2024屆北京市昌平區(qū)物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

2024屆北京市昌平區(qū)物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，實線是一簇未標(biāo)明方向的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力的作用，對于a，b兩點下列判斷正確的是A．電場中a點的電勢較高B．帶電粒子在a點的動能較小C．帶電粒子在a點的加速度較大D．帶電粒子在a點的電勢能較大2、下列屬于理想物理模型的是（）A．電場B．電阻C．加速度D．點電荷3、如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S，當(dāng)增大兩極板間距離時，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩板間電勢差U、電容器兩極板間場強E的變化情況是（）A．Q變小，C不變，U不變，E變小 B．Q不變，C變小，U變大，E不變C．Q變小，C變小，U不變，E不變 D．Q不變，C變小，U變小，E變小4、法拉第是19世紀最偉大的實驗物理學(xué)家之一，他在電磁學(xué)研究方面的卓越貢獻如同伽利略、牛頓在力學(xué)方面的貢獻一樣，具有劃時代的意義，正是他提出了電場的概念．

關(guān)于靜電場場強的概念，下列說法正確的是（）A．由E=F/q可知，某電場的場強E與q成反比，與F成正比B．正、負檢驗電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強方向與放入檢驗電荷的正負有關(guān)C．電場中某一點的場強與放入該點的檢驗電荷的正負無關(guān)D．電場中某點不放檢驗電荷時，該點場強等于零5、關(guān)于導(dǎo)體的電阻及電阻率的說法中，正確的是()A．由R=UB．由R=ρlS知，導(dǎo)體的電阻與長度l、電阻率ρ成正比，與橫截面積C．將一根導(dǎo)線一分為二，則半根導(dǎo)線的電阻和電阻率都是原來的二分之一D．將一根電阻絲均勻拉長為原來2倍，則電阻絲的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍6、在靜電場中，將一電荷從a點移到b點，電場力做了負功，則A．該電荷電勢能一定減少B．該電荷電勢能一定增加C．b點的電勢一定比a點高D．b點的電勢一定比a點低二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行實線代表電場線，方向未知，帶電量為1×10－2C的正電荷在電場中只受電場力作用．該電荷由A點運動到B點，動能損失了0.1J，若A點電勢為10V，則：A．B點的電勢為零B．電場線方向向左C．電荷運動的軌跡可能是圖中曲線①D．電荷運動的軌跡可能是圖中曲線②8、如圖所示，在光滑絕緣水平面上的P點正上方O點固定了一電荷量為＋Q的正點電荷，在水平面上的N點，由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為－q的負檢驗電荷，該檢驗電荷經(jīng)過P點時速度為v，圖中θ＝，規(guī)定電場中P點的電勢為零，則在＋Q形成的電場中（）A．P點電場強度大小是N點的4倍B．N點電勢高于P點電勢C．檢驗電荷在N點具有的電勢能為D．N點電勢為9、一帶電粒子射入固定在O點的點電荷的電場中，粒子軌跡如圖虛線abc所示，圖中實線是同心圓弧，表示電場的等勢面，不計重力，可以判斷（）A．粒子受到靜電排斥力的作用B．粒子速度vb＞vaC．粒子動能Eka＜EkcD．粒子電勢能Epb＞Epc10、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、帶負電和不帶電的小球，從平行板電場的中點以相同的初速度垂直于電場方向進入電場，它們分別落在A、B、C三點，下列說法不正確的是()A．落在A點的小球帶正電，落在B點的小球不帶電B．三個小球在電場中運動的時間相等C．三個小球到達極板時的動能關(guān)系為D．三個小球在電場中運動時的加速度關(guān)系為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學(xué)習(xí)小組擬研究一個標(biāo)有“3.6V，1.8W”的小電珠的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：①電流表A，量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω；②電壓表V，量程0～15V，內(nèi)阻約為15kΩ；③滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；④學(xué)生電源E，電動勢為4V，內(nèi)阻不計；⑤開關(guān)S及導(dǎo)線若干．(1)該學(xué)習(xí)小組中的甲同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路進行測量，請按照圖甲所示的電路圖幫甲同學(xué)將圖乙中的實物圖連接起來___________．(2)甲同學(xué)在實驗中發(fā)現(xiàn)，由于電壓表的量程較大而造成讀數(shù)誤差很大，因而影響了測量結(jié)果．于是又從實驗室找來一量程為Ig＝100μA、內(nèi)阻Rg＝1000Ω的靈敏電流計，想把該靈敏電流計改裝成量程為5V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為________Ω的電阻．(3)甲同學(xué)用改裝后的電壓表進行實驗，得到電流表讀數(shù)I1和靈敏電流計讀數(shù)I2如表所示：I1(A)00.190.300.370.430.460.480.49I2(μA)010203040506070請在圖丙中的坐標(biāo)紙上畫出I1－I2圖線______．(4)若將該小電珠接在如圖丁所示的電路中，則該小電珠消耗的電功率約為________W．已知電源的電動勢為E′＝3.0V，內(nèi)阻r＝1.5Ω，定值電阻R0＝4.5Ω.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)12．（12分）硅光電池在無光照射時不產(chǎn)生電能，可視為一電子元件．某實驗小組設(shè)計如圖甲電路，給硅光電池加反向電壓(硅光電池負極接高電勢點，正極接低電勢點)，探究其在無光照時的反向伏安特性．圖中電壓表V1量程選用3V，內(nèi)阻為6.0kΩ；電壓表V2量程選用15V，內(nèi)阻約為30kΩ；R0為保護電阻；直流電源電動勢約為12V，內(nèi)阻不計．用遮光罩罩住硅光電池，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)變阻器R，讀出電壓表V1、V2的示數(shù)U1、U2.(1)某次測量時，電壓表V1示數(shù)如圖乙，則U1＝____V，可算出通過硅光電池的反向電流大小為____mA(保留兩位小數(shù))．(2)該小組測出大量數(shù)據(jù)，篩選出下表所示的9組U1、U2數(shù)據(jù)，算出相應(yīng)的硅光電池兩端反向電壓Ux和通過的反向電流Ix(圖中“－”表示反向)，并在坐標(biāo)紙上建立Ix－Ux坐標(biāo)系，請你標(biāo)出坐標(biāo)點，并繪出Ix－Ux圖線．(3)由Ix－Ux圖線知，硅光電池?zé)o光照下加反向電壓時，Ix與Ux成______(填“線性”或“非線性”)關(guān)系．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質(zhì)量都是m的兩個完全相同、帶等量異種電荷的小球A、B分別用長l的絕緣細線懸掛在同一水平面上相距為2l的M、N兩點，平衡時小球A、B的位置如圖甲所示，線與豎直方向夾角α＝30°，當(dāng)外加水平向左的勻強電場時，兩小球平衡位置如圖乙所示，線與豎直方向夾角也為α＝30°，求：(1)A、B小球電性及所帶電荷量Q；(2)外加勻強電場的場強E.14．（16分）在圖所示的電路中，電阻，電池組的電動勢E=10V，內(nèi)電阻．電壓表的讀數(shù)為1.6V，求電阻的阻值和它這時消耗的電功率．15．（12分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一電荷量為q=8×10-7C的正點電荷從B點運動到A點，電場力做功為WBA=3.2×10-6J，AB間距離L=4m，與水平方向夾角為；求：（1）B、A間電勢差UBA是多少？（2）電場強度E是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

