2020-2021學年廣東省深圳高級中學高一（上）期末物理試卷（附答案詳解）

2020-2021學年廣東省深圳高級中學高一（上）期末物理

試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列關(guān)于加速度的說法，正確的是（）

A.加速度越大，速度變化量越大

B.加速度逐漸減小，速度可以逐漸增大

C.加速度方向保持不變，速度方向也一定保持不變

D.運動學中加速度a=4和動力學中加速度a=上都用了比值法定義

2.如圖，一個物體在外力廠的作用下沿光滑的水平面沿曲線從M加速運動到N,下

面關(guān)于外力F和速度v的方向的圖示正確的是（）

3.圖是一種有趣好玩的感應(yīng)飛行器的示意圖，主要是通

過手控感應(yīng)飛行，它的底部設(shè)置了感應(yīng)器裝置。只需

要將手置于離飛行器底部一定距離處，就可以使飛行

器靜止懸浮在空中，操作十分方便。下列說法正確的

是（）

A.空氣對飛行器的作用力方向豎直向上

B.手對飛行器的作用力與飛行器所受的重力是一對平衡力

C.空氣對飛行器的作用力和空氣對手的作用力是一對作用力和反作用力

D.因為空氣會流動，所以螺旋槳對空氣的作用力和空氣對螺旋槳的作用力大小不

相等

4.如圖，傾角。=37。的固定斜面上放一質(zhì)量為m的物體，施加平行

斜面向上的拉力尸=巾9，物體向上勻速滑動。g=lOjn/sz,

.W

s譏37°=0.6,cos370=0.8,則物體與斜面間的動摩擦因數(shù)〃為

()

A.OB.iC.；D.i

5.如圖所示，某人向放在水平地面上的垃圾桶中水平扔廢球，結(jié)果恰好。

從桶的右側(cè)邊緣飛到地面，不計空氣阻力。為了能把廢球扔進垃圾桶

中，則此人水平拋球時，可以做出的調(diào)整為（）

A.初速度不變，拋出點在原位置正上方

B.初速度不變，拋出點在原位置正右側(cè)

C.減小初速度，拋出點在原位置正上方

D.增大初速度，拋出點在原位置正上方

6.如圖，將兩個質(zhì)量均為根的小球〃、匕用細線相連后，再

用細線懸掛于。點。用力F拉小球A使兩個小球都處于

靜止狀態(tài)，且細線0。與豎直方向的夾角始終保持60。，拉

力尸大小可能為（）

A.\mgB.—mgC.—mgD.

N42

7.如圖，質(zhì)量為M=4kg的長木板位于光滑水平面上，質(zhì)量

為m=2kg的物塊靜止在長木板上，兩者之間的滑動摩擦

因數(shù)為〃=0.5。重力加速度g取10?n/s2,物塊與長木板

之間的最大靜摩擦力等于兩者之間的滑動摩擦力?，F(xiàn)對物塊施加水平向右的力F,

下列說法正確的是（）

A.水平力F=5N時，物塊機將保持靜止狀態(tài)

B.水平力F=11N時，物塊機在長木板M上滑動

C.水平力尸=12N時，物塊m受到的摩擦力大小為8N

D.水平力F=14N時，長木板M受到的摩擦力大小為10N

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.將一個物體在t=0時刻以一定的初速度豎直向上拋出，t=0.8s時刻物體的速度大

小變?yōu)?m/s,（g取10m/s2）則下列說法正確的是（）

A.物體一定是在t=3.2s時回到拋出點

B.t=0.8s時刻物體的運動方向向上

C.物體的初速度一定是20m/s

D.t=0.8s時刻物體一定在初始位置的下方

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9.如圖，固定在水平地面上的斜面體，左、右斜面傾角分別為30。、60。，質(zhì)量相等的

物塊P、。通過一輕彈簧和輕質(zhì)細繩相連，細繩跨過光滑的定滑輪，整個系統(tǒng)處于

靜止狀態(tài)。現(xiàn)對。施加始終與右側(cè)輕繩垂直的拉力凡使。緩慢移動至右繩水平，

尸仍保持靜止不動，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是()

A.拉力廠先變大后變小B.彈簧長度先減小后增加

C.「所受摩擦力先減小后增大D.斜面對P的作用力先變小后變大

10.如圖為某運動員做蹦床運動時，利用傳感器測得蹦床彈力隨時間的變化圖。假設(shè)運

動員僅在豎直方向運動，且不計空氣阻力,g取10m/s2。依據(jù)圖象給出的物理信息，

可得()

A.運動員質(zhì)量為50依

B.運動員的加速度最大為50m/s2

C.運動員上升的最大高度是5/〃

D.8.7s至9.5s內(nèi)，運動員先失重再超重

三、實驗題(本大題共2小題，共16.0分)

11.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮

條的圖釘，。為橡皮條與細繩的結(jié)點，。8與OC為細繩.圖乙是在白紙上根據(jù)實驗

結(jié)果畫出的圖.

