山東省高密市物理高一第一學期期末復習檢測試題含解析

山東省高密市物理高一第一學期期末復習檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、伽利略在研究力與運動的關系時成功地設計了理想斜面實驗下面關于理想實驗的敘述中正確的是A.理想實驗是建立在經驗事實基礎上的合乎邏輯的科學推斷B.理想實驗完全是邏輯思維的結果，不需要經過客觀事實的檢驗C.過去的理想實驗是在現(xiàn)代實驗條件下可以完成的實驗D.理想實驗所提出的設想是不合乎實際的，因此得出的結論是脫離實際的、不可靠的2、如圖所示為甲、乙沿同一直線運動的速度圖象，由圖像可知錯誤的是（）A.甲做勻減速直線運動，加速度-1m/s2B.乙做勻加速直線運動，加速度為4m/s2C.運動到甲、乙速度相同時，甲、乙的位移均為50mD.甲、乙沿同向運動，乙開始運動時間比甲晚5s3、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，力F的大小與時間t的關系如甲圖所示；物塊的運動速度v與時間t的關系如乙圖所示，6s后的速度圖象沒有畫出，g取下列說法正確的是A.滑動時受的摩擦力大小是3NB.物塊的質量為C.物塊在內的加速度大小是D.物塊前6s內的平均速度大小是4、關于速度和加速度的關系，下列說法正確的是()A.速度變化得越多，加速度就越大B.速度變化得越快，加速度就越大C.加速度方向保持不變，速度方向也保持不變D.加速度大小不斷變小，速度大小也不斷變小5、甲乙兩輛汽車在平直的公路上沿同一方向做直線運動，t＝0時刻甲車在乙車前方9m處．在描述兩車運動的v-t圖像中（如圖），直線a、b分別描述了甲乙兩車在0～20s時間內的運動情況．關于兩車之間的位置關系，下列說法正確的是（）A.在0～10s內兩車逐漸靠近B.在0～20s內兩車相遇兩次C.在5～15s內甲車發(fā)生的位移大于乙車發(fā)生的位移D.在t＝10s時兩車間距最小6、身體素質拓展訓練中，人從豎直墻壁的頂點A沿光滑桿自由下滑到傾斜的木板上（人可看作質點），若木板的傾斜角不同，人沿著三條不同路徑AB、AC、AD滑到木板上的時間分別為t1、t2、t3，若已知AB、AC、AD與板的夾角分別為70o、90o和105o，則（）A.t1>t2>t3 B.t1<t2<t3C.t1=t2=t3 D.不能確定t1、t2、t3之間的關系7、如圖所示，用與豎直方向成θ角（θ＜45°）的傾斜輕繩a和水平輕繩b共同固定一個小球，這時繩b的拉力為F1，現(xiàn)保持小球在原位置不動，使繩b在原豎直平面內逆時針轉過θ角，繩b的拉力為F2，再逆時針轉過θ角固定，繩b的拉力為F3，則()A.B.C.繩a的拉力先減小后增大D.繩a的拉力一直減小8、將一個小球豎直向上拋出，最終落回拋出點，若運動過程中所受阻力大小恒定，方向與運動方向相反．則上升過程與下降過程相比較，下列說法中正確的是（

）A.上升階段加速度大 B.落回拋出點時速度與拋出速度大小相等C.下降階段加速度逐漸增大 D.下降階段運動時間長9、豎直升降的電梯頂部拴一彈簧秤，彈簧秤下端掛一重物，電梯靜止時，電梯中的人觀察到彈簧秤的示數(shù)為10N。某時刻電梯中的人觀察到彈簧秤的示數(shù)為12N，取g=10m/s2，則此時（）A.電梯中的人一定處于失重狀態(tài) B.電梯中的人一定處于超重狀態(tài)C.電梯可能向上加速運動，加速度大小為2m/s2 D.電梯可能向上減速運動，加速度大小為2m/s210、如圖甲所示，質量為M=2kg的木板靜止在水平面上，可視為質點的物塊(質量設為m)從木板的左側沿木板表面水平沖上木板，整個運動過程小物塊未滑離木板，物塊和木板的速度一時間圖象如圖乙所示，g=10m/s2，結合圖象，下列說法正確的是A.可求得物塊在前2s內的位移x=5mB.可求得物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.1C.可求得物塊的質量m=1kgD.可求得木板的最小長度為L=2m11、如圖所示，質量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質量為1kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結果正確的是（g取10m/s2）A.A加速度的大小為2.5m/s2B.B加速度的大小為2m/s2C.彈簧的彈力大小為50ND.A、B間相互作用力的大小為8N12、一位同學乘坐直升電梯從一樓上到六樓的過程中，其v－t圖像如圖所示。已知該同學的質量m＝60kg，g＝9.8m/s2.下列說法正確的是（）A.2－9s時間內該同學處于平衡狀態(tài) B.