2020年北京市高考物理真題試題(新高考)(Word版+答案+解析)

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）A.

白光經(jīng)過楊氏雙縫得到彩色圖樣

B.

白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣

C.

白光經(jīng)過三棱鏡得到彩色圖樣

D.

白光照射水面油膜呈現(xiàn)彩色圖樣2.氫原子能級示意如圖?，F(xiàn)有大量氫原子處于n=3能級上，下列說法正確的是（

）A.

這些原子躍遷過程中最多可輻射出2種頻率的光子

B.

從n=3能級躍遷到n=1能級比躍遷到n=2能級輻射的光子頻率低

C.

從n=3能級躍遷到n=4能級需吸收0.66eV的能量

D.

n=3能級的氫原子電離至少需要吸收13.6eV3.隨著通信技術(shù)的更新?lián)Q代，無線通信使用的電磁波頻率更高，頻率資源更豐富，在相同時間內(nèi)能夠傳輸?shù)男畔⒘扛?。?代移動通信技術(shù)(簡稱5G)意味著更快的網(wǎng)速和更大的網(wǎng)絡容載能力，“4G改變生活，5G改變社會”。與4G相比，5G使用的電磁波（

）A.

光子能量更大

B.

衍射更明顯

C.

傳播速度更大

D.

波長更長4.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷兩個過程，先后到達狀態(tài)B和C。有關(guān)A、B和C三個狀態(tài)溫度TA、TB和TCA.

TA=TB，TB=T5.我國首次火星探測任務被命名為“天問一號”。已知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的10%，半徑約為地球半徑的50%，下列說法正確的是（

）A.

火星探測器的發(fā)射速度應大于地球的第二宇宙速度

B.

火星探測器的發(fā)射速度應介于地球的第一和第二宇宙速度之間

C.

火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度

D.

火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度6.一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點L的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（

）A.

該橫波沿x軸負方向傳播

B.

質(zhì)點N該時刻向y軸負方向運動

C.

質(zhì)點L經(jīng)半個周期將沿x軸正方向移動

D.

該時刻質(zhì)點K與M的速度、加速度都相同7.真空中某點電荷的等勢面示意如圖，圖中相鄰等勢面間電勢差相等。下列說法正確的是（

）A.

該點電荷一定為正電荷

B.

P點的場強一定比Q點的場強大

C.

P點電勢一定比Q點電勢低

D.

正檢驗電荷在P點比在Q點的電勢能大8.如圖所示，在帶負電荷的橡膠圓盤附近懸掛一個小磁針。現(xiàn)驅(qū)動圓盤繞中心軸高速旋轉(zhuǎn)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（

）A.

偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍存在電場

B.

偏轉(zhuǎn)原因是圓盤周圍產(chǎn)生了磁場

C.

僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動方向，偏轉(zhuǎn)方向不變

D.

僅改變圓盤所帶電荷的電性，偏轉(zhuǎn)方向不變9.如圖所示，理想變壓器原線圈接在u=Umsin(ωt+φ)的交流電源上，副線圈接三個阻值相同的電阻R，不計電表內(nèi)電阻影響。閉合開關(guān)SA.

電流表A2的示數(shù)減小

B.

電壓表V1的示數(shù)減小

C.

電壓表V2的示數(shù)不變

D.

電流表A110.分子力F隨分子間距離r的變化如圖所示。將兩分子從相距r=r2處釋放，僅考慮這兩個分于間的作用，下列說法正確的是（

A.

從r=r2到r=r0分子間引力、斥力都在減小

B.

從r=r2到r=r1分子力的大小先減小后增大

C.

從r=r2到r=r011.某同學利用圖甲所示裝置研究摩擦力的變化情況。實驗臺上固定一個力傳感器，傳感器用棉線拉住物塊，物塊放置在粗糙的長木板上。水平向左拉木板，傳感器記錄的F-t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（

A.

實驗中必須讓木板保持勻速運動

B.

圖乙中曲線就是摩擦力隨時間的變化曲線

C.

最大靜摩擦力與滑動摩擦力之比約為10:7

D.

只用圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動摩擦因數(shù)12.圖甲表示某金屬絲的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把這段金屬絲與電池、電流表串聯(lián)起來（圖乙），用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡易溫度計。下列說法正確的是（

）A.

tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系

B.

tA應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關(guān)系

C.

tB應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關(guān)系

D.

13.在同一豎直平面內(nèi)，3個完全相同的小鋼球（1號、2號、3號）懸掛于同一高度；靜止時小球恰能接觸且懸線平行，如圖所示。在下列實驗中，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，碰撞均為對心正碰。以下分析正確的是（

）A.

