2024年湖南省汨羅市物理高三第一學(xué)期期中考試模擬試題含解析

2024年湖南省汨羅市物理高三第一學(xué)期期中考試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2013年12月“嫦娥三號”在月球表面上的軟著陸為我們的月球旅行開辟了新航道．假設(shè)未來的某天，宇航員在月球上做自由落體運動實驗：讓一個質(zhì)量為的小球從離開月球表面一定的高度由靜止開始自由下落，測得小球在第內(nèi)的位移是，此時小球還未落到月球表面．則以下判斷正確的是（）A．小球在末的速度大小為B．月球表面的重力加速度大小為C．小球在第內(nèi)的位移大小為D．小球在前內(nèi)的平均速度大小為2、如圖所示，質(zhì)量為m的物體用細(xì)繩子牽引著在光滑的水平面上作勻速圓周運動，O為一光滑的孔，當(dāng)拉力為F時，轉(zhuǎn)動半徑為R；當(dāng)拉力增大到6F時，物體仍作勻速圓周運動，此時轉(zhuǎn)動半徑為在此過程中，拉力對物體做的功為A． B． C． D．3、下列說法中正確的是（）A．只要物體受力的同時又有位移發(fā)生，則一定有力對物體做功；B．力很大，位移很大，這個力所做的功一定很多；C．機械做功越多，其功率越大；D．汽車上坡的時候，司機必須換擋，其目的是減小速度，得到較大的牽引力；4、登上火星是人類的夢想,“嫦娥之父”歐陽自遠(yuǎn)透露:中國計劃于2020年登陸火星．地球和火星公轉(zhuǎn)視為勻速圓周運動,忽略行星自轉(zhuǎn)影響．根據(jù)下表,火星和地球相比A．火星的公轉(zhuǎn)周期較小B．火星做圓周運動的加速度較大C．火星表面的重力加速度較小D．火星的第一宇宙速度較大5、如圖所示，一小球用繩子掛在墻上，設(shè)墻面對球的壓力大小為，繩子對球的拉力大小為，讓繩子縮短（繩與墻間夾角變大），則（）A．增大，增大 B．增大，減小C．減小，增大 D．減小，減小6、小明希望檢驗這樣一個猜想：從斜面滑下的小車，裝載物體的質(zhì)量越大，到達(dá)斜面底部的速度越快．圖示為兩種不同直徑車輪（顏色不同），裝有不同木塊（每個木塊的質(zhì)量相同）從不同高度釋放的小車．你認(rèn)為小明應(yīng)該選用哪3種情況進(jìn)行比較（）A．GOR B．GSW C．STU D．SWX二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個表面光滑的斜面體M置于水平地面上，它的兩個斜面與水平面的夾角分別為α、β，且α<β，M的頂端裝有一定滑輪，一輕質(zhì)細(xì)繩跨過定滑輪后連接A、B兩個小滑塊，細(xì)繩與各自的斜面平行，不計繩與滑輪間的摩擦，A、B恰好在同一高度處于靜止?fàn)顟B(tài)。剪斷細(xì)繩后，A、B滑至斜面底端，M始終保持靜止。則（）A．滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量B．兩滑塊到達(dá)斜面底端時的速度大小相同C．兩滑塊同時到達(dá)斜面的底端D．在滑塊A、B下滑的過程中，斜面體受到水平向左的摩擦力8、如圖所示，氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速度地飄入電場線水平向右的加速電場，之后進(jìn)入電場線豎直向下的勻強電場發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在屏上，整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么（）A．偏轉(zhuǎn)電場對三種粒子做功一樣多B．三種粒子打到屏上時速度一樣大C．三種粒子運動到屏上所用時間相同D．三種粒子一定打到屏上的同一位置，9、下列說法中正確的是（）A．玻爾通過對氫原子光譜的研究建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型B．核力存在于原子核內(nèi)任意兩個核子之間C．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)使人類認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)D．光電效應(yīng)現(xiàn)象和康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性10、質(zhì)量均為m=lkg的甲、乙兩個物體同時從同地沿同一方向做直線運動，二者的動能隨位移的變化圖像如圖所示．下列說法正確的是（）A．甲的加速度大小為2m/s2B．乙的加速度大小為1.5m/s2C．甲、乙在x=6m處的速度大小為2m/sD．甲、乙在x=8m處相遇三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗小組的同學(xué)做“用單擺測重力加速度”的實驗。(1)實驗前他們導(dǎo)出了重力加速度的表達(dá)式，對于此式的理解，同學(xué)甲：T一定時，g與L成正比同學(xué)乙：L一定時，g與T2成反比同學(xué)丙：L變化時，T2是不變的同學(xué)?。篖變化時，L與T2的比值是定值其中觀點正確的是_______同學(xué)（選填“甲”、“乙”、“丙”、“丁”）。(2)實驗室有如下器材可供選用：A．長約1m的細(xì)線B．長約1m的橡皮繩C．直徑約2cm的均勻鐵球D．直徑約5cm的均勻木球E．秒表F．時鐘實驗小組的同學(xué)選用了最小刻度為毫米的米尺，他們還需要從上述器材中選擇____________（填寫器材前面的字母）。(3)他們將其上端固定，下端自由下垂（如圖所示）。用刻度尺測量懸點到球心之間的距離記為單擺的擺長L。