙兩小轎車在收費站前平直公路上分別以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度勻速行駛，甲車在前，乙車在后．甲車司機發(fā)現正前方收費站，開始以大小為a甲=2m/s2的加速度勻減速剎車．(1)甲車司機需在離收費站窗口至少多遠處開始剎車才不違章；(2)若甲車司機經剎車到達離收費站窗口前9m處的速度恰好為6m/s并以這一速度開始勻速通過收費站窗口，乙車司機在發(fā)現甲車剎車時經t0=0.5s的反應時間后開始以大小為a乙=4m/s2的加速度勻減速剎車．為避免兩車相撞，且乙車在收費站窗口前9m區(qū)不超速，則在甲車司機開始剎車時，甲、乙兩車至少相距多遠？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解題分析】

通過的路程是軌跡的長度位移為起點指向終點的有向線段，取向上為正，則位移為A.25m,25m與分析不符，故A錯誤。B.75m,25m與分析不符，故B錯誤。C.25m，－25m與分析不符，故C錯誤。D.75m，－25m與分析相符，故D正確。2、A【解題分析】

因為汽車的加速度方向與速度方向相同，汽車做加速運動，加速度減小，速度仍然增大，位移也一直在增大。AB.汽車的速度在增大，故A正確，B錯誤；CD．汽車的位移一直在增大，故CD錯誤。3、C【解題分析】

A、根據位移時間圖象的斜率等于速度，可知物體先沿正向做勻速直線運動，中途停止運動一段時間，再以較小的速度沿正向勻速運動，是可能發(fā)生的，故A正確；B、根據圖象知，物體先做勻速直線運動，中途停止運動一段時間，最后物體反向做勻速直線運動，這是可能的，故B正確；C、根據圖象知，物體先沿正向做勻速直線運動，中途停止運動一段時間，最后物體的位移增大，但沒有花時間，這是不可能的，故C錯誤；D、物體先沿正向做勻速直線運動，中途停止運動一段時間，再以沿負向做勻速運動，是可能發(fā)生的，故D正確。4、B【解題分析】

根據初速度為零的勻加速直線運動的推論得到物體在第1s內的位移，由位移公式求出物體的加速度和物體在第4s內、第3s內的位移；【題目詳解】根據初速度為零的勻加速直線運動的推論得知：物體在第1s內的位移、第2s內的位移…第5s內的位移之比為：x1：x2：x3：x4：x5=1:3:5:7:9，由題，第5s內的位移x5=18m，得到物體在第1s內的位移x1=2m，得到物體在第【題目點撥】本題運用勻變速直線運動的推論進行求解，比較簡捷，也可以根據運動學基本公式或速度圖象計算分析。5、D【解題分析】A：根據加速度的定義式可知物體的加速度等于物體速度的變化率，雖然Δv大，但Δt更大時，速度變化率可以很小．故A項錯誤．B：速度很大，速度的變化量可以為零，例如速度很大的勻速直線運動．故B項錯誤．C：速度變化率為零，即加速度為零，速度不一定為零，例如速度大的勻速直線運動．故C項錯誤．D：速度為零，速度變化率不一定為零，即加速度不一定為零，例如火箭發(fā)射的瞬間．故D項正確．點睛：速度是描述物體運動快慢的物理量，是位移與時間的比值，是矢量．速度的變化量是物體的末速度與初速度的差值，表示速度變化了多少，是矢量．速度的變化率是物體的加速度，表示速度變化快慢的物理量，是矢量；與速度的變化量的方向相同．速度方向與其他兩量方向相同時，物體做加速運動；速度方向與其他兩量方向相反時，物體做減速運動．三者大小之間無直接關系．6、D【解題分析】

瞬時速度是物體在某一時刻或某一位置的速度；瞬時速度的大小表示速率，但是平均速度的大小與平均速率概念不同，平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值；【題目詳解】A、速率是瞬時速度的大小，所以速率是標量，故A錯誤；

B、子彈射出槍口時的速度是瞬時速度，故B錯誤；

C、根據平均速度的定義式，平均速度等于物體在單位時間內通過的位移，故C錯誤；

D、平均速度是矢量，平均速度的方向與某段時間內位移的方向相同，故D正確；【題目點撥】解決本題的關鍵知道瞬時速度的大小表示速率，但是平均速度的大小與平均速率概念不同，平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值．7、AC【解題分析】

A.運動圖象反映物體的運動規(guī)律，不是運動軌跡，無論速度—時間圖象還是位移—時間圖象只能表示物體做直線運動，故A符合題意；B.由平均速度v=ΔxΔt知x－t圖象在0～t1時間內兩物體的位移Δx相同，時間ΔtC.在v－t圖線中圖線的斜率表示物體的加速度，在0～t4時間內的前半段圖線3的斜率小于圖線4的斜率，a3<a4，后半段a3>a4，故3的瞬時加速度不是總大于4的瞬時加速度，故C符合題意；D.x－t圖線的斜率等于物體的速度，斜率大于0，表示物體沿正方向運動；斜率小于0，表示物體沿負方向運動，而t2時刻之前物體的運動沿正方向，t2時刻之后物體沿負方向運動，故t2時刻開始反向運動．v－t圖象中速度的正負表示運動方向，從0～t5這段時間內速度為正，故t5時刻反向運動，故D不符合題意．8、ABD【解題分析】

