2022年四川省樂山市利店中學高三物理上學期摸底試題含解析

2022年四川省樂山市利店中學高三物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）下列單位中屬于國際基本單位的是（） A．安培 B． 牛 C． 特斯拉 D． 焦耳參考答案：分析： 國際單位制規(guī)定了七個基本物理量．分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量．它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單位叫做導出單位．解答： 解：牛是由牛頓第二定律F=ma推到出的單位是導出單位，特斯拉是由B=推到出的單位也是導出單位，焦耳是由W=FL推到出的單位也是導出單位，只有安培是電流的單位，是國際單位制中的基本單位，所以A正確．故選：A．點評： 國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學生自己記住的．2.（單選）“韋/米2”為磁感應強度的單位，它和下面哪個單位相同（） A．牛/（安?米） B． 牛?安/米 C． 牛?安/米2 D． 牛/（安?米2）參考答案：分析： “韋/米2”為磁感應強度的單位，在國際單位制中磁感應強度的單位是T，根據(jù)磁感應強度的定義式B=分析單位關系．解答： 解：在國際單位制中磁感應強度的單位是T，1特=1韋/米2，根據(jù)磁感應強度的定義式B=可知，1特=1牛/（安?米）．故A正確，BCD錯誤．故選：A點評： 對于單位關系，往往要根據(jù)物理規(guī)律即公式進行推導．3.（單選題）均勻帶電的導體球內(nèi)部各點電勢相等。如圖，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，OM=ON=0.5R．已知M點的電勢為，O點的電勢大小為，則N點電勢大小為A.

B.

C.

D.參考答案：B設想一個均勻帶電、帶電量為q的右半球，與題目中所給的左半球組成一個完整的均勻帶電球面，由對稱性可知，右半球在M點的電勢φM′等于左半球在N點的電勢，即：故：而正是兩個半球同時存在時P點的電勢．因為均勻帶電球殼內(nèi)部各處電勢都相等，其值為，k為靜電力常量，故：解得：故選B。4.南亞某國軍事試驗場正在平地上試射導彈,若某次豎直向上發(fā)射導彈時發(fā)生故障,造成導彈的vt圖像如圖所示,則下列說法中正確的是()A.0~1s內(nèi)導彈勻速上升B.1~2s內(nèi)導彈靜止不動C.3s末導彈回到出發(fā)點D.5s末導彈恰好回到出發(fā)點參考答案：D

解析:在vt圖像中,圖線的斜率表示加速度,故0~1s內(nèi)導彈勻加速上升,1~2s內(nèi)導彈勻速上升,第3s時導彈速度為0,即上升到最高點,故選項A、B、C錯誤;vt圖線與時間軸包圍的面積表示位移,在0~3s內(nèi),x1=×(1+3)×30m=60m,在3~5s內(nèi),x2=-×2×60m=-60m,所以x=x1+x2=0,即5s末導彈恰好回到出發(fā)點,選項D正確.5.如圖所示，鐵板AB與水平面垂直，一塊磁鐵吸附在鐵板右側，現(xiàn)緩慢繞鐵板A點沿順時針轉動到與水平面成θ角，此過程中鐵板始終相對鐵板靜止。下列說法正確的是（）A.磁鐵始終受到四個力作用B.開始瞬間重力與磁鐵的彈力二力平衡C.鐵板對磁鐵的作用力逐漸增大D.磁鐵受到的摩擦力還漸增大參考答案：A【詳解】A.對鐵塊受力分析，受重力G、磁力F、支持力N和摩擦力f，如圖所示，故A正確；B.開始瞬間，重力與摩擦力二力平衡，故B錯誤；C.由于始終平衡，故合力為零，鐵板對磁鐵的作用力與重力平衡不變，故C錯誤；D.沿鐵板方向，由平衡條件得：f=Gsinθ，θ減小，所以f減小，故D錯誤；二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖，A為沿傳播方向上的某一質點（該時刻位于平衡位置），該時刻A質點的運動方向是____________（選填“向右”、“向左”、“向上”、“向下”）。如果該質點振動的頻率為2Hz，則此列波的傳播速度大小為____________m/s。

參考答案：向下

87.已知水的密度ρ=1.0×103kg/m3，摩爾質量M=1.8×10-2kg，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol-1。一滴露水的體積大約是9.0×10-5cm3，它含有

