河北省唐山市第十四中學高三物理月考試題含解析

河北省唐山市第十四中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）下列各圖中，運動電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是（）A．B．C．D．參考答案：考點：判斷洛侖茲力的方向．專題：帶電粒子在磁場中的運動專題．分析：帶電粒子在磁場中運動時，所受洛倫茲力方向由左手定則進行判斷，伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內，讓磁感線進入手心，并使四指指向正電荷運動方向或者負電荷運動的反方向，這時拇指所指的方向就是運動電荷在磁場中所受洛倫茲力的方向．解答：解：根據(jù)左手定則可知：A圖中洛倫茲力方向應該向上，故A錯誤；B圖中電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間的關系符合左手定則，故B正確；C圖中洛倫茲力方向應該向里，故C錯誤；D圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力，故D錯誤．故選：B．點評：帶電粒子在磁場中運動受洛倫茲力的條件以及左手定則的熟練應用是對學生的基本要求，要熟練掌握．2.氣球以10m/s的速度勻速上升，某時刻在氣球正下方距氣球5m處有石子以20m/s的速度豎直上拋，不計阻力，g＝10m/s2（）

A．石子恰能擊中氣球

B．石子一定不能擊中氣球

C．若氣球速度增大，石子一定能擊中氣球

D．若氣球速度減小，石子可能不能擊中氣球參考答案：A3.(單選)土星的衛(wèi)星很多，現(xiàn)已發(fā)現(xiàn)達數(shù)十顆，下表是有關土衛(wèi)五和土衛(wèi)六兩顆衛(wèi)星的一些參數(shù)，則兩顆衛(wèi)星相比較，下列判斷正確的是（

）衛(wèi)星距土星距離/km半徑/km質量/kg發(fā)現(xiàn)者發(fā)現(xiàn)日期土衛(wèi)五5270007652.49×1021卡西尼1672年土衛(wèi)六122200025751.35×1023惠更斯1655年

A．土衛(wèi)五的公轉速度大

B．土星對土衛(wèi)六的萬有引力小

C．土衛(wèi)六表面的重力加速度小

D．土衛(wèi)五的公轉周期大參考答案：A4.圖中彈簧秤、繩和滑輪的質量均不計，繩與滑輪間的摩擦力不計，物體的重力都是G，在圖甲、乙、丙三種情況下，彈簧秤的讀數(shù)分別是F1、F2、F3，則A．

B．C．

D．參考答案：B5.如圖所示，豎直向上的勻強電場中，絕緣輕質彈簧直立于地面上，上面放一個質量為m，帶正電的小球，小球與彈簧不連接，加外力F將小球向下壓到某位置靜止，現(xiàn)撤去F，小球從靜止開始運動到離開彈簧的過程中，重力和電場力對小球做功的大小分別為W1和W2，小球離開彈簧時速度為v，不計空氣阻力，則上述過程中(

)

A．彈簧彈性勢能最大值等于

B．重力勢能增加W1

C．機械能增加W2

D．電勢能增加W2參考答案：

答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一物體從A點由靜止開始作加速度大小為a1的勻加速直線運動，經過時間t后，到達B點，此時物體的加速度大小變?yōu)閍2，方向與a1的方向相反，經過時間t后，物體又回到A點。則a1：a2=

；參考答案：1：37.如圖所示，“神舟”飛船升空后，進入近地點為B，遠地點為A的橢圓軌道I上飛行。飛行數(shù)圈后變軌．在過遠地點A的圓軌道Ⅱ上做勻速圓周運動。飛船由橢圓軌道運行變軌到圓形軌道運行后周期

（變短、不變或變長），機械能

（增加、減少或不變）。參考答案：變長

增加8.用A、B兩個彈簧秤拉橡皮條的D端（O端固定），當D端達到E處時，.然后保持A的讀數(shù)不變，角由圖中所示的值逐漸變小時，要使D端仍在E處，則角

_________（選填：增大、保持不變或減小），B彈簧秤的拉力大小

。（選填：增大、保持不變或減?。?參考答案：9.吊橋AB長L，重G1，重心在中心。A端由鉸鏈支于地面，B端由繩拉住，繩繞過小滑輪C掛重物，重量G2已知。重力作用線沿鉛垂線AC，AC=AB。當?shù)鯓蚺c鉛垂線的夾角θ=_____________吊橋能平衡，此時鉸鏈A對吊橋的作用力FA=_____________。參考答案：2arcsin，10.如圖，一定質量的理想氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J。若該氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c時，對外做功40J，則這一過程中氣體

