2021年全國新高考物理真題試卷(廣東卷)(Word版+答案+解析)

2021年高考物理真題試卷（廣東卷）一、單項選擇題：本題共7小題,每小題4分，共28分,在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。（共7題；共28分）1.科學家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁26，鋁26的半衰期為72萬年，其衰變方程為QUOTE，下列說法正確的是（

）A.

Y是氦核

B.

Y是質子

C.

再經過72萬年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半

D.

再經過144萬年，現(xiàn)有的鋁26全部衰變2.2021年4月，我國自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙成功發(fā)射并入軌運行，若核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動，已知引力常量，由下列物理量能計算出地球質量的是（

）A.

核心艙的質量和繞地半徑

B.

核心艙的質量和繞地周期

C.

核心艙的繞地角速度和繞地周期

D.

核心艙的繞地線速度和繞地半徑3.唐代《來耜經》記載了曲轅犁相對直轅犁的優(yōu)勢之一是起土省力，設牛用大小相等的拉力F通過耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為QUOTE和QUOTE，QUOTE，如圖所示，忽略耕索質量，耕地過程中，下列說法正確的是（

）

A.

耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對直轅犁的大

B.

耕索對曲轅犁拉力的豎直分力比對直轅犁的大

C.

曲轅犁勻速前進時，耕索對犁的拉力小于犁對耕索的拉力

D.

直轅犁加速前進時，耕索對犁的拉力大于犁對耕索的拉力4.由于高度限制，車庫出入口采用圖所示的曲桿道閘，道閘由轉動桿QUOTEOPOP與橫桿QUOTEPQPQ鏈接而成，P、Q為橫桿的兩個端點。在道閘抬起過程中，桿QUOTEPQPQ始終保持水平。桿QUOTEOPOP繞O點從與水平方向成30°勻速轉動到60°的過程中，下列說法正確的是（

）A.

P點的線速度大小不變

B.

P點的加速度方向不變

C.

Q點在豎直方向做勻速運動

D.

Q點在水平方向做勻速運動5.截面為正方形的絕緣彈性長管中心有一固定長直導線，長管外表面固定著對稱分布的四根平行長直導線，若中心直導線通入電流QUOTEI1I1，四根平行直導線均通入電流QUOTEI2I2，QUOTE，電流方向如圖所示，下列截面圖中可能正確表示通電后長管發(fā)生形變的是（

）A.

B.

C.

D.

6.圖是某種靜電推進裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產生強電場，虛線為等勢面，在強電場作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點，不計液滴重力，下列說法正確的是（

）

A.

a點的電勢比b點的低

B.

a點的電場強度比b點的小

C.

液滴在a點的加速度比在b點的小

D.

液滴在a點的電勢能比在b點的大7.某同學設計了一個充電裝置，如圖所示，假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V，理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數(shù)比為1∶60，下列說法正確的是（

）A.

交流電的頻率為10Hz

B.

副線圈兩端電壓最大值為3V

C.

變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關

D.

充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率二、多項選擇題：本小題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中,有多項符合題目要求。全部做對的得6分，選對但不全對的得3分，有選錯的得0分。（共3題；共18分）8.賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動。下列QUOTE和QUOTE圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點線同時出發(fā)、沿長直河道劃向同一終點線的運動全過程，其中能反映龍舟甲與其它龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有（

）A.

B.

C.

D.

9.長征途中，為了突破敵方關隘，戰(zhàn)士爬上陡銷的山頭，居高臨下向敵方工事內投擲手榴彈，戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質量均為m的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落地點的高度差為h，在空中的運動可視為平拋運動，軌跡如圖所示，重力加速度為g，下列說法正確的有（

）A.

甲在空中的運動時間比乙的長

B.

兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等

C.

從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢能減少QUOTE

D.