(1)如果沒有操作失誤，圖乙中的尸與F'兩力中，方向一定沿A。方向的是.

(2)本實驗采用的科學方法是.

4.理想實驗法8.等效替代法

C.控制變量法。.建立物理模型法

(3)實驗時，主要的步驟是：

A.在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；

A用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細

繩的另一端系著繩套；

C.用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到

達某一位置。.記錄下。點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)；

。按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩個彈簧測力計的拉力居和尸2的圖示，并用

平行四邊形定則求出合力F;

E.只用一個彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù),

記下細繩的方向，按同一標度作出這個尸'的圖示；

足比較尸和尸的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論.

上述步驟中：

①有重要遺漏的步驟的序號是和;

12.某學習小組利用如下裝置探究小車受力不變的條件下加速度與質(zhì)量的關(guān)系。實驗步

驟如下：

①按圖裝好實驗器材.；

②把輕繩系在小車上并繞過定滑輪懸掛小桶；在祛碼盤里放上祛碼，調(diào)整細繩至

與長木板平行；

③小車靠近打點計時器放置，先打開打點計時器的電源，再釋放小車，獲得一條

紙帶；

④保持跌碼盤及盤內(nèi)祛碼的質(zhì)量不變，在小車里增加祛碼，多次重復實驗，得到

多條紙帶；

⑤數(shù)據(jù)處理，得出結(jié)論。

打點計時器

6X77.75—---XM---->

AL1丁「工

中k：cm

請回答下列問題：

(1)該同學漏掉的重要實驗步驟是：______o

(2)為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，下列物理量必須測量的是：______。

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4小車及車內(nèi)祛碼的總質(zhì)量M

8.祛碼盤及盤內(nèi)跌碼的總質(zhì)量m

C.紙帶上相關(guān)點間的距離s

。.長木板傾角。

(3)實驗中打出的一條紙帶如圖所示，圖中相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，由

該紙帶可求得小車的加速度a=m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(4)為減小實驗誤差，祛碼盤及盤內(nèi)祛碼的總質(zhì)量相應(yīng)______(填“遠小于”、“遠

大于”或“大于或小于”)小車及車內(nèi)祛碼的總質(zhì)量如原因是o

(1)力F作用過程，物體的加速度大小的；

(2)撤去F后，物體在水平面上運動的時間t2。

14.如圖所示，質(zhì)量=1kg的物體甲通過三段輕繩懸掛,

三段輕繩的結(jié)點為0,輕繩0B水平且B端與放在水

平面上、質(zhì)量為的物體乙相連，輕繩0A與豎直方

向的夾角。=37。，物體甲、乙均處于靜止狀態(tài)。已知

sin37°=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2,乙與水平

面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。

(1)求輕繩0A受到的拉力大??；

(2)求物體乙受到的摩擦力大?。?/p>

(3)若物體乙的質(zhì)量巾2'=5kg,緩慢增大物體甲的質(zhì)量，當物體甲的質(zhì)量mJ=2kg

時物體乙剛好開始滑動，求物體乙與水平面之間的動摩擦因數(shù).

15.一水平的淺色傳送帶上放置一煤塊2(可視為質(zhì)點)，煤塊與傳送帶之間的動摩擦因

數(shù)為〃.初始時，傳送帶與煤塊都是靜止的.現(xiàn)讓傳送帶以恒定的加速度開始運動,

當其速度達到火后，便以此速度做勻速運動.經(jīng)過一段時間，煤塊在傳送帶上留下

了一段長度為1的黑色痕跡后，煤塊相對于傳送帶不再滑動.重力加速度為g,傳

送帶足夠長.

(1)傳送帶加速階段的加速度劭的大小.

(2)若在傳送帶速度達到處后又經(jīng)過時間％時，在煤塊4的前方X。處靜止釋放另一

同樣的煤塊結(jié)果兩煤塊在傳送帶上相撞，求出滿足的條件.