前2s內該同學處于超重狀態(tài)C.前2s內該同學對電梯底部的壓力大小為540N D.10s內電梯的位移大小為17m二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖為“探究物體的加速度與質量和受力的關系”的實驗裝置．沙和沙桶的質量為m，小車和砝碼的質量為M.實驗中將沙和沙桶的重力作為細線對小車的拉力(1)實驗前，在進行平衡摩擦力的操作時，下列注意事項正確的是（）A.應該讓小車連接紙帶并穿過打點計時器B.必須讓小車連接沙桶C.紙帶和沙桶都應連接D.紙帶和沙桶都不能連接(2)現(xiàn)保持沙和沙桶的總質量m不變，改變小車和砝碼的總質量M，探究加速度和質量的關系．如圖是某次實驗中打出的一條紙帶，交變電流的頻率為50Hz，每隔4個點選一個計數(shù)點，則小車的加速度為________m/s2(保留兩位有效數(shù)字)．通過實驗得到多組加速度a、質量M的數(shù)據(jù)，為了方便準確地研究二者關系，一般選用縱坐標為加速度a，則橫坐標為_________(填“M”或“”)14、（10分）如圖所示為某同學研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”的實驗裝置示意圖（1）下面列出了一些實驗器材：電磁打點計時器、紙帶、帶滑輪的長木板、墊塊、小車和砝碼、沙和沙桶、刻度尺．除以上器材外，還需要的實驗器材有________A．秒表B．天平（附砝碼）C．低壓交流電源D．低壓直流電源（2）實驗中，需要平衡阻力．把木板一端墊高，調節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時能沿木板________（3）實驗中，為了保證小車受到繩子的拉力近似等于沙和沙桶所受的重力，沙和沙桶的總質量m與小車和車上砝碼的總質量M之間應滿足的條件是________（4）如圖所示，A、B、C、D、E為五個相鄰的計數(shù)點，若相鄰計數(shù)點之間的時間間隔T＝0.10s，相鄰計數(shù)點間的距離分別為xAB＝4.54cm，xBC＝5.13cm，xCD＝5.72cm，xDE＝6.33cm，則小車的加速度a＝________m/s2（結果保留3位有效數(shù)字）（5）為了直觀得到加速度a與小車和車上砝碼的總質量M的關系，本實驗需多次改變M，測量相應的加速度a，并描繪a與_______的關系圖像三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，小剛同學用與水平地面成角的拉力F，拉著質量為11.4kg的箱子在水平地面上勻速前進，在水平地面另一端放一個固定傾角為θ=37°的斜面（斜面足夠長）。當箱子運動到斜面時，撤去拉力，箱子在斜面上繼續(xù)滑行，滑行的最大距離s=4m。箱子與水平地面之間、箱子與斜面之間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.25。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）求：（1）拉力F的大??；（2）箱子在水平地面上勻速前進時速度的大小。16、（12分）已知，在光滑的水平面上靜止著長木板B，滑塊A與長木板B之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.3，A的質量為mA=1kg，B的質量為mB=3kg，A以水平初速度v=8m/s的速度沖上長木板B的左端，經過一段時間，兩者速度相等，A沒有運動到B板的右端，二者相對靜止一起運動向墻壁運動，B與墻壁碰撞后，以原速率反向彈回。（已知重力加速度g=10m/s2）問：（1）在與墻壁碰撞前，從A沖上木板到AB相對靜止，經過多長時間？（2）為了保證A不從木板右端落下，木板至少要多長？17、（12分）燈重G=20N，AO與天花板間夾角α=30°，試求:（1）AO、BO兩繩受到的拉力？（2）三根繩子完全相同，若將燈泡換為重物且不斷增加重量，則這三根繩子中最先斷的是哪根?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】在伽利略研究力與運動的關系時，先是在斜面實驗的基礎上，成功地設計了理想斜面實驗，開創(chuàng)了物理實驗的先河，使物理學進入到一個偉大的時代．