從投出到落地，每顆手榴彈的機械能變化量為QUOTE10.如圖所示，水平放置足夠長光滑金屬導軌QUOTEabcabc和QUOTEdede，QUOTEabab與QUOTEdede平行，QUOTEbcbc是以O為圓心的圓弧導軌，圓弧QUOTEbebe左側和扇形QUOTEObcObc內有方向如圖的勻強磁場，金屬桿QUOTEOPOP的O端與e點用導線相接，P端與圓弧QUOTEbcbc接觸良好，初始時，可滑動的金屬桿QUOTEMNMN靜止在平行導軌上，若桿QUOTEOPOP繞O點在勻強磁場區(qū)內從b到c勻速轉動時，回路中始終有電流，則此過程中，下列說法正確的有（

）A.

桿QUOTEOPOP產生的感應電動勢恒定

B.

桿QUOTEOPOP受到的安培力不變

C.

桿QUOTEMNMN做勻加速直線運動

D.

桿QUOTEMNMN中的電流逐漸減小三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（共4題；共42分）11.某興趣小組測量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)，緩沖裝置如圖所示，固定在斜面上的透明有機玻璃管與水平面夾角為30°，彈簧固定在有機玻璃管底端。實驗過程如下：先沿管軸線方向固定一毫米刻度尺，再將單個質量為200g的鋼球（直徑略小于玻璃管內徑）逐個從管口滑進，每滑進一個鋼球，待彈簧靜止，記錄管內鋼球的個數(shù)n和彈簧上端對應的刻度尺示數(shù)QUOTEL0L0，數(shù)據(jù)如表所示。實驗過程中彈簧始終處于彈性限度內。采用逐差法計算彈簧壓縮量，進而計算其勁度系數(shù)。n123456QUOTELncmLncm8.0410.0312.0514.0716.1118.09（1）利用QUOTE計算彈簧的壓縮量：QUOTE，QUOTE，QUOTE________cm，壓縮量的平均值QUOTE________cm；（2）上述QUOTE是管中增加________個鋼球時產生的彈簧平均壓縮量；（3）忽略摩擦，重力加速度g取QUOTE9.80m/s29.80m/s2，該彈簧的勁度系數(shù)為12.某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實驗需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。（1）先用多用電表預判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢。選擇適當倍率的歐姆擋，將兩表筆________，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指向右邊“QUOTE”處。測量時觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而________。（2）再按圖連接好電路進行測量。①閉合開關S前，將滑動變阻器QUOTER1R1的滑片滑到________端（選填“a”或“b”）。將溫控室的溫度設置為T，電阻箱QUOTER0R0調為某一阻值QUOTER01R01。閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器QUOTER1R1，使電壓表和電流表的指針偏轉到某一位置。記錄此時電壓表和電流表的示數(shù)、T和QUOTER01R01。斷開開關S。再將電壓表與熱敏電阻C端間的導線改接到D端，閉合開關S。反復調節(jié)QUOTER0R0和QUOTER1R1，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同。記錄此時電阻箱的阻值QUOTER02R02。斷開開關S。②實驗中記錄的阻值QUOTER01R01________QUOTER02R02（選填“大于”、“小于”或“等于”）。此時熱敏電阻阻值QUOTERT=RT=________。改變溫控室的溫度，測量不同溫度時的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。13.算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動，使用前算珠需要歸零，如圖所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b，甲、乙相隔QUOTE，乙與邊框a相隔QUOTE，算珠與導桿間的動摩擦因數(shù)QUOTE?，F(xiàn)用手指將甲以QUOTE0.4m/s0.4m/s的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為QUOTE0.1m/s0.1m/s，方向不變，碰撞時間極短且不計，重力加速度g取QUOTE10m/s210m/s2。（1）通過計算，判斷乙算珠能否滑動到邊框a；（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時間。14.圖是一種花瓣形電子加速器簡化示意圖，空間有三個同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內為無場區(qū)，圓a與圓b之間存在輻射狀電場，圓b與圓c之間有三個圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強磁場區(qū)Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各區(qū)感應強度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動能QUOTEEk0Ek0從圓b上P點沿徑向進入電場，電場可以反向，保證電子每次進入電場即被全程加速，已知圓a與圓b之間電勢差為U，圓b半徑為R，圓c半徑為QUOTE3R3R，電子質量為m，電荷量為e，忽略相對論效應，取QUOTEtan22.5擄=0.4tan22.5擄=0.4。（1）當QUOTEEk0=0Ek0=0時，電子加速后均沿各磁場區(qū)邊緣進入磁場，且在電場內相鄰運動軌跡的夾角QUOTE均為45°，最終從Q點出射，運動軌跡如圖中帶箭頭實線所示，求Ⅰ區(qū)的磁感應強度大小、電子在Ⅰ區(qū)磁場中的運動時間及在Q點出射時的動能；（2）已知電子只要不與Ⅰ區(qū)磁場外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射。當QUOTEEk0=keUEk0=keU時，要保證電子從出射區(qū)域出射，求四、【選修3-3】（共1題；共12分）15.