(4)他們記錄小球完成n次全振動的總時間t，則單擺的周期T=________。(5)如果實驗得到的結(jié)果比當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎敌?，可能的原因是（____）A．測擺線長時擺線拉得過緊B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時，秒表過遲按下D．實驗中誤將n-1次全振動數(shù)為n次．12．（12分）某同學(xué)用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”實驗．先將小球1從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把另一小球2放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止，讓小球1仍從原固定點由靜止開始滾下，且與小球2相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．A、B、C為三個落點的平均位置，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點．實驗中空氣阻力的影響很小，可以忽略不計．（1）在本實驗中斜槽軌道_____（填選項前的字母）A．必須光滑B．可以不光滑（2）實驗中應(yīng)該選擇兩個合適的小球進(jìn)行實驗①兩個小球的半徑____（填“相同”或“不同”）②應(yīng)該選擇下列哪組小球_____（填選項前的字母）A．兩個鋼球B．一個鋼球、一個玻璃球C．兩個玻璃球（3）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，將小球1從固定點由靜止釋放．若僅降低斜槽上固定點的位置，那么小球的落地點到O點的距離將______（填“改變”或“不變”），若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，那么小球的落地點到O點的距離將______填（“改變”或“不變”）．（4）在安裝實驗裝置的過程中，使斜槽軌道末端的切線水平，小球碰撞前與碰撞后的速度就可以用小球飛出的水平距離來表示，其原因的是_______A．小球都是從同一高度飛出，水平位移等于小球飛出時的速度B．小球都是從同一高度飛出，水平位移與小球飛出時的速度成正比C．小球在空中的運動都是勻變速曲線運動，而且運動的加速度都相同（5）本實驗必須測量的物理量是_____A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球1和小球2的質(zhì)量、C．小球1的釋放位置到斜槽軌道末端的高度hD．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、（6）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，小球1的落點為B點，放置被碰小球2后，小球2的落點為C點．假設(shè)兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，試論證：當(dāng)小球1碰后的速度方向未改變時，C點必在B點的前方．_____四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩形狀完全相同的平板A、B置于光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和2m．平板B的右端固定一輕質(zhì)彈簧，P點為彈簧的原長位置，P點到平板B左端點Q的距離為L．物塊C置于平板A的最右端，質(zhì)量為m且可視為質(zhì)點．平板A、物塊C以相同速度v0向右運動，與靜止平板B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后平板A、B粘連在一起，物塊C滑上平板B，運動至P點開始壓縮彈簧，后被彈回并相對于平板B靜止在其左端Q點．彈簧始終在彈性限度內(nèi)，平板B的P點右側(cè)部分為光滑面，P點左側(cè)部分為粗糙面，物塊C與平板B粗糙面部分之間的動摩擦因數(shù)處處相同，重力加速度為g．求：(1)平板A、B剛碰完時的共同速率v1；(2)物塊C與平板B粗糙面部分之間的動摩擦因數(shù)μ；(3)在上述過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能Ep；14．（16分）如圖所示，質(zhì)量M＝10kg的木楔ABC靜置于粗糙水平地面上，木楔與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2.在木楔的傾角θ為37°的斜面上，有一質(zhì)量m＝1.0kg的物塊由靜止開始從A點沿斜面下滑，當(dāng)它在斜面上滑行距離x＝1m時，其速度v＝2m/s，在這過程中木楔沒有動．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g＝10m/s2)求：(1)物塊與木楔間的動摩擦因數(shù)μ1；(2)地面對木楔的摩擦力的大小和方向；(3)在物塊沿斜面下滑時，如果對物塊施加一平行于斜面向下的推力F＝5N，則地面對木楔的摩擦力如何變化？(不要求寫出分析、計算的過程)15．（12分）如圖所示是一個透明圓柱的橫截面，其半徑為R，折射率是，AB是一條直徑，今有一束平行光沿AB方向射向圓柱體．若一條入射光經(jīng)折射后恰經(jīng)過B點，求：（1）這條入射光線到AB的距離是多少？（2）這條入射光線在圓柱體中運動的時間是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

