廣東省揭陽市榕城區(qū)揭陽三中高一物理第一學期期末聯(lián)考模擬試題含解析

廣東省揭陽市榕城區(qū)揭陽三中高一物理第一學期期末聯(lián)考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、關于彈力，下列說法正確的是A.彈簧對小球的彈力，是由于小球發(fā)生形變產生的B.小球受到細線對它的拉力，是由于細線的形變產生的C.書本放在桌面上受到的支持力，是由書本的形變而產生的D.竹竿撥動水中的木頭時，竹竿受到的彈力是由于竹竿發(fā)生形變產生的2、如圖，一長l=0.5m的輕桿，一端固定在水平轉軸上，另一端固定一質量m=0.5kg的小球，輕桿隨轉軸在豎直平面內做角速度ω=4rad/s的勻速圓周運動，其中A為最高點，C為最低點，B、D兩點和圓心O在同一水平線上，重力加速度g=10m/s2，則（）A.小球在A點時，桿對小球的作用力方向豎直向下B.小球在B點時，桿對小球的作用力方向指向圓心C.小球在C點時，桿對小球的作用力大小為4ND.小球在D點時，桿對小球的作用力大小為N3、一質量為m的人站在電梯中，電梯加速上升，加速度大小為，g為重力加速度，人對電梯底部的壓力為（）A.2mg B.mgC.mg D.4、如圖，小球自a點由靜止自由下落，到b點時與彈簧接觸，到c點時彈簧被壓縮到最短，若不計彈簧質量和空氣阻力，在小球由a→b→c的運動過程中，說法正確的是A.小球、彈簧和地球構成的系統(tǒng)總機械能守恒B.小球的重力勢能隨時間先減少后增加C.小球在b點時動能最大D.到c點時小球動能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量5、某物體沿直線運動的v-t圖像如圖所示，由圖像可以看出物體：A.沿直線做往復運動B.加速度沒有變化C.全過程做勻變速直線運動D.沿直線向一個方向運動6、如圖所示，一本書靜止在水平桌面上，桌面對書的支持力為F，則F的反作用力是A.書所受的重力 B.書對桌面的壓力C.桌面所受的重力 D.地球對書的引力7、如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為θ的斜面底端，另一端與物塊A連接，兩物塊A、B質量均為m，初始時均靜止，現(xiàn)用平行于斜面向上的力F拉動物塊B，使B做加速度為a的勻加速運動，A、B兩物塊在開始一段時間內的v-t關系分別對應圖乙中A、B圖線，t1時刻A、B的圖線相切，t2時刻對應A圖線的最高點，重力加速度為g。則下列說法正確的是（）A.t1時刻，彈簧的形變量為B.t1時刻，A、B剛分離時的速度為C.t2時刻，彈簧形變量為0D.從開始到t2時刻，拉力F先逐漸增大后不變8、在“探究滑動摩擦力的大小與壓力、接觸面粗糙程度之間的關系”實驗中，某實驗小組先保持木塊與木板間接觸面的粗糙程度不變，通過改變砝碼個數(shù)來改變壓力，分別記錄彈簧測力計的示數(shù)及對應的壓力；然后改變接觸面的粗糙程度，重復上述實驗。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出f－FN圖像，如圖所示。由圖像可知（）A.對于同一接觸面，是一個定值B.對于不同接觸面，值不同C.圖像①對應的接觸面更粗糙D.圖像②對應的接觸面更粗糙9、一長輕質薄硬板C置于光滑水平地面上，其上放有質量均為2kg的A、B兩物塊，A、B與C之間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.2、μ2=0.3，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示．已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2．下列說法正確的是A.若F=12N，B、C間的摩擦力大小為6NB.若F=12N，B的加速度大小為2m/s2C.無論力F多大，B與C都不會發(fā)生相對滑動D.無論力F多大，A與C都不會發(fā)生相對滑動10、質點由靜止開始做直線運動，所受合外力大小隨時間變化的圖象如圖所示，則有關該質點的運動，以下說法中正確的是（）A.質點在0－2s內做勻加速運動B.質點在0－2s內速度不變C.質點在2－4s內加速度越來越小D.質點在2－4s內速度越來越大11、如圖所示，傳送帶傾角，從A到B的長度為,傳送帶以的速度逆時針轉動，在傳送帶上端無初速度放一個質量為m＝0．5kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)＝0.5，則物體從A運動到B()（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m／s2）A.