（1）在高空飛行的客機上某乘客喝完一瓶礦泉水后，把瓶蓋擰緊。下飛機后發(fā)現(xiàn)礦泉水瓶變癟了，機場地面溫度與高空客艙內溫度相同。由此可判斷，高空客艙內的氣體壓強________（選填“大于”、“小于”或“等于”）機場地面大氣壓強：從高空客艙到機場地面，礦泉水瓶內氣體的分子平均動能________（選填“變大”、“變小”或“不變”）。（2）為方便抽取密封藥瓶里的藥液，護士一般先用注射器注入少量氣體到藥瓶里后再抽取藥液，如圖所示，某種藥瓶的容積為0.9mL，內裝有0.5mL的藥液，瓶內氣體壓強為QUOTE，護士把注射器內橫截面積為QUOTE0.3cm20.3cm2、長度為0.4cm、壓強為QUOTE的氣體注入藥瓶，若瓶內外溫度相同且保持不變，氣體視為理想氣體，求此時藥瓶內氣體的壓強。

五、【選修3-4】（共1題；共12分）16.

（1）如圖所示，一個輕質彈簧下端掛一小球，小球靜止?，F(xiàn)將小球向下拉動距離A后由靜止釋放，并開始計時，小球在豎直方向做簡諧運動，周期為T。經QUOTET8T8時間，小球從最低點向上運動的距離________QUOTEA2A2（選填“大于”、“小于”或“等于”）；在QUOTET4T4時刻，小球的動能________（選填“最大”或“最小”）。

（2）如圖所示，一種光學傳感器是通過接收器Q接收到光的強度變化而觸發(fā)工作的。光從擋風玻璃內側P點射向外側M點再折射到空氣中，測得入射角為QUOTE，折射角為QUOTE；光從P點射向外側N點，剛好發(fā)生全反射并被Q接收，求光從玻璃射向空氣時臨界角QUOTE的正弦值表達式。

2021年高考物理真題試卷（廣東卷）一、單項選擇題：本題共7小題,每小題4分，共28分,在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。（共7題；共28分）1.科學家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁26，鋁26的半衰期為72萬年，其衰變方程為QUOTE，下列說法正確的是（

）A.

Y是氦核

B.

Y是質子

C.

再經過72萬年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半

D.

再經過144萬年，現(xiàn)有的鋁26全部衰變【答案】C【考點】核反應方程【解析】【解答】AB．根據(jù)核反應的質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，該核反應是QUOTE即Y是正電子，AB不符合題意；CD．因72萬年是一個半衰期，可知再過72萬年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半；再過144萬年，即兩個半衰期，現(xiàn)有的鋁26衰變四分之三，C符合題意，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】利用質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判別Y是正電子；利用半衰期的大小可以判別原子核衰變的質量大小。2.2021年4月，我國自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙成功發(fā)射并入軌運行，若核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動，已知引力常量，由下列物理量能計算出地球質量的是（

）A.

核心艙的質量和繞地半徑

B.

核心艙的質量和繞地周期

C.

核心艙的繞地角速度和繞地周期

D.