個水分子，如果一只極小的蟲子來喝水，每分鐘喝進6.0×107個水分子，那么它每分鐘喝進水的質量是

kg（結果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：（1）（每空3分，共6分）3.0×1018

1.8×10－18水分子個數(shù)為N＝·NA＝×9.0×1023＝3.0×1018個，喝進水的質量為m＝·M＝1.8×10－18kg。8.一個同學在研究小球自由落體運動時，用頻閃照相連續(xù)記錄下小球的位置如圖所示。已知閃光周期為s，測得x1=7．68cm，x3=12．00cm，用上述數(shù)據(jù)通過計算可得小球運動的加速度約為_______m/s2，圖中x2約為________cm。（結果保留3位有效數(shù)字）參考答案：9.72m/s2

9.84cm

9.如圖所示是一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C的V-T圖象．已知氣體在狀態(tài)A時的壓強是1.5×105Pa．試分析：①根據(jù)圖象提供的信息，計算氣體在圖中A點時溫度TA=

K，及C點時壓強pC=

Pa；②由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)B的過程中，氣體對

(選填“內(nèi)”或“外”)做功；由狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C的過程中，氣體

(選填“吸收”或“放出”)熱量；由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)C的過程中，氣體分子的平均動能

(選填“增大”、“減小”或“不變”)．參考答案：10.如圖所示，一半徑為R的絕緣圓形軌道豎直放置，圓軌道最低點與一條水平軌道相連，軌道均光滑；軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，場強為E．從水平軌道上A點由靜止釋放一質量為m的帶正電小球，已知小球受電場力的大小等于小球重力大小的3/4倍．為使小球剛好在圓軌道內(nèi)做圓周運動，小球在軌道內(nèi)的最小速率是；釋放點距圓軌道最低點B的距離是．參考答案：考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；向心力．分析：1、帶電小球受到重力和電場力作用，重力和電場力都是恒力，故重力和電場力的合力也是恒力，所以在軌道上上升的運動過程中，動能減小，因為小球剛好在圓軌道內(nèi)做圓周運動，故合力恰好提供向心力時是小球做圓周運動的臨界狀態(tài)，此時小球的速度最小，此時的“最高點”是等效最高點，不是相對于AB軌道的最高點．2、A到B的過程運用動能定理，此過程只有電場力作用Eqs=m，化簡可得A到B的距離s．解答：解：帶電小球運動到圖中最高點時，重力、電場力的合力提供向心力時，速度最小，因為Eq=根據(jù)勾股定理合力為：=因為小球剛好在圓軌道內(nèi)做圓周運動，故最高點合力提供向心力，即解得：（3）從B點到最高點，由動能定理得：﹣mgR（1+cosθ）﹣EqRsinθ=

從A到B，由動能定理得：Eqs=

代入數(shù)據(jù)解得：s=R

故答案為：，點評：題要注意速度最小的位置的最高點不是相對于地面的最高點，而是合力指向圓心，恰好提供向心力的位置，這是解題的關鍵．11.A、B為相同大小的量正三角形板塊，如圖所示鉸接于M、N、P三處并靜止．M、N分別在豎直墻壁上和水平天花板上，A板較厚，質量分布均勻，重力為G．B板較薄，重力不計．三角形的兩條邊均水平．那么，A板對鉸鏈P的作用力的方向為沿NP方向；作用力的大小為G．參考答案：考點：共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力．專題：共點力作用下物體平衡專題．分析：對B分析可知B受拉力的方向，對A分析找出力臂由力矩平衡可求得作用力的大?。獯穑航猓阂駼的重力不計，B的重力對平衡沒有影響，故對B平衡起作用的只有N和P點，故可將B可以作二力桿處理，則板A對P的拉力應沿NP方向；對A分析，A受重力和P點的拉力而關于支點M平衡，設邊長為L，由幾何關系可知，重力的力臂為L1=L，P點的拉力的力矩為L2=L；則由力矩平衡可知，GL1=FL2，即G?L=F?L解得F=G由牛頓第三定律可知A板對鉸鏈P的作用力的大小為F′=F=G故答案為：沿NP方向，G．點評：本題關鍵在于理解B不計重力的含義，將B板等效為二力桿．運用力矩平衡條件解決此類問題．12.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，小車做勻變速直線運動，記錄小車運動的紙帶如圖所示．某同學在紙帶上共選擇7個計數(shù)點A、B、C、D、E、F、G，相鄰兩個計數(shù)點之間還有４個點沒有畫出．打點計時器接頻率為50HZ的交流電源．經(jīng)過測量得：d1=3.62cm，d2=8.00cm，d3=13.20cm，d4=19.19cm，d5=25.99cm，d6=33.61cm.(結果取兩位有效數(shù)字)①打下F點時小車的速度為vF=_____m/s；②小車的加速度為a=__