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、加速度越大，根據(jù)△u=aAt可知，速度變化量不一定越大，還與時

間有關(guān)，故4錯誤；

8、當速度方向與加速度方向相同時，加速度逐漸減小，速度逐漸增大，故8正確；

C、當加速度方向與速度方向相反時，做減速運動，當減速到零后開始反向，故C錯誤；

。、運動學中加速度a=稱采用了比值定義法，但動力學中加速度a=￡中。與力尸成正

比，與質(zhì)量〃，成反比，不是比值定義法，故。錯誤；

故選：Bo

據(jù)加速度的定義式a=一可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，即物體的速度變

化越快物體的加速度越大；公式a=￡是加速度的決定式，加速度與力F成正比，與質(zhì)

m

量，〃成反比。

把握加速度的定義式a=?中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關(guān)系是解決此

類問題的關(guān)鍵，是正確理解加速度的定義的基礎(chǔ)。

2.【答案】B

【解析】解：根據(jù)曲線運動的規(guī)律，速度方向為曲線的切線方向；物體從M點運動到N,

曲線運動，必有力提供向心力，向心力是指向圓心的；物體同時加速，所以沿切向方向

有與速度相同的合力；向心力和切線合力與速度的方向的夾角要小于90。，故B正確，

48錯誤。

故選：B。

物體運動的軌跡是曲線，速度方向為切線方向；物體做的運動為曲線運動，故在半徑方

向上合力不為零且是指向圓心的；又是做加速運動，故在切線上合力不為零且與瞬時速

度的方向相同，分析這兩個力的合力即可。

本題關(guān)鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，掌握做曲線運動的條件以及使物體速度增

加時力應(yīng)與速度夾角為銳角。

3.【答案】3

【解析】解：A、飛行器靜止時受到重力和空氣對飛行器的作用力處于平衡狀態(tài)，可知

空氣對飛行器的作用力大小與重力相等，方向豎直向上，故4正確；

8、結(jié)合A的分析可知，空氣對飛行器的作用力和飛行器的重力是一對平衡力，手對飛

行器沒有直接的作用力，故B錯誤；

C、空氣對飛行器的作用力施力物體是空氣，受力物體是飛行器；空氣對手的作用力施

力物體是空氣，受力物體是手，兩個力涉及三個物體，不是一對作用力和反作用力，故

C錯誤；

。、螺旋槳對空氣的作用力和空氣對螺旋槳的作用力是兩個物體之間的相互作用，是一

對作用力與反作用力，二者大小相等，方向相反，故。錯誤。

故選：A。

對飛行器進行受力分析，判斷空氣對飛行器的作用力；作用力和反作用力是兩個物體之

間的相互作用，大小相等，方向相反。

解決本題的關(guān)鍵是知道作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，

且作用在相互作用的兩物體間。

4.【答案】D

【解析1解：以物體為研究對象，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，沿斜面方向根據(jù)

平衡條件可得：

F=mgsinO+林mgcosS

代入數(shù)據(jù)解得：〃=土故。正確、ABC錯誤。

故選：Do

以物體為研究對象進行受力分析，沿斜面方向根據(jù)平衡條件結(jié)合摩擦力的計算公式求解。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進

行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后

在坐標軸上建立平衡方程進行解答。

5.【答案】C

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【解析】解：設(shè)小球平拋運動的初速度為幾,拋出點離桶的高度為力，水平位移為X,