AB．第內(nèi)的位移為，根據(jù)得則末的速度為故A錯誤，B正確；C．小球在第內(nèi)的位移為故C錯誤；D．小球在前內(nèi)的平均速度為故D錯誤；故選B．【題目點撥】根據(jù)自由落體運動的位移時間公式，結(jié)合第5s內(nèi)的位移求出月球表面的重力加速度，根據(jù)速度時間公式求出5s末的速度，結(jié)合平均速度推論求出5s內(nèi)的平均速度．2、A【解題分析】

物體在光滑水平面上做勻速圓周運動，由繩子的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律分別求出兩種拉力情況下物體的速度，再根據(jù)動能定理求出外力對物體所做的功?！绢}目詳解】設(shè)當(dāng)繩的拉力為F時，小球做勻速圓周運動的線速度為，則有：，當(dāng)繩的拉力增大到6F時，小球做勻速圓周運動的線速度設(shè)為，則有：，在繩的拉力由F增大到6F的過程中，根據(jù)動能定理得：。所以繩的拉力所做功的大小為，故A正確，BCD錯誤?！绢}目點撥】本題是向心力與動能定理的綜合應(yīng)用，它們之間的紐帶是速度，要明確動能定理是求功的基本方法之一．3、D【解題分析】

（1）當(dāng)物體受到的力方向與位移方向垂直時，力不做功，故A錯誤；（2）由A可知，力很大，位移很大，但兩者方向垂直，做功為零，故B錯誤；（3）由P=Wt可知，功率與Wt比值有關(guān)，與W（4）汽車上坡的時候，司機必須換擋是為了增大牽引力，由P=FV可知，速度將減小，故D正確；故本題選D。4、B【解題分析】試題分析：根據(jù)開普勒第三定律分析公轉(zhuǎn)周期的關(guān)系．由萬有引力定律和牛頓第二定律結(jié)合分析加速度的關(guān)系．根據(jù)萬有引力等于重力，分析星球表面重力加速度的關(guān)系．由v=分析第一宇宙速度關(guān)系．解：A、由表格數(shù)據(jù)知，火星的軌道半徑比地球的大，根據(jù)開普勒第三定律知，火星的公轉(zhuǎn)周期較大，故A錯誤．B、對于任一行星，設(shè)太陽的質(zhì)量為M，行星的軌道半徑為r．根據(jù)G=ma，得加速度a=，則知火星做圓周運動的加速度較小，故B正確．C、在行星表面，由G=mg，得g=,由表格數(shù)據(jù)知，火星表面的重力加速度與地球表面的重力加速度之比為=?=×＜1,故火星表面的重力加速度較小，故C錯誤．D、設(shè)行星的第一宇宙速度為v．則G=m，得v=．代入可得火星的第一宇宙速度較?。蔇錯誤．故選B．5、A【解題分析】

對小球受力分析，如圖所示：

根據(jù)平衡條件，有：FN=mgtanθ當(dāng)繩子縮短，繩與墻間夾角變大時，則FN變大，F(xiàn)T變大A．增大，增大，與結(jié)論相符，選項A正確；B．增大，減小，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．減小，增大，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．減小，減小，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；6、C【解題分析】試題分析：猜想的是“從斜面滑下的小車，裝載物體的質(zhì)量越大，到達(dá)斜面底部的速度越快”，故要求小車釋放點的高度相同，還需相同的小車．A項中高度相同，小車不同，A錯；B項中，小車相同，高度不同，B錯；D項中，高度、小車均不相同，D錯；C項滿足要求，C對．考點：控制變量法．【名師點睛】略．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】

A．由題意可知滑塊A和滑塊B沿斜面方向的分力等大，有由于α<β，故可得，故A正確；B．剪斷細(xì)繩后，兩滑塊下落過程中機械能守恒，有可得由于兩滑塊離地高度差相等，故落地速度大小相等，方向不同，與質(zhì)量無關(guān)，故B正確；C．滑塊下滑過程中由牛頓第二定律得所以得又由于α<β，則，物體的運動時間因為速度大小相同，故可得，故C錯誤；D．根據(jù)牛頓第三定律可知滑塊A和B對斜面的壓力大小分別等于它們重力沿垂直斜面的分力，如圖：故有因為由A選項可知并且α<β，所以有故斜面體受到水平向左的摩擦力，故D正確。故選ABD。8、AD【解題分析】