由于電場線的方向未知，則不能確定a、b兩點的電勢高低，選項A錯誤；根據(jù)運動軌跡可知，粒子從a向b運動時，所受的電場力方向大致向左，可知從a到b電場力做負功，電勢能變大，動能減小，可知帶電粒子在a點的動能較大，電勢能較小，選項BD錯誤；a點所處位置的電場線較密集，則電場強度較大，粒子在a點的電場力較大，加速度較大，選項C正確；故選C.2、D【解題分析】A、電場是客觀存在的物質(zhì)，不是理想物理模型，故A錯誤；B、電阻是描述導(dǎo)體對電流阻礙作用的物理量，不是理想物理模型．故B錯誤；C、速度變化量與發(fā)生這一變化所用時間的比值Δv/Δ

t，是描述物體速度變化快慢的物理量，不是理想物理模型．故C錯誤；D、點電荷是忽略了帶電體的大小和形狀，抽象成的帶電的點，是理想物理模型，故D正確；故選D【題目點撥】理想模型是指抓住物體、過程的主要方面屬性，而忽略次要方面屬性；按照研究對象分，有過程模型、物體模型。3、B【解題分析】

電容器與電源斷開，電量保持不變，增大兩極板間距離時，根據(jù)可知，電容C變小，根據(jù)可知，兩極板間的電勢差U變大，根據(jù)可知，電場強度E不變，故B正確，ACD錯誤。故選B。4、C【解題分析】試題分析：電場強度是一個比值定義，與放入的檢驗電場受到的大小與F和及帶電量q無關(guān)，是由電場本身的性質(zhì)決定的，A錯誤，C正確；電場強度的方向規(guī)定與正電荷受力的方向相同，負電荷受力的方向與電場強度方向相反，因此與正負電荷無關(guān)，B錯誤；一旦通過檢驗電荷測出了該點的電場強度，把檢驗電荷移走，該點的電場強仍不變，與是否有檢驗電荷無關(guān)，D錯誤．考點：電場強度5、B【解題分析】