核心艙的繞地線速度和繞地半徑【答案】D【考點】萬有引力定律及其應用【解析】【解答】根據(jù)核心艙做圓周運動的向心力由地球的萬有引力提供，可得QUOTE可得QUOTE可知已知核心艙的質量和繞地半徑、已知核心艙的質量和繞地周期以及已知核心艙的角速度和繞地周期，都不能求解地球的質量；若已知核心艙的繞地線速度和繞地半徑可求解地球的質量。故答案為：D。

【分析】利用引力提供向心力結合核心艙的線速度和半徑可以求出地球質量的大小。3.唐代《來耜經》記載了曲轅犁相對直轅犁的優(yōu)勢之一是起土省力，設牛用大小相等的拉力F通過耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為QUOTE和QUOTE，QUOTE，如圖所示，忽略耕索質量，耕地過程中，下列說法正確的是（

）

A.

耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對直轅犁的大

B.

耕索對曲轅犁拉力的豎直分力比對直轅犁的大

C.

曲轅犁勻速前進時，耕索對犁的拉力小于犁對耕索的拉力

D.

直轅犁加速前進時，耕索對犁的拉力大于犁對耕索的拉力【答案】B【考點】力的分解，牛頓第三定律【解析】【解答】A．將拉力F正交分解如下圖所示

則在x方向可得出Fx曲=FsinαFx直=Fsinβ在y方向可得出Fy曲=FcosαFy直=Fcosβ由題知α<β則sinα<sinβcosα>cosβ則可得到Fx曲<Fx直Fy曲>Fy直A不符合題意、B符合題意；CD．耕索對犁的拉力與犁對耕索的拉力是一對相互作用力，它們大小相等，方向相反，無論是加速還是勻速，則CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用拉力進行分解可以比較水平分力和豎直分力的大?。桓鲗绲睦屠鐚Ω鞯睦儆谙嗷プ饔昧Υ笮∠嗟?。4.由于高度限制，車庫出入口采用圖所示的曲桿道閘，道閘由轉動桿QUOTEOPOP與橫桿QUOTEPQPQ鏈接而成，P、Q為橫桿的兩個端點。在道閘抬起過程中，桿QUOTEPQPQ始終保持水平。桿QUOTEOPOP繞O點從與水平方向成30°勻速轉動到60°的過程中，下列說法正確的是（

）A.

P點的線速度大小不變

B.

P點的加速度方向不變

C.

Q點在豎直方向做勻速運動

D.

Q點在水平方向做勻速運動【答案】A【考點】勻速圓周運動【解析】【解答】A．由題知桿OP繞O點從與水平方向成30°勻速轉動到60°，則P點繞O點做勻速圓周運動，則P點的線速度大小不變，A符合題意；B．由題知桿OP繞O點從與水平方向成30°勻速轉動到60°，則P點繞O點做勻速圓周運動，P點的加速度方向時刻指向O點，B不符合題意；C．Q點在豎直方向的運動與P點相同，位移y關于時間t的關系為y=lOP×sin(QUOTE+ωt)則可看出Q點在豎直方向不是勻速運動，C不符合題意；D．Q點在水平方向的位移x關于時間t的關系為x=lOP×cos(QUOTE+ωt)+lPQ則可看出Q點在水平方向也不是勻速運動，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】由于桿OP勻速轉動所以其線速度大小保持不變，由于做勻速圓周運動所以其向心加速度方向不斷改變，利用OP桿運動的位移結合位移的分解可以判別其Q點水平方向和豎直方向位移和時間的關系。5.截面為正方形的絕緣彈性長管中心有一固定長直導線，長管外表面固定著對稱分布的四根平行長直導線，若中心直導線通入電流QUOTEI1I1，四根平行直導線均通入電流QUOTEI2I2，QUOTE，電流方向如圖所示，下列截面圖中可能正確表示通電后長管發(fā)生形變的是（

）A.

B.

C.

D.