將1號移至高度h釋放，碰撞后，觀察到2號靜止、3號擺至高度h。若2號換成質(zhì)量不同的小鋼球，重復上述實驗，3號仍能擺至高度h

B.

將1、2號一起移至高度h釋放，碰撞后，觀察到1號靜止，2、3號一起擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都守恒

C.

將右側(cè)涂膠的1號移至高度h釋放，1、2號碰撞后粘在一起，根據(jù)機械能守恒，3號仍能擺至高度h

D.

將1號和右側(cè)涂膠的2號一起移至高度h釋放，碰撞后，2、3號粘在一起向右運動，未能擺至高度h，釋放后整個過程機械能和動量都不守恒14.在無風的環(huán)境，某人在高處釋放靜止的籃球，籃球豎直下落；如果先讓籃球以一定的角速度繞過球心的水平軸轉(zhuǎn)動（如圖）再釋放，則籃球在向下掉落的過程中偏離豎直方向做曲線運動。其原因是，轉(zhuǎn)動的籃球在運動過程中除受重力外，還受到空氣施加的阻力f1和偏轉(zhuǎn)力f2。這兩個力與籃球速度v的關(guān)系大致為：f1=k1v2A.

k1、k2是與籃球轉(zhuǎn)動角速度無關(guān)的常量

B.

籃球可回到原高度且角速度與釋放時的角速度相同

C.

人站得足夠高，落地前籃球有可能向上運動

二、實驗題(本題共2小題，共18分)（共2題；共18分）15.在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，做如下探究：（1）為猜想加速度與質(zhì)量的關(guān)系，可利用圖1所示裝置進行對比實驗。兩小車放在水平板上，前端通過鉤碼牽引，后端各系一條細線，用板擦把兩條細線按在桌上，使小車靜止。抬起板擦，小車同時運動，一段時間后按下板擦，小車同時停下。對比兩小車的位移，可知加速度與質(zhì)量大致成反比。關(guān)于實驗條件，下列正確的是：________(選填選項前的字母)。A.小車質(zhì)量相同，鉤碼質(zhì)量不同

B.小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量相同

C.小車質(zhì)量不同，鉤碼質(zhì)量不同（2）某同學為了定量驗證(1)中得到的初步關(guān)系，設計實驗并得到小車加速度a與質(zhì)量M的7組實驗數(shù)據(jù)，如下表所示。在圖2所示的坐標紙上已經(jīng)描好了6組數(shù)據(jù)點，請將余下的一組數(shù)據(jù)描在坐標紙上，并作出a-1M次數(shù)1234567a(m0.620.560.480.400.320.240.15M/kg0.250.290.330.400.500.711.00（3）在探究加速度與力的關(guān)系實驗之前，需要思考如何測“力”。請在圖3中畫出小車受力的示意圖。為了簡化“力”的測量，下列說法正確的是：__________（選填選項前的字母）。A.使小車沿傾角合適的斜面運動，小車受力可等效為只受繩的拉力

B.若斜面傾角過大，小車所受合力將小于繩的拉力

C.無論小車運動的加速度多大，砂和桶的重力都等于繩的拉力

D.讓小車的運動趨近于勻速運動，砂和桶的重力才近似等于繩的拉力16.用圖1所示的甲、乙兩種方法測量某電源的電動勢和內(nèi)電阻（約為1Ω）。其中R為電阻箱，電流表的內(nèi)電阻約為0.1Ω，電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ。（1）利用圖1中甲圖實驗電路測電源的電動勢E和內(nèi)電阻r，所測量的實際是圖2中虛線框所示“等效電源”的電動勢E'和內(nèi)電阻r'。若電流表內(nèi)電阻用RA表示，請你用E、r和RA表示出E'、（2）某同學利用圖像分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差。在圖3中，實線是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)（圖甲：U=IR，圖乙：I=UR）描點作圖得到的U-I圖像；虛線是該電源的路端電壓U隨電流I變化的U-I在圖3中，對應圖甲電路分析的U-I圖像是：________；對應圖乙電路分析的U-I圖像是：________。（3）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差，本實驗應選擇圖1中的________（填“甲”或“乙”）。三、解答題（共4題；共40分）17.無人機在距離水平地面高度h處，以速度v0水平勻速飛行并釋放一包裹，不計空氣阻力，重力加速度為g。（1）求包裹釋放點到落地點的水平距離x；（2）求包裹落地時的速度大小v；（3）以釋放點為坐標原點，初速度方向為x軸方向，豎直向下為y軸方向，建立平面直角坐標系，寫出該包裹運動的軌跡方程。18.如圖甲所示，N=200匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻r=2Ω，其兩端與一個R=48Ω（1）判斷通過電阻R的電流方向；（2）求線圈產(chǎn)生的感應電動勢E；（3）求電阻R兩端的電壓U。19.如圖甲所示，真空中有一長直細金屬導線MN，與導線同軸放置一半徑為R的金屬圓柱面。假設導線沿徑向均勻射出速率相同的電子，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e。不考慮出射電子間的相互作用。（1）可以用以下兩種實驗方案測量出射電子的初速度：a.在柱面和導線之間，只加恒定電壓；b.在柱面內(nèi)，只加與MN平行的勻強磁場。當電壓為U0或磁感應強度為B0時，剛好沒有電子到達柱面。分別計算出射電子的初速度v（2）撤去柱面，沿柱面原位置放置一個弧長為a、長度為b的金屬片，如圖乙所示。在該金屬片上檢測到出射電子形成的電流為I，電子流對該金屬片的壓強為p。求單位長度導線單位時間內(nèi)出射電子的總動能。20.某試驗列車按照設定的直線運動模式，利用計算機控制制動裝置，實現(xiàn)安全準確地進站停車。制動裝置包括電氣制動和機械制動兩部分。圖1所示為該列車在進站停車過程中設定的加速度大小a車隨速度v的變化曲線。