▲

（填“吸收”或“放出”）

▲

J熱量。參考答案：吸收

260J；11.（4分）兩木塊質量分別為m、M，用勁度系數(shù)為K的輕彈簧連在一起，放在水平地面上，將木塊1壓下一段距離后釋放，它就上下作簡諧振動，在振動過程中木塊2剛好始終不離開地面（即它對地面最小壓力為零）。則：（1）木塊1的最大加速度大小是

。（2）木塊2對地面的最大壓力大小是

。參考答案：

(M+m)g/m

2(M+m)g12.如圖所示，一物體m在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從底端沿光滑的斜面向上做勻加速直線運動，經時間t力F做功為60J，此后撤去力F，物體又經過時間t回到出發(fā)點，若以地面為零勢能面，物體回到出發(fā)點的動能為

▲

；撤去力F時物體的重力勢能為

▲

。]參考答案：60J

45J

試題分析：物體沿光滑斜面向上運動一直到回到出發(fā)點的過程，只有恒力F做功，根據(jù)動能定理，回到出發(fā)點的動能。設力F撤去時速度大小為，返回地面后速度大小為，力F撤去前為勻變速直線運動，撤去后仍是勻變速直線運動，則有位移，整理得，即力F撤去時物體動能為，根據(jù)動能定理，在力F撤去前，，所以撤去力F時物體的重力勢能為。

考點：動能定理

勻變速直線運動13.如圖所示為火警報警裝置的部分電路，其中ε為電源，r為電源內阻，R2是半導體熱敏電阻傳感器，它的電阻阻值隨溫度升高而減小，R1、R3是定值電阻．a、b兩端接報警器．當傳感器R2所在處出現(xiàn)火險險情時，與險情出現(xiàn)前相比，a、b兩端電壓U變小，電流表中的電流I變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）．參考答案：考點：閉合電路的歐姆定律；常見傳感器的工作原理．專題：恒定電流專題．分析：由題知，當傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，分析外電路總電阻如何變化，根據(jù)歐姆定律分析干路電流的變化情況和路端電壓U的變化情況，根據(jù)R2、R3并聯(lián)電壓的變化情況，分析通過R3電流的變化情況，即可知電流表示數(shù)變化情況．解答：解：由題知，當傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，R2、R3并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓減小，即a、b兩端電壓U變??；R2、R3并聯(lián)電壓U并=E﹣I（R1+r），I增大，E、R1、r均不變，則U并減小，通過R3電流減小，由于干路電流增大，則知電流表示數(shù)I變大．故答案為：變小，變大點評：本題是信息題，首先要抓住傳感器R2電阻與溫度的關系，其次按“部分→整體→部分”的順序進行分析．三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）在2008年9月27日“神舟七號”宇航員翟志剛順利完成出艙活動，他的第一次太空行走標志著中國航天事業(yè)全新的時代即將到來?！吧裰燮咛枴眹@地球做圓周運動時所需的向心力是由

提供，宇航員翟志剛出艙任務之一是取回外掛的實驗樣品，假如不小心實驗樣品脫手（相對速度近似為零），則它 （填“會”或“不會”）做自由落體運動。設地球半徑為R、質量為M，“神舟七號”距地面高度為h，引力常數(shù)為G，試求“神舟七號”此時的速度大小。參考答案：

答案：地球引力（重力、萬有引力）；不會。（每空2分）

以“神舟七號”為研究對象，由牛頓第二定律得：

（2分）

由勻速圓周運動可知：

（2分）

解得線速度

（2分）15.（9分）我國登月的“嫦娥計劃”已經啟動，2007年10月24日，我國自行研制的探月衛(wèi)星“嫦娥一號”探測器成功發(fā)射。相比較美國宇航員已經多次登陸月球。而言，中國航天還有很多艱難的路要走。若一位物理學家通過電視機觀看宇航員登月球的情況，他發(fā)現(xiàn)在發(fā)射到月球上的一個儀器艙旁邊懸掛著一個重物在那里擺動,懸掛重物的繩長跟宇航員的身高相仿,這位物理學家看了看自己的手表，測了一下時間，于是他估測出月球表面上的自由落體加速度。請?zhí)骄恳幌?他是怎樣估測的?參考答案：據(jù)宇航員的身高估測出擺長；測出時間，數(shù)出擺動次數(shù)，算得擺動周期；據(jù)公式,求得月球的重力加速度。解析：據(jù)單擺周期公式,只要測出單擺擺長和擺動周期,即可測出月球表面上的自由落體加速度．據(jù)宇航員的身高估測出擺長；測出時間，數(shù)出擺動次數(shù)，算得擺動周期；據(jù)公式求得月球的重力加速度。(9分)

