2024屆黃石市重點中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中考試模擬試題含解析

2024屆黃石市重點中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中考試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、把電阻是的一根金屬絲，均勻拉長為原來的倍，則導(dǎo)體的電阻是（）A．B．C．D．2、如圖所示，一個圓形線圈的匝數(shù)為N，半徑為a，線圈平面與勻強磁場垂直，且一半處在磁場中。在Δt時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B。在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為（）A． B．C． D．3、真空中有兩個帶同種電荷的點電荷q1、q2，它們相距較近，固定q1，由靜止釋放q2，q2只在q1的庫侖力作用下運動，則q2在運動過程中的速度（）A．不斷增大 B．不斷減小 C．始終保持不變 D．先增大后減小4、如圖所示，一粗糙絕緣豎直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂面重合，A、O、B為該面上同一條豎直線上的三點，且O為點電荷連線的中點?，F(xiàn)有帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊(可視為質(zhì)點)，在A點以初速度v0釋放沿AOB向下滑動，則(

)A．小物塊帶正電B．從A到B,小物塊的電勢能先減小后增大C．從A到B,小物塊所受電場力先增大后減小D．從A到B,小物塊的加速度不變5、兩電荷量分別為和的點電荷固定在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中C為ND段電勢最低的點，則下列說法正確的是（）A．、為等量異種電荷B．將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先減小后增大C．N、D兩點間的電場強度大小先增大后減小D．N、C兩點間場強方向沿x軸負(fù)方向6、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S后，a、b、c三盞燈均能發(fā)光，電源電動勢E恒定且內(nèi)阻r不可忽略．現(xiàn)將變阻器R的滑片稍向上滑動一些，三盞燈亮度變化的情況是（）A．a(chǎn)燈變亮，b燈和c燈變暗B．a(chǎn)燈和c燈變亮，b燈變暗C．a(chǎn)燈和c燈變暗，b燈變亮D．a(chǎn)燈和b燈變暗，c燈變亮二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為l.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開關(guān)S后，電動機轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是A．電動機的輸出功率為14WB．電動機兩端的電壓為7.0VC．電動機產(chǎn)生的熱功率2.0WD．電源輸出的電功率為24W8、對計算任何類型的用電器的電功率都適用的公式是（