理想實驗以實際的實驗為依據(jù)，抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而能夠更深刻地揭示了自然規(guī)律【詳解】在伽利略研究力與運動的關系時，是在斜面實驗的基礎上，成功地設計了理想斜面實驗，他以實際的實驗為依據(jù)，抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而能夠更深刻地揭示了自然規(guī)律因此，理想實驗是實際實驗的延伸，是建立在實際事實基礎上的合乎邏輯的科學推斷，A正確；理想實驗的結果，要經過客觀事實的檢驗，才能證明其是否正確，B錯誤；理想實驗抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而能夠更深刻地揭示了自然規(guī)律理想實驗在現(xiàn)代實驗條件下也不可以完成，C錯誤；理想實驗抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而能夠更深刻地揭示了自然規(guī)律，故D錯誤2、C【解析】A．由圖可知，甲做勻減速直線運動，加速度為故A正確，不符合題意；B．由圖可知，乙做勻加速直線運動，加速度為故B正確，不符合題意；C．時，兩圖像相交，說明此時兩物體的速度相同，甲的位移為乙的位移為故C錯誤，符合題意；D．由圖可知，兩物體的速度均沿正方向，乙開始運動時間比甲晚，故D正確，不符合題意。故選C。【點睛】對于速度時間圖像要明確以下幾點：每一點的坐標表示該時刻物體的速度；圖像的斜率表示物體的加速度；圖像與時間軸圍成的面積表示物體在這段時間內通過的位移。3、B【解析】A．由速度﹣時間圖象可以知道，在3～6s內，物體處于勻速直線狀態(tài)，即物體所受到的摩擦力大小應該與推力F大小相等，F(xiàn)滑=F推=6N，故A錯誤；B．在0～3s內，物體做勻加速直線運動，a=2m/s2，F(xiàn)合=ma=F推﹣F滑=3N，得出m=1.5kg，故B正確；C．在6～9s內，F(xiàn)推=3N，F(xiàn)滑=6N，F(xiàn)合=ma=F滑﹣F推=3N，得出a=2m/s2，故C錯誤；D．由速度時間圖象面積可知，0～6s內物體的位移X=（3+6）×6m=27m，物塊前6s內的平均速度大小v==4.5m，故D錯誤故選B4、B【解析】速度變化得越多，加速度不一定就越大，還與時間有關，選項A錯誤；加速度是速度的變化率，速度變化得越快，加速度就越大，選項B正確；加速度方向保持不變，速度方向不一定也保持不變，例如做勻減速運動的物體，速度減到零后反向運動，選項C錯誤；若加速度和速度同向，則當加速度大小不斷變小時，速度不斷變大，選項D錯誤；故選B.5、B【解析】根據(jù)兩車的速度大小分析它們之間的位置關系．根據(jù)圖象的“面積”分析兩車何時相遇和位移關系【詳解】A、B、D、前10s內乙比甲多行的位移為,故在10s前乙已經追上甲車并超過，而10s前后兩車可以通過相等的位移，則20s前甲車可再次追上乙車，即兩車相遇兩次，兩車的距離最小為零在10s前；0~10s內兩車先靠近后遠離；故B正確，A，D錯誤.C、在5～15秒內兩車圖線的“面積”相等，則通過的位移相等；故C錯誤.故選B.【點睛】本題根據(jù)速度圖象分析兩車的運動情況，抓住“面積”等于位移大小，確定兩車的位置關系，本題需要注意開始時甲車在乙車前方9m6、A【解析】若以OA為直徑畫圓，則AB交圓周與E點，C點正好在圓周上，D點在圓周之內，AD的延長線交圓周與F點；設AC與AO的夾角為α，則可知人從A到C的時間為，可知與斜面的傾角無關，及人從A點滑到E、C、F的時間是相等的，則可知人從A點滑到BCD的時間關系是：t1>t2>t3，故選A.考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】此題是牛頓第二定律的應用問題；要抓住物體從直徑的頂端沿光滑斜面滑到圓周上時所用的時間是相等的這一結論，則很容易解答此題；同樣物體從圓周上的各點滑到圓周的底端時的時間也是相等的，這些結論都要記住.7、BD【解析】本題考查共點力的平衡及動態(tài)平衡【詳解】對小球進行受力分析如圖所示，根據(jù)三角形法則有由幾何關系，可知F2與輕繩a垂直時，此時拉力最小，故有，即B選項正確，在輕繩b逐漸向上轉動過程中可以看出輕繩b中的拉力逐漸變小，故D選項正確綜上所述，本題正確答案選BD8、AD【解析】根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小；根據(jù)勻變速直線運動的位移時間關系求解時間的大小【詳解】A、根據(jù)牛頓第二定律可知：上升過程中的加速度大小為：，下降過程中的加速度大小為：，故上升階段的加速度大，A正確；B、設拋出時的初速度大小為，則在上升階段，，在下降階段，，其中是再次落回拋出點時的速度大小，因為，故，故B錯誤CD、上升過程中和下降過程中的位移相等，根據(jù)位移關系可得：，則有：，上升過程中的加速度大，則時間短，所以C錯誤，D正確；故選AD【點睛】對于牛頓第二定律的綜合應用問題，關鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運動學的計算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學和運動學的橋梁9、BC【解析】AB．