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，粗糙水平軌道AB與豎直光滑半圓弧軌道BC相切于B點，圓弧軌道半徑R=0.4m．一質量m=0.1kg的物塊（可看成為質點）在水平力F作用下自水平軌道上的P點由靜止開始做勻加速運動，到達B點時撤去F物塊在圓弧軌道上運動時對軌道壓力的最大值為6.0N，P點離B點的距離s=0.4m．（已知物塊與地面間動摩擦因數(shù)弘=0.5，取g=10m/s2）求：（1）物塊到達C點時的速度大小；（2）水平力F的大?。畢⒖即鸢福海?）物塊到達C點時的速度大小6m/s；（2）水平力F的大小3N．考點：動能定理；向心力．專題：動能定理的應用專題．分析：（1）在B點受力可根據(jù)合力提供向心力來列方程；物體從B到C的過程機械能守恒，可求解物體在C的速度；（2）物體從P到B由動能定理可求F．解答：解：（1）根據(jù)向心力公式，在B點：解得B點速度：V=從B到C：解得：VC=6m/s（2）物體在水平段：a=由牛頓第二定律：F﹣μmg=ma聯(lián)立得：F=3N答：（1）物塊到達C點時的速度大小6m/s；（2）水平力F的大小3N．點評：本題為曲線運動與動能定理的綜合應用典型題，解題的關鍵在于對過程和點的把握；運動過程的選擇、受力分板的位置，會影響解題的難易程度．17.如圖，絕緣水平地面上有寬L=0.4m的勻強電場區(qū)域，場強E=6×105N/C、方向水平向左。不帶電的物塊B靜止在電場邊緣的O點，帶電量、質量的物塊A，在距O點s=2．25m處以vo=5m/s的水平初速度向右運動，并與B發(fā)生碰撞，假設碰撞前后A、B構成的系統(tǒng)沒有動能損失，A的質量是B的K（K>1）倍，A、B與地面間的動摩擦因數(shù)都為μ=0.2，物塊均可視為質點，且A的電荷量始終不變，取g=10m/S2。（1）求A到達O點與B碰撞前的速度大??；（2）求碰撞后瞬間A和B的速度大?。唬?）討論K在不同取值范圍時電場力對A做的功。參考答案：解：（1）設碰撞前A的速度為v，由動能定理

①（2分）得

②（1分）（2）設碰撞后A、B的速度分別為vA、vB，且設向右方向為正方向，由于是彈性碰撞，所以有

③（2分）

④（2分）聯(lián)立③④并將mA=kmB，v=4m/s帶入得

⑤（1分）

⑥（1分）（3）討論：(i)如果A能夠從電場右邊界離開，必須滿足：

⑦（1分）聯(lián)立⑤⑦代入數(shù)據(jù)，得：k>3

⑧（1分）電場力對A做的功為：

⑨（1分）（ii）如果A不能夠從電場右邊界離開，必須滿足：⑩（1分）聯(lián)立⑤⑩代入數(shù)據(jù)，得

⑾（1分）考慮到k>1,所以在1<k≤3范圍內A不能夠從電場右邊界離開，又因

⑿（1分）所以A會返回并從電場左邊界離開，整個過程電場力做功為零，即WE=0

⒀（1分）18.如圖所示，輕彈簧左端固定在水平地面的N點處，彈簧自然伸長時另一端位于O點，水平面MN段為光滑地面，M點右側為粗糙水平面，現(xiàn)有質量相等均為m的A、B滑塊，先用滑塊B向左壓縮彈簧至P點，B和彈簧不栓接，由靜止釋放后向右運動與靜止在M點的A物體碰撞，碰撞后A與B粘在一起，A向右運動了L之后靜止在水平面上，已知水平面與滑塊之間滑動摩擦因數(shù)都為μ，求（1）B剛與A碰撞后．A的速度大??？（2）B將彈簧壓縮至P點時克服彈力所做的功？（3）若將B物體換成質量是2m的C物體，其余條件不變，則求A向右運動的距離是多少？參考答案：考點：動量守恒定律；機械能守恒定律．專題：動量與動能定理或能的轉化與守恒定律綜合．分析：（1）對A由動能定理可以求出其速度．（2）AB碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，應用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出功．（3）碰撞過程動量守恒，應用動量守恒定律與動能定理可以求出滑行的距離．解答：解：（1）對物體A，由動能定理得：?2mv12=μ?2mgL，解得：v1=；（2）A、B碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，