一直做勻加速直線運動 B.先加速后勻速C.運動1s后與傳送帶速度相同 D.A運動到B的時間為2s12、如圖所示，兩個質量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質彈簧連接。兩個大小分別為F1=30N、F2=20N的水平拉力分別作用在物體上，使m1、m2以相同的加速度向右加速運動，則（）A.彈簧的彈力是50NB.彈簧的彈力是26NC.在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為5m/s2D.在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s2二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖甲所示為測定輕彈簧勁度系數(shù)的裝置，被測彈簧一端固定于A點，另一端B用細繩繞過定滑輪掛鉤碼，旁邊豎直固定一最小刻度為毫米的刻度尺，當掛兩個鉤碼時，繩上的定點P對應的刻度如圖乙中的虛線ab所示，再增加一個鉤碼后，P點對應的刻度如圖乙中的虛線cd所示。已知每個鉤碼質量50g，重力加速度g取9.8m/s2.則被測彈簧的勁度系數(shù)為________N/m。掛三個鉤碼時彈簧的形變量為________cm。（均保留三位有效數(shù)字）14、（10分）(1)如下圖所示為某同學所安裝的“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置，在圖示狀態(tài)下，開始做實驗，該同學有裝置和操作中的主要錯誤是：（至少三項）①.__________________;②.___________________;③._______________________.(2)某同學平衡摩擦力時是這樣操作的：將小車靜止地放在水平木板上，把木板不帶滑輪的一端慢慢墊高，如圖（乙），直到小車由靜止開始沿木板向下滑動為止．請問這位同學的操作是否正確？如果不正確，應當如何進行？答：__________________________________(3)如果這位同學先如(2)中的操作，然后不斷改變對小車的拉力F，他得到M（小車質量）保持不變情況下的a-F圖線是圖中的________（將選項代號的字母填在橫線上）(4)如圖給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6是計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點（圖中未標出，打點計時器頻率50Hz），計數(shù)點間的距離如圖所示．根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計算的加速度a=_______m/s2（保留三位有效數(shù)字）(5)實驗中要進行質量m和M的選取，以下最合理的一組是（）A.M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB.M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC.M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gD.M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）質量分別為m1、m2、m3、m4的四個物體彼此用輕繩連接，放在光滑的桌面上，拉力F1、F2分別水平地加在m1、m4上，如圖所示。求物體系的加速度a和連接m2、m3輕繩的張力F。（F1>F2）16、（12分）如圖所示，固定在水平地面上的斜面傾角為30°，物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)為，輕繩一端通過兩個滑輪與物塊A相連，另一端固定于天花板上，不計輕繩與滑輪的摩擦及滑輪的質量。已知物塊A的質量為m，連接物塊A的輕繩與斜面平行，掛上物塊B后，滑輪兩邊輕繩的夾角為90°，物塊A、B都保持靜止，重力加速度為g，假定最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，已知：sin30°=，cos30°=，sin45°=，cos45°=。(1)若掛上物塊B后，物塊A恰好不受摩擦力作用，求輕繩的拉力F拉的大??；(2)若物塊B的質量為m，求物塊A受到的摩擦力的大小和方向；(3)為保持物塊A處于靜止狀態(tài)，求物塊B的質量范圍。17、（12分）如圖所示，平板OP下端放置于地面形成一個斜面，調節(jié)上端點P與地面的距離，以改變斜面傾角θ．