【答案】C【考點】安培力，左手定則【解析】【解答】因QUOTEI1>>I2I1>>I2，則可不考慮四個邊上的直導線之間的相互作用；根據(jù)兩通電直導線間的安培力作用滿足“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，則正方形左右兩側的直導線QUOTEI2I2要受到QUOTEI1I1吸引的安培力，形成凹形，正方形上下兩邊的直導線QUOTEI2I2要受到QUOTEI1I1排斥的安培力，形成凸形，故變形后的形狀如圖C。故答案為：C。

【分析】利用安培定則可以判別其通電導線周期產生的磁場方向，結合左手定則可以判別其導線受到的安培力方向進而判別彈性長管的變形情況。6.圖是某種靜電推進裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產生強電場，虛線為等勢面，在強電場作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點，不計液滴重力，下列說法正確的是（

）

A.

a點的電勢比b點的低

B.

a點的電場強度比b點的小

C.

液滴在a點的加速度比在b點的小

D.

液滴在a點的電勢能比在b點的大【答案】D【考點】電場強度和電場線【解析】【解答】A．高壓電源左為正極，則所加強電場的場強向右，而沿著電場線電勢逐漸降低，可知QUOTEA不符合題意；B．等差等勢線的疏密反映場強的大小，由圖可知a處的等勢線較密，則QUOTEEa>EbB不符合題意；C．液滴的重力不計，根據(jù)牛頓第二定律可知，液滴的加速度為QUOTEa=qEma=qE因QUOTEEa>EbEa>Eb，可得QUOTEaC不符合題意；D．液滴在電場力作用下向右加速，則電場力做正功，動能增大，電勢能減少，即QUOTEEPa>EPbD符合題意；故答案為：D。

【分析】利用等勢面的疏密可以比較電場強度的大??；利用電場線的方向可以比較電勢的高度；利用牛頓第二定律結合場強的大小可以比較加速度的大??；利用電場力做功可以比較電勢能的大小。7.某同學設計了一個充電裝置，如圖所示，假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V，理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數(shù)比為1∶60，下列說法正確的是（

）A.

交流電的頻率為10Hz

B.

副線圈兩端電壓最大值為3V

C.

變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關

D.

充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率【答案】B【考點】變壓器原理【解析】【解答】A．周期是T=0.2s，頻率是QUOTEf=1T=5Hzf=A不符合題意；B．由理想變壓器原理可知QUOTEU1U2=n解得副線兩端的最大電壓為QUOTEU2=n2n1U1=3C．根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，永磁鐵磁場強，線圈中產生的感應電動勢越大，變壓器的輸入電壓會越大，C不符合題意；D．由理想變壓器原理可知，充電電路的輸入功率等于變壓器的輸入功率，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用周期可以求出頻率的大小；利用匝數(shù)之比結合輸入電壓的峰值可以求出輸出電壓的峰值；當永磁體的磁感應強度變大時線圈產生的感應電動勢隨之變大；由于屬于理想變壓器所以輸入功率等于輸出功率的大小。二、多項選擇題：本小題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中,有多項符合題目要求。全部做對的得6分，選對但不全對的得3分，有選錯的得0分。（共3題；共18分）8.賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動。下列QUOTE和QUOTE圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點線同時出發(fā)、沿長直河道劃向同一終點線的運動全過程，其中能反映龍舟甲與其它龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有（

）A.

B.

C.

D.

【答案】B,D【考點】S-t圖象，v-t圖象【解析】【解答】A．此圖是速度圖像，由圖可知，甲的速度一直大于乙的速度，所以中途不可能出現(xiàn)甲乙船頭并齊，A不符合題意；B．此圖是速度圖像，由圖可知，開始丙的速度大，后來甲的速度大，速度圖像中圖像與橫軸圍成的面積表示位移，由圖可以判斷在中途甲、丙位移會相同，所以在中途甲丙船頭會并齊，B符合題意；C．此圖是位移圖像，由圖可知，丁一直運動在甲的前面，所以中途不可能出現(xiàn)甲丁船頭并齊，C不符合題意；D．此圖是位移圖像，交點表示相遇，所以甲戊在中途船頭會齊，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】速度時間圖像中利用圖像面積代表位移，利用面積相等時可以判別兩船出現(xiàn)齊頭并進；位移時間圖像中利用圖像交點可以判別兩船齊頭并進。9.長征途中，為了突破敵方關隘，戰(zhàn)士爬上陡銷的山頭，居高臨下向敵方工事內投擲手榴彈，戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質量均為m的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落地點的高度差為h，在空中的運動可視為平拋運動，軌跡如圖所示，重力加速度為g，下列說法正確的有（