則

平拋運動的時間1=后

水平位移X=vot=

48、由上式分析可知，初速度大小不變，要減小水平位移x,應(yīng)降低拋出點高度，所以

拋球時位移應(yīng)調(diào)到拋出點的原位置正下方。故AB錯誤；

C、減小初速度，若拋出點位置不變，可減小水平位移，若拋出點在原位置正上方，也

可能減小水平位移，從而能把廢球扔進垃圾桶中，故C正確；

。、增大初速度，應(yīng)減小拋出點的高度，即拋出點在原位置正下方，才能把廢球扔進垃

圾桶中，故。錯誤。

故選：Co

小球做平拋運動，飛到小桶的右側(cè)，說明水平位移偏大，應(yīng)減小水平位移才能使小球拋

進小桶中.將平拋運動進行分解：水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，

由運動學公式得出水平位移與初速度和高度的關(guān)系式，再進行分析選擇。

本題運用平拋運動的知識分析處理生活中的問題，關(guān)鍵是運用運動的分解方法得到水平

位移的表達式，再加以分析。

6.【答案】D

【解析】解：以兩個小球組成的整體為研究對象，受

到總重力、Oa的拉力以及力F,作出F在三個不同方

向時整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知：F與T的合

力與重力，"g總是大小相等、方向相反，由力的合成

圖可知，當尸與繩子。。垂直時，尸有最小值，即圖中

2位置，根據(jù)平衡條件得F的最小值為：

Fmin=2mgsin60°=ypimg,所以要使兩個小球都處

于靜止狀態(tài)，則故。正確、A8C錯誤。

故選：D。

以兩個小球組成的整體為研究對象，當F垂直于0“線時取得最小值，根據(jù)平衡條件求

解F的最小值進行分析。

本題是隱含的臨界問題，關(guān)鍵運用圖解法確定出產(chǎn)的范圍，得到口最小的條件，再由平

衡條件進行求解.

7.【答案】C

【解析】解：對物塊與長木板整體進行受力分析：F=(M+m)a

對物塊進行受力分析：F-加=ma

當物塊與長木板即將相對滑動時，靜摩擦力達到最大值，篇=求解上面方程組，

=sg(i+>

代入數(shù)據(jù)解得：F最小=15N,a最小=2.5m/s2

A、當水平力尸=5N,整體處于加速狀態(tài)，因此物塊，〃將不會保持靜止狀態(tài)，故A錯誤；

B、當水平力F=11N<15N,物塊機不會在長木板M上滑動，故8錯誤；

C、水平力尸=12N,依據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合整體法，則長木板M的加速度大小為：

優(yōu)=^m/s2=2m/s2<2.5m/s2.因此物塊m受到的是靜摩擦力，

根據(jù)牛頓第二定律,結(jié)合對物塊進行受力分析，則有：F'-fm'=ma',解得:怠'=12/V-

2x2N=8N,故C正確；

D、水平力尸=14N<15N,兩者之間不會發(fā)生相對滑動，則長木板M受到的仍是靜摩

擦力，

同理，長木板M的加速度大小為：a"=^-m/s2=1m/s2

根據(jù)牛頓第二定律，則有，F(xiàn)"-fm"=ma",解得：猴〃=14N-2x(N=9.3N,依據(jù)

牛頓第三定律，則長木板M受到的摩擦力大小為9.3N,故。錯誤；

故選：Co

當物塊在長木板相對滑動時，尸的最小值為兩者之間能達到的最大靜摩擦力，根據(jù)牛頓

第二定律求出產(chǎn)的最小值，再由牛頓第三定律，從而即可一一求解。

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，注意臨界狀態(tài)和整

體法、隔離法的運用。

8.【答案】AB

【解析】

第10頁，共17頁

【分析】

根據(jù)速度時間公式求出0.8s內(nèi)的速度變化量，判斷出0.8s時的速度方向，從而結(jié)合速度

時間公式求出初速度的大小.根據(jù)豎直上拋運動的對稱性，結(jié)合速度時間公式求出回到

拋出點的時間.

解決本題的關(guān)鍵知道豎直上拋運動的規(guī)律，知道上升的過程和下降的過程具有對稱性,

通過速度的變化量得出0.8s時的速度方向是解決本題的關(guān)鍵.

【解答】

物體做豎直上拋運動，在0.8s內(nèi)的速度變化量4u=gt=10X0.8m/s=8m/s,由于初

速度不為零，可知t=0.8s時刻速度的方向一定豎直向上，不可能豎直向下，物體處于

拋出點的上方.故B正確，O錯誤.

可知初速度%-gt=",代入數(shù)據(jù)解得為=16m/s,則上升到最高點的時間打=7=

*=1.6s,則回到拋出點的時間t=2&=2x1.6s=3.2s,故A正確，C錯誤.

故選：AB.

