2021屆高考物理臨考模擬卷 新高考版（七）（重慶專版）

絕密★啟用前

2021屆高考物理臨考模擬卷新高考版（七）（重慶

專版）

注意事項：1、答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2、請將答案正確

填寫在答題卡上

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.古代水車的工作原理涉及到平拋運動、圓周運動的知識。如圖所示，水自水平的水管流出，

水的軌跡與下邊放置的水車邊緣相切，水沖擊水車邊緣上的擋水板，可使水車連續(xù)轉動。當

水車穩(wěn)定運行時，近似認為水到達水車邊緣時的速度大小與水車邊緣的線速度大小相同。調

整輪軸0的位置，使水流與水車邊緣切點對應的半徑與水平方向的夾角為6=3?！?。已知水

管出水口距輪軸0的豎直距離/?=6.4m,水車轉動的角速度。=6rad/s,不計擋水板的大小,

不計空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2,則水車的半徑大小口為（）

A.1mB.1.5mC.2mD.2.5m

2.汞原子的能級圖如圖所示，可見光光子的能量范圍約為1.62~3.11eV,普朗克常量

力=6.6x107J.s,真空中的光速c=3.0xl()8m/s。下列說法正確的是()

nE/eV

00-----------0

4--------------------1.6

3---------------------2.7

2---------------------5.5

1-------------------10.4

A.汞原子從〃=4能級躍遷到〃=3能級輻射出的電磁波是可見光

B.從〃=3能級向低能級躍遷時，汞原子核最多能產生3種譜線

C.用波長為200nm的光照射，能使一群處于〃=2能級的汞原子電離

I）.汞原子從〃=4能級躍遷到〃=1能級比從〃=4能級躍遷至I]“=3能級輻射出的電磁波速度

大

3.如圖所示，在某一空間存在著豎直向下的勻強電場E,在該空間中的A點存在一電荷量為

Q的正點電荷，現有一帶負電的物體以速度v從B點水平飛入電場，已知4B兩點之間的

距離為r,下列關于物體運動的描述正確的是（）

A.若帶負電物體的比荷滿足幺=與，物體一定做勻速圓周運動

mE

B.若帶負電物體的比荷滿足幺=與，物體一定做勻速直線運動

mE

2

C.若帶負電物體滿足聾2=）rv",物體一定做勻速圓周運動

EkQ

D.若帶負電物體滿足幺=春=/，物體一定做勻速圓周運動

mEkQ

4.如圖所示，半徑為R、質量為m的半圓形導線框用兩根絕緣細線懸掛，靜止時導線框直線

邊水平，導線框中通有順時針方向的電流，圖中水平虛線為勻強磁場的上邊界，勻強磁場的

磁感應強度大小為B,方向垂直于導線框向里，處于磁場區(qū)域的導線框對應的圓心角為

120°,此時每根細線的拉力大小均為入。現保持其他條件不變，將虛線下方的磁場移至虛

線上方，使虛線為勻強磁場的下邊界，此時每根細線的拉力大小均為鳥，則導線框中的電

流大小為（）

2(i)R03c)八6(口甲

幣BR,幣BRBnRBnR

5.如圖所示，有一規(guī)則的六角星線圈，AB"DF,E與C之間的距離為44必與〃之間區(qū)域

存在勻強磁場，磁場的寬度為4乙，長度足夠長，若此線圈以速度v勻速進入磁場，設感應

電流沿CD4E8廠方向為正方向，線圈勻速進入磁場過程中，感應電流i隨時間t變化圖像

正確的是（）

6.據國家航天局消息，截至目前，“天問一號”已在軌飛行97天，距離地球約4400萬千米,

飛行路程約2.56億千米，探測器各系統(tǒng)狀態(tài)良好，地面測控通信各中心和臺站跟蹤正