）A.

甲在空中的運動時間比乙的長

B.

兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等

C.

從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢能減少QUOTE

D.

從投出到落地，每顆手榴彈的機械能變化量為QUOTE【答案】B,C【考點】平拋運動【解析】【解答】A．由平拋運動規(guī)律可知，做平拋運動的時間QUOTEt=2hgt=2因為兩手榴彈運動的高度差相同，所以在空中運動時間相等，A不符合題意；B．做平拋運動的物體落地前瞬間重力的功率QUOTE因為兩手榴彈運動的高度差相同，質量相同，所以落地前瞬間，兩手榴彈重力功率相同，B符合題意；C．從投出到落地，手榴彈下降的高度為h，所以手榴彈重力勢能減小量QUOTE，C符合題意；D．從投出到落地，手榴彈做平拋運動，只有重力做功，機械能守恒，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用平拋運動的位移公式結合下落的高度可以比較運動的時間；利用豎直方向的速度結合重力可以比較重力瞬時功率的大??；利用高度的變化可以求出重力勢能的減少量；利用只有重力做功所以機械能守恒。10.如圖所示，水平放置足夠長光滑金屬導軌QUOTEabcabc和QUOTEdede，QUOTEabab與QUOTEdede平行，QUOTEbcbc是以O為圓心的圓弧導軌，圓弧QUOTEbebe左側和扇形QUOTEObcObc內有方向如圖的勻強磁場，金屬桿QUOTEOPOP的O端與e點用導線相接，P端與圓弧QUOTEbcbc接觸良好，初始時，可滑動的金屬桿QUOTEMNMN靜止在平行導軌上，若桿QUOTEOPOP繞O點在勻強磁場區(qū)內從b到c勻速轉動時，回路中始終有電流，則此過程中，下列說法正確的有（

）A.

桿QUOTEOPOP產生的感應電動勢恒定

B.

桿QUOTEOPOP受到的安培力不變

C.

桿QUOTEMNMN做勻加速直線運動

D.

桿QUOTEMNMN中的電流逐漸減小【答案】A,D【考點】電磁感應中切割類問題，電磁感應與力學【解析】【解答】A．OP轉動切割磁感線產生的感應電動勢為QUOTE因為OP勻速轉動，所以桿OP產生的感應電動勢恒定，A符合題意；BCD．桿OP勻速轉動產生的感應電動勢產生的感應電流由M到N通過MN棒，由左手定則可知，MN棒會向左運動，MN棒運動會切割磁感線，產生電動勢與原來電流方向相反，讓回路電流減小，MN棒所受合力為安培力，電流減小，安培力會減小，加速度減小，D符合題意，BC不符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用動生電動勢的表達式結合桿勻速轉動所以產生的電動勢大小恒定；利用右手定則可以判別感應電流的方向，結合左手定則可以判別桿OP受到的安培力方向不斷變化；利用左手定則結合右手定則可以判別MN中的電流逐漸減小所以安培力和加速度不斷減小。三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（共4題；共42分）11.某興趣小組測量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)，緩沖裝置如圖所示，固定在斜面上的透明有機玻璃管與水平面夾角為30°，彈簧固定在有機玻璃管底端。實驗過程如下：先沿管軸線方向固定一毫米刻度尺，再將單個質量為200g的鋼球（直徑略小于玻璃管內徑）逐個從管口滑進，每滑進一個鋼球，待彈簧靜止，記錄管內鋼球的個數(shù)n和彈簧上端對應的刻度尺示數(shù)QUOTEL0L0，數(shù)據(jù)如表所示。實驗過程中彈簧始終處于彈性限度內。采用逐差法計算彈簧壓縮量，進而計算其勁度系數(shù)。n123456QUOTELncmLncm8.0410.0312.0514.0716.1118.09（1）利用QUOTE計算彈簧的壓縮量：QUOTE，QUOTE，QUOTE________cm，壓縮量的平均值QUOTE________cm；（2）上述QUOTE是管中增加________個鋼球時產生的彈簧平均壓縮量；（3）忽略摩擦，重力加速度g取QUOTE9.80m/s29.80m/s2，該彈簧的勁度系數(shù)為【答案】（1）6.04；6.05