電梯靜止時，電梯中的人觀察到彈簧秤的示數(shù)為重物的重力mg，人觀察到彈簧秤的示數(shù)為12N＞10N，說明電梯中的人一定處于超重狀態(tài)，故A錯誤，B正確；CD．由mg=10N，的m=1kg，其加速度方向向上，電梯可能向上加速運動，也可能向下做減速運動，根據(jù)牛頓第二定律：F-mg=ma得故C正確，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】根據(jù)圖象的“面積”可求得位移，得到木板的長度．由斜率得到加速度，以m為研究對象，據(jù)牛頓第二定律求解動摩擦因數(shù)．由動量守恒可求得物塊的質量m【詳解】A.圖象的“面積”大小等于位移，可求出物塊在t=2s時的位移x=×（2+4）×1+2×1=5m，故A正確；B.由圖象的斜率等于加速度，可求出m勻減速運動的加速度大小a1=2m/s2，以物塊m為研究對象，由牛頓第二定律得：μmg=ma1，μ=a1/g，可求出物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.2.故B錯誤；C.由圖知兩個物體速度相同后一起作勻速直線運動，說明水平面是光滑的，以兩個物體組成的系統(tǒng)為研究對象，取m的初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒得：mv0=(M+m)v，代入數(shù)據(jù)4m=（2+m）×2，可求得m=2kg，故C錯誤；D.木板的長度等于兩圖象在0?1s內“位移”之差，可求出L=×（2+4）×1-×2×1=2m，故D正確故選AD.11、BD【解析】A、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細線前，對A由平衡條件得，彈簧的彈力：，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細線瞬間彈力大小仍為；剪斷細線后，A、B一起向下加速運動，對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：，解得：，故A錯誤，BC正確；D、對B，由牛頓第二定律得：，解得：，則A、B間的作用力為，故D正確點睛：彈簧的彈力不能突變，以A、B系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以B為研究對象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力12、ABD【解析】A．由圖像可知，2－9s時間內該同學做勻速直線運動，加速度為零，由牛頓第二定律，可得合力F為零，所以該在此時間段處于平衡狀態(tài)，A正確；B．該同學乘坐直升電梯從一樓上到六樓，規(guī)定向上為正方向，前2s物體的加速度為正，即加速度向上，此為超重狀態(tài)，B正確；C．前2s加速度向上，大小為，令FN為電梯對人支持力，對人分析，由牛頓第二定律，有FN-mg=ma代入數(shù)值計算的FN=648N由牛頓第三定理，可知前2s內該同學對電梯底部的壓力大小為648N，C錯誤；D．速度—時間圖像所圍成的面積表示位移，則10s內電梯的位移D正確。故選ABD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、A；2．0；1/M【解析】（1）平衡摩擦力時讓小車拖著紙帶運動，若能做勻速直線運動，摩擦力得到平衡，故選A（2）由圖可知x12=3．10cm，x23=5．10cm，x34=7．10cm，x45=9．10cm，x56=11．10cm，可知連續(xù)相等時間內位移之差△x=2．00cm，根據(jù)△x=aT2得，加速度因為a與M成反比，為了得出a與M的線性關系，作圖線14、①.BC②.勻速下滑或做勻速直線運動均可③.④.0.595⑤.【解析】（1）[1]電磁打點計時器需要使用低壓交流電源，實驗過程中需要測量小車質量、沙與沙桶質量，因此實驗需要用到天平，故BC正確，AD錯誤；（2）[2]實驗前要平衡摩擦力，把木板一端墊高，調節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時能沿木板做勻速直線運動；（3）[3]以整體為研究