9.【答案】CD

【解析】解：AB、設(shè)繩子對。的拉力為T,繩子拉力與彈簧彈力

大小始終相等，T和F的夾角始終為90。，T和F的合力與。的重

力等大反向，根據(jù)矢量三角形法則可得合力與兩個分力關(guān)系如圖

所示。合力不變，拉力尸逐漸增大、繩子拉力T逐漸減小，則彈

簧的彈力逐漸減小，彈簧的長度逐漸減小，故48錯誤；

C、設(shè)P與。的質(zhì)量為，"。開始時P的重力沿斜面向下的分力為Gpi=7ngsm30。=^mg,

Q的重力沿斜面向下的分力為GQI=mgsin60。=合mg，貝i]Gp1<GQ]，繩子對P的拉

力7-GQI，則7>Gp「故P受到的靜摩擦力/沿斜面向下，根據(jù)平衡條件得:?71外勿30。+

f=T,隨著拉力T的減小，,逐漸減小；當繩子拉力T=：mg時尸受到的靜摩擦力為零，

以后P受到的靜摩擦力沿斜面向上，根據(jù)平衡條件得：mgs譏30°=f+T,隨著拉力T

減小，了逐漸增大，故C正確；

。、斜面對P的作用力等于支持力與摩擦力的合力，支持力與摩擦力相互垂直，支持力

不變，摩擦力先減小后增大，故斜面對P的作用力先變小后變大，故。正確。

故選：CD。

根據(jù)矢量三角形法則分析拉力下和彈簧彈力的變化情況;根據(jù)平衡條件分析P所受摩擦

力方向和斜面對P的作用力的大小變化情況。

本題考查動態(tài)平衡分析問題，關(guān)鍵要抓住物塊。受力平衡，任意兩個力的合力與第三個

力等大反向，運用圖解法分析F和7的變化情況。

10.【答案】AC

【解析】解：人由圖知，運動員的重力G=500N,則其質(zhì)量為m=：=黑卜9=50kg,

可以求出運動員的質(zhì)量，故A正確；

8、當蹦床對運動員的彈力最大時，運動員的加速度最大，由圖讀出最大的彈力4=

2500N,根據(jù)牛頓第二定律得：Fm-rng=rnam,得運動員的最大加速度即,=空詈=

250°~50°m/s2=40m/s2.故B錯誤；

C、由圖讀出運動員在空中運動的時間為T=8.7s-6.7s=2s,根據(jù)對稱性可知：下落

時間為t=?=Is,所以運動員離開蹦床上升的最大高度九=T*I。*M皿=

5m,故C正確；

。、蹦床的彈力大于重力，運動員的加速度向上，即超重，彈力小于重力，運動員加速

度向下，即失重?？芍?.7s至9.5s內(nèi)，運動員先失重再超重再失重，故。錯誤。

故選：ACo

由圖分析可知：運動員的重力等于500N,即求出質(zhì)量.當彈力最大時，運動員的加速

度.由圖讀出最大的彈力，根據(jù)牛頓第二定律求出最大加速度.由圖讀出運動員在空中

運動的時間，由豎直上拋的規(guī)律求出最大高度.

本題考查讀圖能力和分析研究實際問題的能力.同時要抓住運動員在空中做豎直上拋運

動時的對稱性，上升和下落時間相等.

11.【答案】F'BCEC中未記下兩條細繩的方向E中未說明是否把橡皮條的結(jié)點拉

到了位置。

【解析】解：(1)F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F'是通過一個彈簧稱沿AO

方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到。點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果

相同，測量出的合力.故方向一定沿AO方向的是F',由于誤差的存在尸和F'方向并不

在重合：

(2)合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實驗采用的等效替代法.

第12頁，共17頁

故選：B

(3)本實驗為了驗證力的平行四邊形定則，采用的方法是作力的圖示法，作出合力和理

論值和實際值，然后進行比較，得出結(jié)果.所以，實驗時，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還

要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示.步驟C

中未記下兩條細繩的方向；步驟E中未說明把橡皮條的結(jié)點拉到位置0.

故答案為：(l)F'；(2)B；(3)①C;E；②C中未記下兩條細繩的方向；E中未說明是否

把橡皮條的結(jié)點拉到了位置0

(1)在實驗中尸和F'分別由平行四邊形定則及實驗得出，明確理論值和實驗值的區(qū)別即

可正確答題；

(2)本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，因此采用

“等效法”，注意該實驗方法的應(yīng)用；

(3)步驟C中只有記下兩條細繩的方向，才能確定兩個分力的方向，進一步才能根據(jù)平

行四邊形定則求合力；步驟E中只有使結(jié)點到達同樣的位置0,才能表示兩種情況下力

的作用效果相同.

該實驗關(guān)鍵理解實驗原理，根據(jù)實驗原理分析實驗步驟中有無遺漏或缺陷，因此掌握實

驗原理是解決實驗問題的關(guān)鍵.