常.2020年10月28日22時，在我國首次火星探測任務飛行控制團隊的控制下，我國首次

火星探測任務“天問一號”探測器的8臺25N發(fā)動機同時點火工作，順利完成第三次軌道

中途修正.在接下來的七八個月時間里，“天問一號”都會乖乖地在預定軌道上朝著紅色星

球前行，預計2021年5月擇機登陸。下列說法正確的是（）

A.“天問一號”的發(fā)射速度大于第三宇宙速度

B.“天問一號”在第三次軌道中途修正的前后，可視為在同一位置，則線速度增大，向心加

速度增大

C.“天問一號”在第三次軌道中途修正后，按預定軌道上朝紅色星球前行的過程中，動能減

小，與地球系統(tǒng)的引力勢能增大，機械能增大

D.“天問一號”擇機登陸時，受到火星的萬有引力遠遠大于太陽的萬有引力

7.如圖所示，垂直墻角有一個截面為半圓的光滑柱體，用細線拉住的小球靜止靠在接近半圓

底端的M點.通過細線將小球從M點緩慢向上拉至半圓最高點的過程中，細線始終保持在小

球處與半圓相切.下列說法正確的是（）

A.細線對小球的拉力增大

B.小球對柱體的壓力增大

C.柱體受到水平地面的支持力逐漸減小

D.柱體對豎直墻面的壓力先減小后增大

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分有選錯的得0分。

8.蹦極運動由于緊張刺激，深受現在年輕人的喜愛。一質量為m的人從靜止下落，僅在豎直

方向上運動，彈性繩對人的彈力F隨時間t的周期性變化如圖所示.空氣阻力忽略不計，重

力加速度為g，則下面說法正確的是（）

A.人從2的瞬間開始下落

B.彈性繩的原長L=

C.從芍到。的過程中，人的重力勢能增大，彈性繩的彈性勢能減小，人的動能先增大后減小

D.從4到。的過程中，人的加速度先增大，后減小

9.如圖所示，接線柱久。接在穩(wěn)定工作的正弦交流電源上，M是一小型理想變壓器，變壓器

原、副線圈匝數比為2:1,各電表為理想電表，與為用半導體材料制成的熱敏電阻，其阻值

隨溫度的升高而減小，其余電阻為定值電阻，則以下說法中正確的是（）

A.若變壓器輸入電壓瞬時值為“=311sin314r（V）,則輸出電壓為110V,頻率50Hz

B.&處溫度升高，R消耗電功率增大

C.&處溫度升高，Y的示數不變，A1的示數增大

D.R2處溫度升高，匕的示數減小，A2的示數減小

10.如圖甲、乙所示有兩個物塊A、B,質量分別為犯、生，〃4=2仍=2%，甲圖中用輕繩

將兩物塊連接在滑輪組上，乙圖中用輕繩將兩物塊連接放在固定光滑斜面上，斜面傾角為

30°,滑輪的質量不計，輕繩與滑輪的摩擦也不計，重力加速度為g?，F將兩物塊從靜止釋

放，物塊A上升一小段距離h,在這一過程中，下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩圖中，兩物塊的重力勢能之和均不變

B.甲圖中，A物塊上升到h高度時的速度為母

C.甲圖中，輕繩對兩物塊做的功率大小不相等

D.甲、乙兩圖中，輕繩的拉力大小分別為弩■和根g

三、非選擇題：共57分。第11?14題為必考題，每個試題考生都必須作答。第15?16題

為選考題，考生根據要求作答。

（-）必考題：共45分。

11.（6分）某同學利用圖甲裝置測定當地重力加速度，在所打出的紙帶上選取一段進行研

究，取某點。作為計時起點，依次取出多個計數點，用刻度尺測量各計數點與起點0的距離

d并記錄，如圖乙所示。

（1）若相鄰計數點之間時間間隔為T,則打下計數點1時的重錘速度為匕=,當地重

力加速度為g=;（兩空均用紙帶標注的距離和T表示）

（2）作出關系圖像，如圖丙所示，據此回答下列問題（保留三位有效數字）：

t

打下0點時速度為;當地重力加速度數值為:

（3）該同學查閱資料后發(fā)現，當地實際重力加速度數值為9.78m//,檢查之后發(fā)現操作沒

有錯誤，那么你認為造成該誤差的可能原因是。

12.（9分）某研究性學習小組設計如圖甲所示的電路來測定電源的電動勢E、內阻r及待測

電阻凡的阻值，通過改變滑動變阻器的阻值，記錄多組電壓表V、V?及電流表A的讀數（電

表均為理想電表），并描點作圖得到如圖乙所示的出如兩條圖線。

UN

01.02.03.0//A

乙

（1）由電壓表V1與電流表A的示數描繪的圖線是圖乙中的?（填“a”或"b”）

（2）由圖乙可得，電源電動勢V,內阻r=Q,待測電阻

&=Q。（結果保留兩位有效數字）

（3）在滑動變阻器滑片滑動的過程中，電壓表Y、％讀數變化量的絕對值分別用aq、At/,

表示，電源內阻為r,定值電阻阻值為則與L=。（用題中物理量符號

表示）

13.（12分）一質量"=4kg的物塊A,在水平拉力作用下從靜止開始運動，拉力大小F隨

位移大小x變化關系如圖乙所示.一質量為〃?=lkg的物塊B放置在物塊A前方x=6m處，

己知木板與地面的動摩擦因數〃=0.5,g=10m/s2,物塊A、B均可看成質點。

(1)若物塊A與物塊B發(fā)生完全非彈性碰撞，求碰撞過程中損失的能量；

(2)若物塊A與物塊B發(fā)生彈性碰撞，求最終停下來后，兩物塊的間距As。

14.(18分)如圖所示，在平面直角坐標系X。)，中的第一象限內，所在直線的左側存在

有界正交的勻強電場、磁場，右側存在沿x軸正方向的電場，其中M點坐標為(46m,0m),

P點坐標為(46m,4m),電場強度回=40N/C。一質量為機=2x10,kg、帶正電的小球,

從點Q(0m,8m)以％=1m/s的水平速度射入第一象限，從P點穿出電磁場.已知小球在復

合場中做勻速圓周運動，重力加速度g=10m/s2。求:

(1)勻強磁場的磁感應強度B；

(2)小球從P點穿出后，進入水平向右的勻強電場，然后沿直線運動并經過x軸上的N點,

該勻強電場的電場強度與；

(3)小球在N點的動能(結果保留兩位有效數字)。

(二)選考題：共12分。請考生從第15題和第16題中任選一題作答，若兩題都做，則按

所做的第一題記分。

15.【選修3-3】(12分)