）A．P=I2RB．P=U2/RC．P=UID．P=W/t9、如圖所示，實線表示勻強電場的電場線，其處于豎直平面內(nèi)且與水平方向成α角，水平方向的勻強磁場與電場正交?，F(xiàn)有一帶電滴沿圖中虛線L斜向上做直線運動，L與水平方向成β角，且α＞β，則下列說法中正確的是A．液滴一定帶正電B．電場線方向一定斜向下C．液滴一定做勻速直線運D．液滴機械能一定增加10、一帶電質(zhì)點從圖中的A點豎直向上以速度v0射入一水平方向的勻強電場中，質(zhì)點運動到B點時，速度方向變?yōu)樗?，已知質(zhì)點質(zhì)量為m，帶電荷量為q，A、B間距離為L，且AB連線與水平方向成θ=角，質(zhì)點到達B后繼續(xù)運動可到達與A點在同一水平面上的C點（未畫出），則A．質(zhì)點在B點的速度大小為v0B．勻強電場的電場強度大小為C．從A到C的過程中，帶電質(zhì)點的電勢能減小了mv02D．質(zhì)點在C點的加速度大小為g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測電阻時，如待測電阻Rx約為150Ω，電流表內(nèi)阻RA約為20Ω，電壓表內(nèi)阻RV約為5KΩ，應(yīng)該用圖中的________電路（填①或②）來測量可以盡量減小誤差．當(dāng)用電路圖①進行測量時，測量值將比真實值偏________（填大或小）；12．（12分）為了描繪標(biāo)有“3V，0.4W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電壓能從零開始變化．所給器材如下：A．電流表(0～200mA，內(nèi)阻0.5Ω);B．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻0.01Ω);C．電壓表(0～3V，內(nèi)阻5kΩ)；D．電壓表(0～15V，內(nèi)阻50kΩ);E．滑動變阻器(0～10Ω，0.5A)；F．滑動變阻器(0～1kΩ，0.1A)；G．電源(3V);H．電鍵一個，導(dǎo)線若干．①為了完成上述實驗，實驗中應(yīng)選擇的儀器是________．②在虛線框中畫出完成此實驗的電路原理圖______，并將實物按電路圖用導(dǎo)線連好______．③此實驗描繪出的I-U圖線是________(填“曲線”或“直線”)，其原因是_________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）兩個質(zhì)量都為m的小球a、b，帶電量分別為+q、-q。在方向豎直向下的勻強電場中的M點以大小相同的速率，分別沿電場方向和垂直電場方向同時拋出，到達N、P兩點的時間之比為1∶2，如圖，小球b在P點的速度方向與電場方向的夾角為30度，重力加速度為g，求該勻強電場的場強E的大小。（提示:假設(shè)初速度為v，MN距離為L，從M到N的時間為t）14．（16分）如圖所示，在足夠大的金屬板A上有一小孔S，粒子源C可由小孔S向各個方向射出速率v=2×104m/s的帶負(fù)電粒子，B為金屬網(wǎng)，A、B連接在電路上，電源的電壓U0=6V、內(nèi)阻不計，圖中滑動變阻器滑片置于中點并保持不動，A、B間距d1=15cm，M為足夠大的熒光屏，B、M間距d2=30cm，當(dāng)粒子穿過金屬網(wǎng)打到熒光屏上時，熒光屏上就會出現(xiàn)一個圓形的亮斑，已知粒子的比荷C/Kg，（金屬網(wǎng)與熒光屏之間無電場分布，不考慮粒子所形成的電流對電路的影響，粒子重力不計）．求：（1）A、B間電場（視為勻強電場）的場強E的大小;（2）粒子到達熒光屏的最短時間t;（3）亮斑的面積S（取π=3）.15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場，今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）求：（1）粒子從狹縫P處穿過b板進入勻強磁場的速度大小和方向θ.（2）P、Q之間的距離L.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】當(dāng)金屬絲拉長為原來的2倍時，體積不變，則導(dǎo)體的面積減小為原來的;則由可知，拉長后的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍；故選D．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律的公式，知道電阻與長度和橫截面積有關(guān)．并明確導(dǎo)體體積不變時，若長度改變則橫截面積也會隨之改變．2、B【解題分析】

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢：，故B正確，ACD錯誤；3、A【解題分析】試題分析：帶電相同的小球受斥力作用，因此距離越來越遠，由于電量保持不變，根據(jù)F=可知距離增大，電場力將逐漸減小，故A、B、C錯誤，D正確．考點：庫侖定律4、C【解題分析】

由題中“一粗糙絕緣豎直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂面重合”可知，本題考查帶點物體在電場中的運動，根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律可以分析本題?！绢}目詳解】A．由于小物受重力、電場力和墻壁的摩擦力、彈力，可以判斷小物塊帶負(fù)電，故A錯誤；B．由于AB是等勢線，則從A到B電荷的電勢能不變，故B錯誤；CD．從A到O的過程中，電場強度越來越大，則電場力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導(dǎo)致滑動摩擦力增大，根據(jù)可知，加速度增大，從O到B的過程中，電場強度越來越小，電場力越來越小，同理可知滑動摩擦力減小，加速度減小，故C正確，D錯誤。5、B【解題分析】

A．若是異種電荷，電勢應(yīng)該逐漸減小，由圖像可以看出，應(yīng)該是等量的同種正電荷，故A錯誤；B．NC電場線向右，CD電場線向左，將一正點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，故B正確；C．圖線的斜率表示電場強度，由圖可得N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大，故C錯誤；D．沿x正方向從N到C的過程，電勢降低，N、C兩點間場強方向沿x軸正方向，故D錯誤。6、B【解題分析】