_m/s2參考答案：①0.72

②0.80

13.某集裝箱吊車的交流電動機輸入電壓為380V，則該交流電電壓的最大值為

V。當?shù)踯囈?.1m/s的速度勻速吊起總質量為5.7×103kg的集裝箱時，測得電動機的電流為20A，電動機的工作效率為 。（g取10m/s2）參考答案：答案：380，75%解析：輸入電壓380V為有效值，則最大值為380V；電動機對集裝箱做功的功率P=mgv=5.7×103×10×0.1W=5.7×103W，電動機消耗電功率P總=380×20W=7.6×103W，故電動機的工作效率為η==75%。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.質量為m=4kg的小物塊靜止于水平地面上的A點，現(xiàn)用F=10N的水平恒力拉動物塊一段時間后撤去，物塊繼續(xù)滑動一段位移停在B點，A、B兩點相距x=45m，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2．g取10m/s2．求：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間t；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大?。畢⒖即鸢福海?）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m解：設F作用時間為t1，之后滑動時間為t，前段加速度大小為a1，后段加速度大小為a2（1）由牛頓第二定律可得：F﹣μmg=ma1μmg=ma2且：a1t1=a2t可得：a1=0.5m/s2，a2=2m/s2，t1=4t（a1t12+a2t2）=x解得：t=3s（2）由（1）可知，力F作用時間t1=4t=12x1=a1t12==36m答：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m15.（4分）一束單色光由左側時的清水的薄壁圓柱比，圖為過軸線的截面圖，調整入射角α，光線拾好在不和空氣的界面上發(fā)生全反射，已知水的折射角為，α的值。

參考答案：解析：當光線在水面發(fā)生全放射時有，當光線從左側射入時，由折射定律有，聯(lián)立這兩式代入數(shù)據(jù)可得。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在質量為m=1kg的重物上系著一條長30cm的細繩，細繩的另一端連著一個輕質圓環(huán)，圓環(huán)套在水平的棒上可以滑動，環(huán)與棒間的動摩擦因數(shù)μ為0.75，另有一條細繩，在其一端跨過定滑輪，定滑輪固定在距離圓環(huán)50cm的地方，當細繩的端點掛上重物G，而圓環(huán)將要開始滑動時，（g取10/ms2）試問：（1）AO與AB間夾角θ多大？（2）長為30cm的細繩的張力是多少？（3）圓環(huán)將要開始滑動時，重物G的質量是多少？參考答案：17.電子擴束裝置由電子加速器、偏轉電場和偏轉磁場組成．偏轉電場的極板由相距為d的兩塊水平平行放置的導體板組成，如圖甲所示．大量電子由靜止開始，經(jīng)加速電場加速后，連續(xù)不斷地沿水平方向從兩板正中間OO′射入偏轉電場．當兩板不帶電時，這些電子通過兩板之間的時間為2t0；當在兩板上加如圖乙所示的電壓時（U0為已知），所有電子均能從兩板間通過，然后進入垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場中，最后都垂直打在豎直放置的熒光屏上．已知電子的質量為m、電荷量為e，其重力不計．求：（1）電子離開偏轉電場時的位置到OO′的最小距離和最大距離；（2）偏轉磁場區(qū)域的水平寬度L；（3）垂直打在熒光屏上的電子束的寬度△y．參考答案：解：（1）由題意可知，電子通過兩板之間的時間為2t0；要使電子的側向位移最大，應讓電子從0、2t0、4t0…等時刻進入偏轉電場，在這種情況下，電子的加速度：=粒子的最大側向速度：電子的側向位移為：ymax=y=at02+vyt0，得ymax=要使電子的側向位移最小，應讓電子從t0、3t0…等時刻進入偏轉電場，在這種情況下，電子的側向位移為ymin=at02=；（2）設電子從偏轉電場中射出時的偏向角為θ，由于電子要垂直打在熒光屏上，所以電子在磁場中的運動半徑為：R=，設電子離開偏轉電場時的速度為v1，豎直方向的分速度為vy，則電子離開偏轉電場時的偏向角：sinθ=，vy=，R=，解得L=；（3）由于各個時刻從偏轉電場中射出的電子速度大小相等、方向相同，因此電子進入磁場后做圓周運動的半徑也相同，都能垂直打在熒光屏上．由（1）可知粒子離開偏轉電場時的位置到OO′的最大距離和最小距離的差值為：△y1=ymax﹣ymin=答：（1）電子離開偏轉電場時的位置到OO′的最小距離為，最大距離為；（2）勻強磁場的水平寬度為；（3）垂直打在熒光屏上的電子束的寬度．18.如圖所示，一個半徑為R的光滑圓弧軌道APB豎直固