（1）求列車速度從20m/s降至3m/s經(jīng)過的時間t及行進的距離x（2）有關(guān)列車電氣制動，可以借助圖2模型來理解。圖中水平平行金屬導軌處于豎直方向的勻強磁場中，回路中的電阻阻值為R，不計金屬棒MN及導軌的電阻。MN沿導軌向右運動的過程，對應列車的電氣制動過程，可假設MN棒運動的速度與列車的速度、棒的加速度與列車電氣制動產(chǎn)生的加速度成正比。列車開始制動時，其速度和電氣制動產(chǎn)生的加速度大小對應圖1中的P點。論證電氣制動產(chǎn)生的加速度大小隨列車速度變化的關(guān)系，并在圖1中畫出圖線。（3）制動過程中，除機械制動和電氣制動外，列車還會受到隨車速減小而減小的空氣阻力。分析說明列車從100m/s減到3m/s(注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題時做必要的說明)

答案解析部分一、選擇題(本題共14小題，共42分)1.【答案】C【考點】光的干涉【解析】【解答】A．根據(jù)光的干涉定義可知白光經(jīng)過楊氏雙縫得到彩色圖樣是楊氏雙縫干涉，A不符合題意；B．由于重力的作用，肥皂膜形成了上薄下厚的薄膜，光線通過薄膜時頻率不變，干涉條紋的產(chǎn)生是由于光線在薄膜前后兩表面反射形成的兩列光波的疊加，白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣是屬于干涉現(xiàn)象，B不符合題意；C．白光經(jīng)過三棱鏡得到彩色圖樣是光在折射時產(chǎn)生的色散現(xiàn)象，C符合題意；D．水面上的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，屬于薄膜干涉，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】太陽光經(jīng)過三棱鏡折射后會形成彩色光帶，該現(xiàn)象叫做光的色散，并非光的干涉。2.【答案】C【考點】氫原子光譜【解析】【解答】A．大量氫原子處于n=3能級躍遷到n=1最多可輻射出C32=3種不同頻率的光子，B．根據(jù)能級圖可知從n=3能級躍遷到n=1能級輻射的光子能量為h從n=3能級躍遷到n=2能級輻射的光子能量為h比較可知從n=3能級躍遷到n=1能級比躍遷到n=2能級輻射的光子頻率高，B不符合題意；C．根據(jù)能級圖可知從n=3能級躍遷到n=4能級，需要吸收的能量為E=1.51eV-0.85eV=0.66eVD．根據(jù)能級圖可知氫原子處于n=3能級的能量為-1.51eV，故要使其電離至少需要吸收1.51eV的能量，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】當電子由低能級躍遷到高能級時，電子需要吸收能量，當電子由高能級躍遷到低能級時，電子需要釋放能量，結(jié)合公式求解產(chǎn)生或吸收光子的頻率。3.【答案】A【考點】光的波粒二象性【解析】【解答】A．因為5G使用的電磁波頻率比4G高，根據(jù)E=hν可知5G使用的電磁波比4G光子能量更大，AB．發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物（或孔）的尺寸可以跟波長相比，甚至比波長還??；因5G使用的電磁波頻率更高，即波長更短，故5G越不容易發(fā)生明顯衍射，B不符合題意；C．光在真空中的傳播速度都是相同的；光在介質(zhì)中的傳播速度為v=5G的頻率比4G高，而頻率越大折射率越大，光在介質(zhì)中的傳播速度越小，C不符合題意；D．因5G使用的電磁波頻率更高，根據(jù)ν=可知波長更短，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】根據(jù)德布羅意關(guān)系可以得到，當粒子的動量越小，對應的波長就越長，波動性就越明顯。4.【答案】C【考點】氣體的變化圖像P-V圖、P-T圖、V-T圖【解析】【解答】由圖可知狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個等壓過程，根據(jù)VA因為VB>VA，故TB>TA；而狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個等容過程，有p因為pB>pC，故TB>TC；對狀態(tài)A和C有2可得TA=TC；綜上分析可知C符合題意，ABD不符合題意；故答案為：C。