（2）3

（3）48.6【考點】探究彈力和彈簧伸長的關系【解析】【解答】（1）根據(jù)壓縮量的變化量為QUOTE

壓縮量的平均值為QUOTE（2）因三個QUOTE是相差3個鋼球的壓縮量之差，則所求平均值為管中增加3個鋼球時產生的彈簧平均壓縮量；（3）根據(jù)鋼球的平衡條件有QUOTE解得QUOTE【分析】（1）利用彈簧的長度可以求出形變量的大??；利用壓縮量可以求出平均值的大?。?/p>

（2）由于形變量對應增加三個鋼球的壓縮量，所以其平均值為3個鋼球產生的平均壓縮量；

（3）利用平衡方程結合重力的大小可以求出勁度系數(shù)的大小。12.某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實驗需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。（1）先用多用電表預判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢。選擇適當倍率的歐姆擋，將兩表筆________，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指向右邊“QUOTE”處。測量時觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而________。（2）再按圖連接好電路進行測量。①閉合開關S前，將滑動變阻器QUOTER1R1的滑片滑到________端（選填“a”或“b”）。將溫控室的溫度設置為T，電阻箱QUOTER0R0調為某一阻值QUOTER01R01。閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器QUOTER1R1，使電壓表和電流表的指針偏轉到某一位置。記錄此時電壓表和電流表的示數(shù)、T和QUOTER01R01。斷開開關S。再將電壓表與熱敏電阻C端間的導線改接到D端，閉合開關S。反復調節(jié)QUOTER0R0和QUOTER1R1，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同。記錄此時電阻箱的阻值QUOTER02R02。斷開開關S。②實驗中記錄的阻值QUOTER01R01________QUOTER02R02（選填“大于”、“小于”或“等于”）。此時熱敏電阻阻值QUOTERT=RT=________。改變溫控室的溫度，測量不同溫度時的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。【答案】（1）短接；減小

（2）b；大于；QUOTE【考點】熱敏電阻和光敏電阻【解析】【解答】（1）選擇倍率適當?shù)臍W姆檔，將兩表筆短接；歐姆表指針向右偏轉角度越大，則阻值越小，可判斷熱敏電阻的阻值隨溫度升高而減小。

（2）①閉合開關S前，應將滑動變阻器R1的阻值調到最大，即將滑片滑到b端；②因兩次電壓表和電流表的示數(shù)相同，因為QUOTER01=R02+即QUOTERT=R01-可知R01大于R02?！痉治觥浚?）歐姆調零需要將紅黑筆短接；指針向右偏轉說明熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而不斷減??；

（2）閉合開關時其滑動變阻器要滑在b端使其電阻處于最大值；由于電壓表和電流表讀數(shù)相同，結合歐姆定律可以比較電阻的大小，利用兩次總電阻相同可以求出熱敏電阻的阻值大小。