(1)(4分)密閉容器中封閉一定質量的理想氣體，當氣體的狀態(tài)發(fā)生1-2-3-4-1變

換時，氣體的壓強和熱力學溫度的變化規(guī)律如圖所示，線段12的延長線過原點0,線段23

的延長線垂直P軸，線段34的延長線垂直T軸，則下列說法正確的是。

A.由狀態(tài)1到狀態(tài)2的過程，氣體對外做功

B.由狀態(tài)2到狀態(tài)3的過程，氣體吸收熱量

C由狀態(tài)3到狀態(tài)4的過程，氣體放出熱量

D.由狀態(tài)4到狀態(tài)1的過程，氣體吸收熱量

（2）（8分）一異形封閉圓筒，圓筒的軸線和桶底成60°傾角，中間用質量為冬3kg、厚

3

度不計、橫截面積為10cm?的擋板隔開，擋板可無摩擦地上下移動，除桶上部分材料為耐

高溫的導熱材料外，其他部分都是由耐高溫的絕熱材料構成，已知上部分氣體體積為400L,

壓強為2.0xl（）5Pa,下部分氣體體積為100L,初始溫度為27℃,重力加速度g=10m/sz,

（i）下部分氣體的壓強；

（ii）為使上下部分的體積相等，通過下部分內的電熱絲給氣體加熱使其溫度升高，其最終

溫度（結果保留整數）。

16.【選修3-4】（12分）

（1）（4分）甲、乙兩個振源振動過程中位移與時間的關系如圖所示，下列選項中描述正

確的是一

A.甲、乙兩個振源形成的波在不同介質中傳播各自的頻率保持不變

B.甲、乙兩個振源形成的波在不同介質中傳播各自的頻率發(fā)生變化

C.甲、乙兩個振源形成的波在空間相遇能形成穩(wěn)定的干涉波

D.甲、乙兩個振源形成的波在同種介質中傳播的速度不同

(2)(8分)如圖所示為等腰直角三角形玻璃磚的截面圖，的長度為"，ZB=45°,折

射率〃=啦.一單色光從他面距B點;d處垂直射入，已知光在真空中的傳播速度為c,求:

(i)出射光線的傳播方向；

(ii)該單色光通過玻璃磚的時間。

答案以及解析

1.答案：C

解析：本題考查平拋運動與圓周運動的結合。設水流到達水車邊緣時的速度大小為V,根據

勻速圓周運動規(guī)律有u=根據平拋運動規(guī)律可知，水流到達水車邊緣時的速度在豎直

方向的分量為Vv=vcos30。，水流運動的高度〃=—Rsin30。，水流在豎直方向做自由落體

運動，有2g"=v；,聯立可得R=2m,C正確。

2.答案：C

解析：汞原子從〃=4能級躍遷到力=3能級輻射出的電磁波的能量￡=￡,-E?=1.1eV,不

在可見光光子的能量范圍內，A錯誤；從高能級向低能級躍遷時，汞原子一定向外輻射能量,

而不是汞原子核輻射能量，B錯誤；能使一群處于〃=2能級上的汞原子電離，所需要的電

磁波能量E55eV,根據￡=加=與，可得4=解得入225nm,C正確；電磁波在

真空中的速度都是光速c,D錯誤。

3.答案：D

解析：根據力與運動的相關知識，物體做勻速直線運動的前提是合力為零，若沿直線運動，

不同時刻帶負電物體與點電荷Q間的距離不同，所以點電荷Q對帶負電物體的作用力大小發(fā)

生變化，因為物體所受重力和勻強電場的作用力是恒力，故不可能做勻速直線運動，選項B

錯誤；物體做勻速圓周運動要求合力大小恒定，方向不斷改變，滿足qE=mg,因為帶負電

物體距離點電荷Q的距離為r,根據圓周運動條件可知需滿足4絲=機匕，解得

rr

2=1=4；,選項AC錯誤，D正確。

mkQE

4.答案：B

解析：本題考查通電導線框在磁場中的受力問題。當磁場在虛線下方時，由處于磁場區(qū)域的

導線框對應的圓心角為120?？芍?，處于磁場中的導線框有效長度為6/?,由左手定則可知

導線框受到向下的安培力，大小為由平衡條件知2片=，理+4；當把磁場移

到虛線上方時，導線框受到向上的安培力，大小為展=6B/R,由平衡條件知

2B+F安=mg,兩式聯立可得故選B。

5.答案：A

解析：六角星E、C兩端點的距離與磁場寬度均為4L,線圈速度為v,則線圈完全進入磁場

所需時間為三，根據楞次定律可知，線圈進入磁場時產生的感應電流為正方向，由電動勢

V

公式知E=8位/為線圈切割磁感線的有效長度，由線圈的形狀可知，切割磁感線的等效長

度先增大后減小再增大再減小，所以感應電流的大小為先增大后減小再增大再減小，故A

正確，BCD錯誤。

6.答案：D

解析：“天問一號”需要擺脫地球引力的束縛才能進入預定軌道向火星運動，即發(fā)射速度大

于第二宇宙速度小于第三宇宙速度，A錯誤；“天問一號”在第三次軌道中途修正的前后,

上GM—

可視為在同一位置,由：=a可知,“天問一號”的向心加速度不變，由于第三次軌道中

途修正，需要打開發(fā)動機加速，則線速度增大，B錯誤；由v=可知'在“天問一號”