12.【答案】平衡摩擦力AC0.88遠小于細繩對小車的拉力近似等于祛碼盤及盤內(nèi)祛

碼的總重力大小

【解析】解：(1)根據(jù)實驗原理可得：祛碼和祛碼盤的重力為小車的拉力，故遺漏步驟

是連接好裝置后要平衡摩擦力

(2)4、必須測量小車及車內(nèi)祛碼的總質(zhì)量否則無法做出圖像分析實驗結(jié)果，故A

正確；

8、保證祛碼盤及盤內(nèi)祛碼的總質(zhì)量相不變，無需測量數(shù)值，故B錯誤；

C、必須測量紙帶上相關(guān)點間的距離s,才能求解出加速度大小，做出圖像分析，故C

正確；

。、保證平衡摩擦力后，小車受到的拉力等于祛碼和祛碼盤的重力，無需測量傾角的夾

角，故O錯誤；

故選：AC

(3)相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，故相鄰計數(shù)點間的時間間隔為7=0.1s,根據(jù)逐

差法可得：a="=(864+7-75~687；600)xl0-2m/s2=0.88m/s2

(4)對整體，根據(jù)牛頓第二定律可得：mg=+m)a,對小車，F(xiàn)=Ma=-=五四

M

當m?M時，細繩對小車的拉力近似等于祛碼盤及盤內(nèi)祛碼的總重力大小

故答案為：(1)平衡摩擦力；(2)AC；(3)0.88；(4)遠小于；細繩對小車的拉力近似等于

祛碼盤及盤內(nèi)祛碼的總重力大小

(1)根據(jù)實驗原理判斷出實驗步驟，即可判斷遺漏的實驗步驟；

(2)根據(jù)實驗原理判斷出所需要的物理量：

(3)根據(jù)逐差法求得加速度；

(4)根據(jù)牛頓第二定律即可判斷。

本題考查了探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系的實驗。教科書本上的實驗，我們

要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這兒點去搞清楚。

對于實驗我們要清楚每一項操作存在的理由。

13.【答案】解：(1)力尸作用過程物體受力如圖所示，

在水平方向，由牛頓第二定律得：

Fcos37°—f=mar

在豎直方向，由平衡條件得：

Fsin370+N=mg

滑動摩擦力：f=必

代入數(shù)據(jù)解得：=0.16m/s2

(2)在力F作用下物體做初速度為零的勻加速直線運動，

撤去尸時，物體的速度u==0.16x10m/s=1.6m/s

撤去力F后物體做勻減速直線運動，由牛頓第二定律得：

limg=ma2f

2

代入數(shù)據(jù)解得：a2=4m/s,

從撤去尸到物體靜止需要的時間：

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V

答:(1)力F作用過程，物體的加速度大小內(nèi)是0.16m/s2.

(2)撤去F后，物體在水平面上運動的時間t2是。-4s。

［解析［(1)應(yīng)用牛頓第二定律求出物體的加速度大小由。

(2)撤去尸后物體做勻減速直線運動，應(yīng)用牛頓第二定律求出物體的加速度，應(yīng)用運動

學公式求出物體的運動時間。

本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，要知道加速度是聯(lián)系力學和運動學

的橋梁，解題時要注意撤去尸后，摩擦力的大小發(fā)生了變化，但動摩擦因數(shù)不變。

14.【答案】解：(1)(2)以結(jié)點0為研究對象進行受力分析，由平衡條件，豎直方向，

有：FOACOS6-Tnig=°，

解得輕繩04的拉力大小&a=12.5N；

水平方向，有：FOB-m-igtanQ-0,

解得輕繩。8受到的拉力大小=7.5N,

物體乙受到。8繩的拉力后B和水平面的靜摩擦力作用，且用B=FOB，

由平衡條件得f=喉=7.5N。

(3)當物體乙剛開始滑動時，受到的靜摩擦力達到最大值，有篇=

由平衡條件得篇=^m'^gtand,

解得物體乙與水平面之間的動摩擦因數(shù)〃=0.3。

答：(1)輕繩OA受到的拉力大小為12.5N；

(2)物體乙受到的摩擦力大小為7.5N；

(3)物體乙與水平面之間的動摩擦因數(shù)為0.3。

【解析】(1)(2)對點O受力分析，受三個沿著繩子方向的拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正

交分解法列式求解各個力；物體乙受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件得

到靜摩擦力大??；

(3)根據(jù)滑動摩擦定律列式求解動摩擦因數(shù)。

本題涉及共點力平衡中極值問題，當物體剛要滑動時，物體間的靜摩擦力達到最大。

15.【答案】解：(1)設(shè)傳送帶加速階段