導(dǎo)體的電阻由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，選項A錯誤；由R=ρlS知，導(dǎo)體的電阻與長度l、電阻率ρ成正比，與橫截面積S成反比，選項B正確；導(dǎo)體的電阻率只與材料有關(guān)，與長度無關(guān)，選項C錯誤；將一根電阻絲均勻拉長為原來2倍，則截面積變?yōu)樵瓉淼?/2，則電阻絲的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，選項D6、B【解題分析】試題分析：電場力做負功，電勢能增大，動能減小，對負電荷做負功，則從高電勢向低電勢運動，對正電荷做負功，則從低電勢向高電勢運動，故B正確考點：考查了電場力做功【名師點睛】電勢、電勢能是從能量的觀點來描述電場的，電場力做功對應(yīng)著電勢能的轉(zhuǎn)化，而電場強度是從力的角度來描述電場的，與電勢能、電場力做功無關(guān)，解決本題的關(guān)鍵是弄清這些概念之間的關(guān)系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解題分析】考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；物體做曲線運動的條件；動能定理；電勢；電勢能．分析：由帶電微粒的動能變化確定在A、B兩點的電勢能的大小關(guān)系，判斷出A、B兩點電勢的高低．根據(jù)沿電場線方向電勢是降低的，得出電場線的方向．由運動方向和所受電場力的方向判斷微粒的運動軌跡．解答：解：由動能定理可知WE=△EK=-0.1J；可知粒子受到的電場力做負功，故粒子電勢能增加，B點的電勢高于A點電勢；而電場線由高電勢指向低電勢，故電場線向左，故B正確；AB兩點的電勢差UAB=WEq=-10V，則UA-U解得UB=0V；故A正確；若粒子沿軌跡1運動，A點速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉(zhuǎn)，故C正確；若粒子沿軌跡2運動，A點速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉(zhuǎn)，故D錯誤；故選ABC．點評：物體做由線運動時，運動的軌跡應(yīng)夾在初始速度及合外力方向的中間；8、AD【解題分析】

A．P點電場強度大小是，N點電場強度大小是，由于，所以P點電場強度大小是N點的4倍，故A正確；B．根據(jù)順著電場線方向電勢降低，由于N點離正點電荷更遠，所以N點電勢低于P點電勢，故B錯誤；CD．根據(jù)動能定理得：檢驗電荷由N到P的過程由題，P點的電勢為零，即φP=0，解得，N點的電勢檢驗電荷在N點具有的電勢能為故C錯誤，D正確．9、AD【解題分析】試題分析：從粒子運動軌跡看出，軌跡向左彎曲，可知帶電粒子受到了向左的力（排斥力）作用，從a到b過程中，電場力做負功，可判斷電勢能的大小和速度大小．a(chǎn)、c兩點處于同一等勢面上，由動能定理分析粒子在a、c兩點的速度大小關(guān)系．解：A：如圖所示，軌跡向左彎曲，帶電粒子所受的電場力方向向左，則帶電粒子受到了排斥力作用．故A正確．B：從a到b過程中，帶電粒子受到了排斥力作用，電場力做負功，可知電勢能增大，動能減小，粒子在b點的速度一定小于在a點的速度．故B錯誤．C：a、c兩點處于同一等勢面上，從a到c，電場力為零，則a、c兩點動能相等，故C錯誤．D：從b到c過程中，電場力做正功，可知電勢能減小，粒子在b點的電勢能一定大于在c點的電勢能，故D正確．故選AD【點評】本題是軌跡問題，首先要根據(jù)彎曲的方向判斷出帶電粒子所受電場力方向，確定是排斥力還是吸引力．由動能定理分析動能和電勢能的變化是常用的思路．10、BD【解題分析】試題分析：不帶電的小球只受重力作用，做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的類平拋運動．由此根據(jù)平拋和類平拋運動規(guī)律求解．在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如圖所示：

由此可知不帶電小球做平拋運動的加速度為，帶正電小球做類平拋運動的加速度為，帶負電小球做類平拋運動的加速度為；根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移h相等，據(jù)得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短，B錯誤；三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，故水平位移最大的A是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負電的小球．故A正確；根據(jù)動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功．由受力圖可知，帶負電小球合力最大為G+F，做功最多動能最大，帶正電小球合力最小為G-F，做功最少動能最小，故有，C正確；因為A帶正電，B不帶電，C帶負電，所以，所以，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、連接圖見解析49000圖像見解析0.35【解題分析】

(1)[1]如圖所示．(2)[2]設(shè)需要串聯(lián)的電阻阻值為Rx，則有:Ig(Rg＋Rx)＝5V代入數(shù)據(jù)可得Rx＝49000Ω.(3)[3]根據(jù)表格數(shù)據(jù)可以的下圖(4)[4]將定值電阻R0看做該電源的內(nèi)阻的一部分，則內(nèi)阻r′＝6Ω，由此可得路端電壓:U＝E′－Ir′在I1－I2圖線所在坐標(biāo)紙上作出該I－U圖象如上一問圖所示，可知其交點坐標(biāo)表示的電流約為0.32A，電壓約為1.1V，所以該小電珠消耗的功率約為:P＝UI=0.32×1.1W≈0.35W.12、（1）1．