AB．帶電粒子在加速電場中加速，由動能定理可知解得粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的時間在偏轉(zhuǎn)電場中的縱向速度縱向位移即位移與比荷無關(guān)，與速度無關(guān)；則可三種粒子的偏轉(zhuǎn)位移相同，則偏轉(zhuǎn)電場對三種粒子做功一樣多，故A正確，B錯誤；CD．因三粒子由同一點射入偏轉(zhuǎn)電場，且偏轉(zhuǎn)位移相同，故三個粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的時間與橫向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三種粒子運動到屏上所用時間不相同，故C錯誤，D正確。故選AD。【題目點撥】此題考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，要注意偏轉(zhuǎn)中的運動的合成與分解的正確應(yīng)用；正確列出對應(yīng)的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式再去分析速度、位移及電場力的功。9、CD【解題分析】A、盧瑟福通過α粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯誤；B、核力本質(zhì)是核子與核子間相互作用，而核子只存在于質(zhì)子和質(zhì)子間，中子和中子間，且只在2×10-15m內(nèi)起作用，故B錯誤；C、天然放射現(xiàn)象中，原子核發(fā)生衰變，生成新核，同時有電子或α粒子產(chǎn)生，因此說明了原子核可以再分，具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，故C正確；D、光電效應(yīng)與康普頓效應(yīng)的物理本質(zhì)是相同的，都是個別光子與個別電子的相互用，說明光具有粒子性，故D正確；故選CD。10、AD【解題分析】

A項：對甲由動能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故A正確；B項：對乙由動能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故B錯誤；C項：由圖可知：對甲：，即，解得：，對乙：，即，解得：，故C錯誤；D項：甲物體的初動能為，可得，因此甲物體的位移時間關(guān)系為，乙物體的位移時間關(guān)系為，令可得，代入甲的位移可得，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、丁ACEB【解題分析】

(1)[1]重力加速度的大小與擺長和周期的大小無關(guān)，根據(jù)表達(dá)式可知L變化時，T2是變化的，但是L與T2的比值不變。故觀點正確的是同學(xué)??；

(2)[2]單擺模型中，擺球密度要大，體積要小，空氣阻力的影響才小，小球視為質(zhì)點，故要選擇直徑約2cm的均勻鐵球，長度1m左右的細(xì)線，不能用橡皮條，否則擺長會變化，秒表可以控制開始計時和結(jié)束計時的時刻，所以還需要ACE;(4)[3]根據(jù)題意可知，周期；(5)[4]A．g比當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎荡?，根?jù)表達(dá)式可知測擺線長時擺線拉得過緊，則擺長測量值偏大，測得的重力加速度偏大，A錯誤；B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，則測得的周期變大，則測得的重力加速度偏小，B正確；C．開始計時，秒表過遲按下，則測得的周期偏小，測得的重力加速度偏大，選項C錯誤；D．實驗中誤將n-1次全振動數(shù)為n次，則測得的周期偏小，測得的重力加速度偏大，D錯誤；故選B。12、B相同B改變不變BBD見解析【解題分析】

（1）[1]小球離開軌道后做平拋運動，只要保證入射球離開軌道的初始速度相等即可，斜槽軌道不需要光滑，A不符合題意，B符合題意；故選B；（2）[2]①兩球要發(fā)生對心碰撞，故兩球的半徑應(yīng)相同；②[3]為了防止入射球反彈，所以入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球，所以應(yīng)選一個鋼球、一個玻璃球，AC不符合題意，B符合題意；故選B；（3）[4][5]若僅降低斜槽上固定點的位置，小球離開軌道做平拋運動的速度減小，由于平拋運動的高度不變，所以不平位移變小，即小球的落地點到O點的距離將改變，若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，由于平拋運動的高度不變，運動的時間不變，所以小球的落地點到O點的距離不變；（4）[6]小球做平拋運動由于高度相同，由公式得：，可知高度h相同，則運動時間相同，水平位移所以小球的水平位移與小球飛出的速度成正比，B符合題意，AC不符合題意；故選B；（5）[7]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，兩球碰撞過程動量守恒，以入射球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：兩邊同時乘以運動時間t得：則有：由上式可知，本實驗應(yīng)測量小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2和記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、，BD符合題意，AC不符合題意。故選BD。（6）[8]證明：設(shè)小球1碰撞前后瞬間的速度分別為v0、v1，小球2碰后的速度為v2，根據(jù)動量守恒有