斜面上放置一質量為m＝1kg的物體，取g＝10m/s2（1）當θ＝30°時，物體靜止在斜面上，求此時物體對OP的壓力大小以及物體受到的靜摩擦力大?。唬?）當θ＝37°時，物體恰好能勻速下滑，求物體與平板OP間的動摩擦因數(shù)μ．（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】A．彈簧對小球的彈力，施力物體是彈簧，這個力是由于彈簧發(fā)生形變要恢復原狀產生的，故A錯誤；B．小球受到細線對它的拉力，施力物體是細線，這個力是由于細線發(fā)生形變要恢復原狀產生的，故B正確；C．書本放在桌面上受到的支持力，施力物體是桌面，這個力是由桌面發(fā)生形變要恢復原狀而產生的，故C錯誤；D．竹竿撥動水中的木頭時，竹竿受到的彈力施力物體是木頭，這個力是由于木頭發(fā)生形變要恢復原狀產生的，故D錯誤。故選擇B選項。2、D【解析】小球做勻速圓周運動，合力提供向心力。A．小球在A點時，解得：故桿對小球的作用力方向豎直向上，故A錯誤；B．小球在B點時，合力提供向心力，則桿對小球的作用力方向斜向右上方，故B錯誤；C．小球在C點時解得：故C錯誤；D．小球在D點時，桿對小球的作用力方向斜向做上方故D正確；故選D。3、C【解析】根據(jù)牛頓第二定律得，N-mg=ma，解得：，所以人對電梯底部的壓力為，故C正確，ABD錯誤4、A【解析】小球在A到B的過程中，只有重力做功，機械能守恒，在B到C的過程中，有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒．故A正確；小球的高度一直降低，重力勢能一直減小，選項B錯誤；小球與彈簧接觸前，做自由落體運動，速度在增大，當接觸后，由于重力大于彈力，小球的加速度仍舊向下，速度仍在增大，當重力等于彈力時，加速度為零，速度最大，故C錯誤；到C點，小球的速度為零，故到c點時小球重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量D錯誤；故選A考點：考查機械能守恒定律的應用點評：本題難度較小，確機械能守恒的條件是只有重力（或彈簧的彈力）做功；把握小球從b到c過程的受力分析和運動分析，知道小球先做加速運動，后做減速運動，在bc之間某位置速度最大，到c點速度減為零，彈簧壓縮到最短5、D【解析】AD．圖線和時間軸圍成的面積是位移，根據(jù)圖像可知物體的位移始終為正，做單向直線運動，A錯誤，D正確；B．圖像斜率的物理意義為加速度，圖像中斜率的方向在周期性的改變，所以加速度也在發(fā)生改變，B錯誤；C．勻變速直線運動要求加速度的大小和方向恒定，圖像中描述的運動不符合，C錯誤。故選D。6、B【解析】根據(jù)作用與反作用力的概念可知，桌面對書的支持力為F，則F的反作用力是書對桌面的壓力，故選B.7、AD【解析】考查牛頓第二定律的應用?！驹斀狻緼．由圖乙可知，t1時刻兩物塊開始分離，AB之間無彈力，對A受力分析，設此時壓縮量為x2，由牛頓第二定律：解得，A正確；B．初始時均靜止，設初始時壓縮量為x1，由平衡方程：解得則從開始到分離的位移為：由位移與速度的關系式：解得，B錯誤；C．t2時刻，A圖線的斜率為0，即A物體加速度為零，設此時壓縮量為x3，由平衡條件：解得，C錯誤；D．從開始到t1時刻，由牛頓第二定律：由于彈簧壓縮量減小，彈力減小，而加速度a不變，所以拉力F增大；t1到t2時刻，由于AB已經分離，B不受A的作用力，此時由牛頓第二定律：加速度不變，可知，拉力F不變，D正確。故選AD。8、ABC【解析】AB．單獨看①或者②，圖線的斜率，從圖中可知圖線斜率恒定，即表示對于同一接觸面，是一個定值，A正確；B．比較①②兩圖線，兩圖線的斜率不同，而這兩個圖線是在不同接觸面上實驗得到的，所以可知對于不同接觸面，值不同，B正確；D．圖中紅虛線與①②的交點，表示在正壓力相同的情況下對應摩擦力的大小，從圖中可知在正壓力相同時，①的摩擦力大，故①的接觸面更粗糙，C正確D錯誤。故選ABC。9、BC【解析】AB．A與C間的最大靜摩擦力為：NB與C間的最大靜摩擦力為：N由上可知，A與C間的摩擦力最大為4N，小于B與C的最大靜摩擦力6N，則當A剛要相對于板滑動時靜摩擦力達到最大值時，B與C相對靜止，設此時拉力為，加速度為，對B和C整體，由牛頓第二定律得：解得：m/s2對A、B和C整體，由牛頓第二定律得：N當F=12N>8N時，此時A與C相對滑動，B與C相對靜止，所以B與C之間的摩擦力為N，對B，由牛頓第二定律有：解得：m/s2，故A錯誤，B正確；CD．因A與C間的摩擦力最大為4N，小于B與C的最大靜摩擦力6N，所以無論力F多大，B與C都不會發(fā)生相對滑動；當拉力大于8N時，A與C會發(fā)生相對滑動，故C正確，D錯誤。故選BC10、ACD【解析】A．由圖象知，前2s內物體所受合力大小不變，故加速度恒定，物體做勻加速運動，故A正確；B．