飛向火星過程中，軌道半徑增大，線速度減小，動能減小，與地面系統(tǒng)的引力勢能增大，只

有引力做功，機械能守恒，C錯誤；“天問一號”擇機登陸，即被火星所捕獲時，受到火星

的萬有引力遠遠大于太陽的萬有引力，將圍繞火星運動，D正確。

7.答案：B

解析：以小球為研究對象，設小球的質量為m,所在位置沿切線方向與豎直方向夾角為0,

沿切線方向有耳=mgcos。，沿半徑方向有&=%gsin。，通過細線將小球從M點緩慢向上

拉至半圓最高點的過程中0增大，所以細線對小球的拉力減小，小球對柱體的壓力增大，

故A錯誤，B正確；以柱體為研究對象，設柱體的質量為M,豎直方向有

尊=Mg+&sin。=Mg+mgsin20水平方向有

4s=48$。=幽?$山（93$。=3叫5沿2。,。增大，柱體受到水平地面的支持力逐漸增大，柱

體對豎直墻面的壓力先增大后減小，當6=45°時柱體對豎直墻面的壓力最大，故CD錯誤。

8.答案：AC

解析：由題圖可知4=g-。，從4到4的過程中，彈力為零，人先向上勻減速，再反向勻加

速，即做自由落體運動的時間『=2="上，A正確；由于空氣阻力忽略不計，有

22

=[g&_，4『，B錯誤;

從到。的過程中，人從最低點向上運動，重力勢

能增大，彈性繩逐漸恢復原長，彈性勢能減小，當合外力為零時，加速度為零，速度達到最

大值，動能先增大后減小，C正確；從芍到。的過程中，人的加速度先向上減小，再向下增

大，D錯誤。

9答案:ABD

U

解析：由題意得變壓器輸入電壓有效值為220V,由知n，輸出電壓有效值為110V,

Un

變壓器不改變交流電的頻率，輸入電壓頻率為50Hz,輸出電壓頻率也為50Hz,故A正確;