13.算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動，使用前算珠需要歸零，如圖所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b，甲、乙相隔QUOTE，乙與邊框a相隔QUOTE，算珠與導桿間的動摩擦因數(shù)QUOTE?，F(xiàn)用手指將甲以QUOTE0.4m/s0.4m/s的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為QUOTE0.1m/s0.1m/s，方向不變，碰撞時間極短且不計，重力加速度g取QUOTE10m/s210m/s2。（1）通過計算，判斷乙算珠能否滑動到邊框a；（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時間?！敬鸢浮浚?）解：甲乙滑動時的加速度大小均為QUOTE甲與乙碰前的速度v1，則QUOTE解得v1=0.3m/s甲乙碰撞時由動量守恒定律QUOTEmv1=mv2解得碰后乙的速度v3=0.2m/s然后乙做減速運動，當速度減為零時則QUOTE可知乙恰好能滑到邊框a

（2）解：甲與乙碰前運動的時間QUOTE碰后甲運動的時間QUOTEt2=v2a=0.11s=0.1st2=v2【考點】動量守恒定律，勻變速直線運動基本公式應用【解析】【分析】（1）已知動摩擦因數(shù)的大小，結合牛頓第二定律可以求出甲乙運動的加速度大小，甲與乙碰前做勻減速直線運動，利用速度位移公式可以求出碰前速度的大小，甲乙碰撞過程動量守恒，利用動量守恒定律可以求出乙碰后速度的大小，結合乙做勻減速直線運動的速度位移公式可以求出運動的位移；

（2）甲碰前做勻減速直線運動，碰后做勻減速直線運動，利用速度公式可以求出碰前和碰后的運動時間。14.圖是一種花瓣形電子加速器簡化示意圖，空間有三個同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內為無場區(qū)，圓a與圓b之間存在輻射狀電場，圓b與圓c之間有三個圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強磁場區(qū)Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各區(qū)感應強度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動能QUOTEEk0Ek0從圓b上P點沿徑向進入電場，電場可以反向，保證電子每次進入電場即被全程加速，已知圓a與圓b之間電勢差為U，圓b半徑為R，圓c半徑為QUOTE3R3R，電子質量為m，電荷量為e，忽略相對論效應，取QUOTE。（1）當QUOTEEk0=0Ek0=0時，電子加速后均沿各磁場區(qū)邊緣進入磁場，且在電場內相鄰運動軌跡的夾角QUOTE均為45°，最終從Q點出射，運動軌跡如圖中帶箭頭實線所示，求Ⅰ區(qū)的磁感應強度大小、電子在Ⅰ區(qū)磁場中的運動時間及在Q點出射時的動能；（2）已知電子只要不與Ⅰ區(qū)磁場外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射。當QUOTEEk0=keUEk0=keU時，要保證電子從出射區(qū)域出射，求【答案】（1）解：電子在電場中加速有QUOTE2eU=12mv2在磁場Ⅰ中，由幾何關系可得QUOTEQUOTEB1ev=mv2r聯(lián)立解得QUOTEB1=5eUmeR在磁場Ⅰ中的運動周期為QUOTE由幾何關系可得，電子在磁場Ⅰ中運動的圓心角為QUOTE在磁場Ⅰ中的運動時間為QUOTE聯(lián)立解得QUOTEt=蟺RmeU4eUt=蟺R從Q點出來的動能為QUOTEEk=8eUEk=8eU

（2）解：在磁場Ⅰ中的做勻速圓周運動的最大半徑為QUOTErmrm，此時圓周的軌跡與Ⅰ邊界相切，由幾何關系可得QUOTE解得QUOTErm=33R由于QUOTEB1evm=mvQUOTE聯(lián)立解得QUOTEk=136k=136【考點】動能定理的綜合應用，帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動【解析】【分析】（1）電子在電場中加速，利用動能定理可以求出電子進入磁場的速度大小，電子在磁場中做勻速圓周運動，利用幾何關系可以求出軌道半徑的大小，結合牛頓第二定律可以求出I區(qū)域的磁感應強度的大小；利用幾何關系可以求出電子在磁場中運動的圓心角，結合運動的周期可以求出電子運動的時間，利用動能定理可以求出電子從Q離開的動能大??；（2）在磁場I做勻速圓