因為在0?2s內物體合外力不變，故物體做勻加速運動，故B錯誤；C．質點在2?4s內合外力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律知加速度越來越小，故C正確；D．物體在2?4s內加速度越來越小，但加速度沒有改變方向，故物體做加速度減小的加速運動，故D正確。故選ACD?！军c睛】根據(jù)牛頓第二定律由合外力情況確定物體加速度情況，由物體的加速度由運動學關系分析物體的運動情況。11、CD【解析】開始時，物體受到傳送帶向下的摩擦力向下做加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，則：a1＝=gsinθ+μgcosθ=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，當物體與傳送帶相對靜止時，物體的位移：；，即運動1s后與傳送帶速度相同，則：x2=16-5=11m；因為mgsinθ＞μmgcosθ，物體與傳送帶不能保持相對靜止，繼續(xù)加速運動，此后物體的加速度

a2＝=gsinθ-μgcosθ=10×0.6-0.5×10×0.8=2m/s2．則：x2＝vt+a2t2；代入數(shù)據(jù)解得：t2=1s；故共耗時t=t1+t2=2s．故選項CD正確，AB錯誤；故選CD.12、BD【解析】AB．對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度隔離對m1分析F1-F=m1a則彈簧的彈力F=F1-m1a=30-2×2N=26N故A錯誤，B正確；C．撤去F2后的瞬間，彈簧的彈力不變，則m1的加速度大小不變，仍然為2m/s2。故C錯誤；D．在突然撤去F1后的瞬間，彈簧的彈力不變，則m1的加速度故D正確。故選BD?！军c睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，掌握整體法和隔離法的運用。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、(1).70.0(2).2.10【解析】(1)[1]令x0、x1、x2分別指不掛鉤碼、掛兩個鉤碼、掛三個鉤碼時，定點P對應的刻度，由胡克定律，掛兩個鉤碼時F1=k(x1-x0)=2mg掛三個鉤碼時F2=k(x2-x0)=3mg則有=F2-F1=k(x2-x1)=mg所以勁度系數(shù)k為(2)[2]掛三個鉤碼時彈簧形變量14、①.（1）①長木板右端墊高可以平衡摩擦力②.②電源應該用6V交流電源③.③牽引小車的細線不與木板平行④開始實驗時，小車離打點計時器太遠.④.（2）不正確，應給小車一初速度，小車能勻速下滑⑤.（3）C⑥.（4）0.496⑦.（5）A【解析】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項；根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小【詳解】（1）錯誤之處有：①電源應用交流電；②沒有平衡摩擦力；③小車應靠近打點計時器端；④左端連接的細線應與木板平行（2）不正確．平衡摩擦力的結果是不掛砂桶時，給小車一個初速度，小車能夠勻速下滑．題中小車由靜止開始沿木板向下滑動，做的是勻加速運動（3）不施加力時小車有加速度，根據(jù)牛頓第二定律，隨著拉力增大，小車的加速度逐漸增大．故選C（4）由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，設0到1之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4?x1=3a1T2

x5?x2=3a2T2

x6?x3=3a3T2

為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值，得：a=(a1+a2+a3)即小車運動的加速度計算表達式為：a=×10?2m/s2=0.496m/s2；（5）本實驗要求砂桶和砂子質量遠小于小車質量，所以A組數(shù)據(jù)比較合理，故選A三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、a=，F(xiàn)=【解析】①由于物體系具有相同的向左的加速度，可將它們看成一個整體，整個系統(tǒng)水平方向受F1、F2作用，由牛頓第二定律F1-F2=(m1+m2+m3+m4)a計算得a=②以m1和m2兩物體為整體，該整體受到向左的F1和向右的F，加速度為a，取向左為正，有F1-F=(m1+m2)a將a代入可得F=【點睛】本題考查牛頓運動定律以及整體法與隔離法的運用，第一問中我們