4處溫度升高，&阻值減小，變壓器副線圈回路總阻值減小，由歐姆定律可知經過冬的電

流人增大，由「入=端得A1的示數4增大，R消耗的電功率P=/：R增大，故B正確；曾大,

R兩端的電壓增大，又因為R兩端的電壓與V1的示數之和不變，所以V1的示數減小，故C

錯誤；Y的示數即變壓器的輸入電壓減小，由三U=二n知，輸出電壓4減小，而4=力+。3,

Un

又因為q=增大，所以。2即V,的示數減小，A,的示數減小，故D正確。

10.答案：BD

解析：本題考查連接體的機械能守恒問題。根據機械能守恒可知，B物塊減小的重力勢能全

部轉化為A物塊的重力勢能和兩物塊的動能，則兩物塊的重力勢能之和發(fā)生變化，選項A

錯誤；題圖甲中，根據動滑輪的特點可知，B物塊的速度為A物塊速度的2倍，根據動能定

理可得m2g?Z/z-Mig/wJnjV；,解得斗=，選項B正確；題圖甲中同一根輕

繩的拉力相同，故輕繩對B物塊做功的功率鳥=尸丫2,輕繩對A物塊做功的功率[=2尸"，

由于V2=2V,，故輕繩對B物塊做功的功率與輕繩對A物塊做功的功率大小相等，選項C錯

誤；對題圖甲中兩物塊，根據動滑輪的特點可知，A物塊的加速度為B物塊的加速度的一半,

根據牛頓第二定律可知2F-gg=，4a,，%8-尸=?。',"=2〃，聯立解得尸=等，對題

圖乙中兩物塊，根據牛頓第二定律可知F'-仍gsin3(T=町4,m2g-F'==a,,解得

F'=mg,選項D正確o

11.答案:⑴奈—

(2)1.00m/s；9.60m/s2

(3)重錘和紙帶下落過程中受到阻力作用

解析：(1)由可知匕=今；由逐差法可以計算且=名等；

(2)重錘下落過程中做勻加速直線運動，設打下0點時速度為%，則d=%f+gg”,將表

達式變形得到：=%+ggf,所以圖像上縱軸截距為打下0點時速度%=LOOm/s；圖線斜

率％=gg，由圖線知斜率數值為4.80m/s?，所以g=9.6。m/s?；

(3)所測量的重力加速度數值小于當地實際加速度，主要原因在于重錘和紙帶下落過程中

受到打點計時器阻力及空氣阻力作用，導致其所受合力小于重力，所以實際加速度小于重力

加速度。

12.答案:(1)a

(2)2.7；0.90；1.8

解析：本題通過電路圖和圖線考查測定電源的電動勢、內阻及待測電阻。

(1)根據。=E-/，-可知U2-I圖像的斜率絕對值應該等于電阻人和電源內阻之和,U「1

圖像的斜率絕對值應該等于電源內阻，可知6-/圖像的斜率絕對值較大，G-/圖像的斜

率絕對值較小，即由電壓表V,與電流表A的示數描繪的。-/圖線是題圖乙中的a；

(2)由題圖乙和U=E—"可得，電源電動勢E=2.7V,由圖線a可得

'J當l=Mo=0-9°Q，由圖線b可得R,+r=Ag=Mo=2.7C，待測電阻

|A/|3.0A/1.0

凡=1.8Q；

(3)根據U=可知，5=E-Ir,U、=E-I(R<+r),則也=z?，空=4+「，則

A/A/

r

AtA~Rx+r°

13.答案：(1)16J(2)8.8m

解析：(1)以物塊A為研究對象，從靜止到物塊43發(fā)生碰撞之前，由動能定理可知

W,.-juMgx=-Mv^

且拉力F做的功％即為題圖線與x軸所圍成圖形的面積

代入解得％=2A/TOm/

物塊A與物塊B發(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律有Mv0=(M+/n)v

解得v=當/mm/s

5

即碰撞過程中能量損失

11

E=-Mv^7--(M+n?)v29=16J

(2)若物塊A與物塊B發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律可知

由能量守恒可知g=gMv-+~〃璘

聯立解得v,="二"％=處m/s

M+m5

2M16M,

%=-----v=------m/s

2M+mn°5

此后，物塊A、8都在摩擦力的作用下做勻減速直線運動，由動能定理可知

_//腌5[=0_gMvf

八12

-jumgs2=0-—mv2

切/日36256

解得S|=Z7m，5.=——m

2525

則兩物塊相對位移Av=邑-』=8.8m

14.答案：(1)0.5T(2)竺更N/C(3)0.11J

3

解析：(1)小球在電磁場中的運動情況如圖甲所示，在有界電場、磁場中做勻速圓周運動,

E、q=mg

2

qv0B=m^

根據幾何知識知，帶電小球做勻速圓周運動的圓心為。點，則半徑為

R=OQ=PQ=OP=8m

聯立得8=呼

gR

代入數據解得

B=0.5T

(2)小球從P點穿出時，根據幾何知識知，其速度方向與直線的夾角為30°,在

中a=30°

對小球受力分析如圖乙所示

根據幾何關系有tana=—^

mg

代入數據解得

=40>^N/C

■3

(3)如圖乙所示，小球受到的合外力

F=U

cosa

小球運動的位移

PM

x=-------

cosa

根據動能定理解得小球在N點的動能為

Ek=Fx+^tnv^?0.11J

15.答案：(1)B(2)(i)2.1xlO5Pa(ii)H79K

解析：⑴線段12的延長線過原點0