根據圖線的“面積”可以求出物體沖上斜面的最大位移為，故A正確由于下滑與上滑的位移大小相等，根據數學知識可以求出物塊返回底端時的速度．設物塊返回底端時的速度大小為v，則，得到，故B正確；根據動量定理得：上滑過程：-（mgsinθ+μmgcosθ）?t0=0-mv0

①，下滑過程：（mgsinθ-μmgcosθ）?2t0=m

②，由①②解得：，由于質量m未知，則無法求出f．得到，可以求出斜面傾角θ故C錯誤，D正確．故選ABD【題目點撥】本題抓住速度圖象的“面積”等于位移分析位移和物體返回斜面底端的速度大?。部梢愿鶕ｎD第二定律和運動學結合求解f和sinθ．9、ABD【解題分析】

設甲、乙兩物體經t時間相遇，則有所以：，則：若，則，相遇一次；若，且時，t有一解或兩解，即兩物體可能相遇一次，也可能相遇兩次；若a1＜a2，則△＝＞0時，而t＞0，所以相遇一次，故ABD正確，C錯誤。10、BD【解題分析】物體的速度變化量越大，加速度不一定越大，還與時間有關，選項A錯誤；物體的速度變化越快，加速度越大，選項B正確；在勻減速直線運動中，加速度和速度反向，但是加速度不一定為負值，要看正方向如何規(guī)定，選項C錯誤；加速度在減小，速度可能在增加，例如當加速度和速度同向時，選項D正確；故選BD.11、BCD【解題分析】

A．根據圖象可知，前2s運動方向為負，后2s運動方向為正，不是朝同一方向運動，故A錯誤；B．從圖象中可知，圖象的斜率不變，因此物體加速度不變，方向與初速度方向相反，故B正確；C．從圖象可知，在前2s內，加速度為正值，速度為負值，所以物體前兩秒內做勻減速運動，故C正確；D．圖象與時軸圍成的面積表示位移，4s內物體的位移是0，故D正確；故選BCD。12、BC【解題分析】

木塊在水平面上滑行的加速度相等,根據勻變速直線運動的速度位移關系知,在水平面上滑行的位移x=v022a，所以它們滑行的距離為9∶16，再根據v0=at可知時間之比為t=v0a，故選BC【題目點撥】根據速度位移關系求解,由題中已知初速度和加速度求得位移之比.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1）（2）5cm；20N/m（3）避免彈簧自身所受重力對實驗的影響（4）彈簧與桌面及繩子與滑輪間存在的摩擦造成實驗的誤差【解題分析】（1）用平滑的曲線將各點連接起來，如圖所示：

（2）彈簧的原長即為彈力為零時彈簧的長度，由圖象可知，

勁度系數為圖象直線部分的斜率，；（3）優(yōu)點在于：避免彈簧自身所受重力對實驗的影響；

缺點在于：彈簧與桌面及繩子與滑輪間存在的摩擦造成實驗的誤差．點睛：本題考查了學生設計的能力和作圖的能力，知道F-L圖線的斜率表示勁度系數，注意掌握分析誤差的形成原因．14、刻度尺0.10.740.64【解題分析】

（1）[1]為了達到實驗的目的，除了有電磁打點計時器、紙帶、小車、細繩、導線、小木塊、長木板外，還需要的儀器有交流電源和刻度尺，交流電源用來給電磁打點計時器提供電源，刻度尺用來測量紙帶上計數點之間的距離．（2）[2]電磁打點計時器的工作電壓為4～6V，打點周期為0.02s，每兩個計數點間還有4個點未畫出，所以圖中兩計數點的時間間隔為T=0.1s．（3）[3]根據勻變速直線運動中間時刻的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小，則有：代入數據解得：m/s；（4）[4]根據勻變速直線運動的推論公式：△可以求出加速度的大小，則有：代入數據得：a=0.64m/s2。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）木箱所受的摩擦力大小為150N（1）當與水平成37°的斜向上的推力F1=400N，木箱滑動起來，此時木箱所受的摩擦力大小為108N．【解題分析】試題分析：（1）直接應用初中知識二力平衡即可求解；（1）受力分析后，進行正交分解，應用平衡條件即可求解；解：（1）木箱保持靜止，水平方向二力平衡，則木箱受到靜摩擦力為：f1=F1=150N（1）木箱滑動起來，受力如圖所示：則木箱受到滑動摩擦力f1=μFN①豎直方向：FN+F1sin37°=mg②由①②得滑動摩擦力：f1=μ（