變阻器R的滑片稍向上滑動一些，滑動變阻器電阻減小，根據(jù)“串反并同”與其串聯(lián)的燈泡C電流增大，變亮，與其并聯(lián)的燈泡b電流減小，變暗，與其間接串聯(lián)的燈泡a電流增大，變亮，B對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】試題分析：電路為串聯(lián)電路，電源內(nèi)電壓，電阻的電壓為，所以電動機兩端電壓為，選項B對．電動機產(chǎn)生的熱功率選項C正確；電動機的輸出功率為總功率減去熱功率即，選項A錯誤；電源的路端電壓為，所以電源輸出的電功率為，選項D錯誤．考點：串并聯(lián)電路歐姆定律8、CD【解題分析】A、公式計算熱功率；非純電阻電路中，電功率大于熱功率，故A錯誤；

B、非純電阻電路中，歐姆定律不適用，故，故公式即不能求解熱功率，也不能求解電功率，故B錯誤；

C、電功公式，電功率，適用于一切電路，故CD正確。點睛：焦耳定律公式計算電熱，電功公式計算電功；對純電阻電路，電功等于電熱；對非純電阻電路，電功大于電熱。9、ACD【解題分析】A.當(dāng)帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F.垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線l做勻速直線運動，如果帶電液滴帶負(fù)電、或電場線方向斜向下時，帶電液滴所受合力不為零，不可能沿直線運動，故A正確，B錯誤；C.帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線方向的電場力F.垂直于速度方向的洛倫茲力f而做直線運動，如果做變速直線運動，洛倫茲力將不斷變化，這三個力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運動，故C正確；D.電場力做正功，洛倫茲力不做功，液滴機械能一定增加，故D正確。故選：ACD.點睛：帶電液滴做直線運動，要么合力為零做勻速直線運動，要么所受合力與速度方向在同一直線上，做勻變速直線運動；對帶電液滴進行受力分析，然后答題．10、BC【解題分析】

A．由題意可知，質(zhì)點的運動是豎直方向和水平方向的勻變速直線運動，因此，在豎直方向上有在水平方向上有由上兩式得解得：故A錯誤；B．由于兩分運動的時間相同即，豎直方向上的時間在水平方向上有所以有又聯(lián)立解得故B正確；C．從A到B，對于水平方向，根據(jù)能量守恒可知：帶電質(zhì)點的電勢能減小為由于質(zhì)點在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運動，由推論可知：AC間的水平距離等于AB間水平距離的4倍，由W=qEd，可知從A到C的過程中電場力做功是從A到B的過程電場力做功的4倍，所以從A到C的過程中，帶電質(zhì)點的電勢能減小為故C正確；D．質(zhì)點在C點的加速度大小故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①小【解題分析】

[1]因為電流表內(nèi)阻和被測電阻相接近，所以采用電流表外接法，即電路①來測量；[2]在該電路中，由于電壓表的分流，導(dǎo)致電流表的測量值比真實值偏大，而電壓值準(zhǔn)確，根據(jù)歐姆定律可得測量值偏小。12、（1）A、C、E、F、G．（2）如圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【解題分析】試題分析：器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程．燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，通過燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內(nèi)外接．根據(jù)電路圖連接實物圖．燈泡的電阻隨溫度的變化而變化，所以I﹣U圖線是一條曲線．解：（1）燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的誤差較小，額定電流I=≈130mA，所以電流表的量程選擇200mA的，燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E，另外，還需要電源、電建和導(dǎo)線．故實驗中應(yīng)選擇的儀器是A、C、E、G、H．（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻R==22.5Ω，遠小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖和實物連線圖如圖所示．（3）此實線圖2中描繪出的I﹣U圖線是曲線，其原因是由于溫度升高，電阻增大．故答案為（1）A、C、E、F、G．（2）如右圖．（3）曲線，隨著溫度的升高，電阻增大．【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解題分析】試題分析：由題意可知，a小球做豎直向下的勻加速運動，b球做類平拋運動，根據(jù)各自的運動規(guī)律分別寫出兩個小球的運動方程即可解題。設(shè)初速度為v，MN距離為L，從M到N的時間為t對小球a，根據(jù)牛頓第二定律有：豎直方向運動的距離為：對b球：根據(jù)牛頓第二定律有：水平方向做勻速直線運動：豎直方向勻加速運動：且聯(lián)立可得：代入解得：點睛：本題主要考查了兩小球在同一電場中做不同的運動，應(yīng)用牛頓第二定律、運動學(xué)基本公式、平拋運動的基本規(guī)律進行解題。