【分析】對于P-T圖像，從圖中得到氣體處在某種狀態(tài)的壓強和溫度，根據(jù)理想氣體物態(tài)方程求解體積的變化即可。5.【答案】A【考點】宇宙速度【解析】【解答】A．當發(fā)射速度大于第二宇宙速度時，探測器將脫離地球的引力在太陽系的范圍內(nèi)運動，火星在太陽系內(nèi)，所以火星探測器的發(fā)射速度應大于第二宇宙速度，A符合題意；B．第二宇宙速度是探測器脫離地球的引力到太陽系中的臨界條件，當發(fā)射速度介于地球的第一和第二宇宙速度之間時，探測器將圍繞地球運動，B不符合題意；C．萬有引力提供向心力，則有GMm解得第一宇宙速度為v所以火星的第一宇宙速度為v所以火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，C不符合題意；D．萬有引力近似等于重力，則有GMm解得星表面的重力加速度g所以火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】衛(wèi)星發(fā)射速度達到第一宇宙速度，圍繞著地球運動，發(fā)射速度達到第二宇宙速度，會脫離地球的引力，圍繞著太陽運動，發(fā)射速度達到第三宇宙速度，會脫離太陽的引力，飛出太陽系。6.【答案】B【考點】簡諧運動的圖象，橫波的圖象，波長、波速和頻率的關(guān)系【解析】【解答】AB．由圖可知乙質(zhì)點L的振動情況，該時刻質(zhì)點L向y軸正方向振動。根據(jù)上下坡法或者平移法可知，該橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點N該時刻向y軸負方向運動，A不符合題意，B符合題意；C．質(zhì)點L只在平衡位置附近y軸方向上下振動，波傳播時，質(zhì)點不會沿x軸正方向移動，C不符合題意；D．該時刻質(zhì)點K與M的速度為零，質(zhì)點K加速度為-y方向，質(zhì)點M加速度為+y方向，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】通過甲圖讀出波的波長，通過乙圖讀出波的周期，進而求出波速，再結(jié)合選項逐一分析即可。7.【答案】B【考點】電場強度和電場線，電勢差、電勢、電勢能【解析】【解答】A．正電荷和負電荷周圍的等勢面都為一組同心球殼，該點電荷不一定為正電荷，A不符合題意；B．相鄰等勢面間電勢差相等，P點附近的等差等勢面更加密集，故P點的場強一定比Q點的場強大，B符合題意；C．正電荷和負電荷周圍的等勢面都為一組同心球殼，若為正點電荷，則P點電勢一定比Q點電勢高，C不符合題意；D．從等勢面的情況無法判斷該點電荷為正點電荷還是負點電荷，無法判斷P點電勢與Q點電勢的高低，就無法判斷正檢驗電荷在P點和在Q點的電勢能的大小，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】等差等勢面密集的地方，電場強度比較大，沿電場線方向電勢減小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。8.【答案】B【考點】安培力【解析】【解答】AB．小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)是因為帶負電荷的橡膠圓盤高速旋轉(zhuǎn)形成電流，而電流周圍有磁場，磁場會對放入其中的小磁針有力的作用，A不符合題意，B符合題意；C．僅改變圓盤的轉(zhuǎn)動方向，形成的電流的方向與初始相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前相反，C不符合題意；D．僅改變圓盤所帶電荷的電性，形成的電流的方向與初始相反，小磁針的偏轉(zhuǎn)方向也與之前相反，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】旋轉(zhuǎn)的帶電圓盤形成電流，電流周圍存在磁場，與小磁針的磁場相互作用。9.【答案】A【考點】電路的動態(tài)變化分析【解析】【解答】開關(guān)S閉合時，副線圈總的電阻減小，由于變壓器的匝數(shù)比和輸入的電壓都不變，所以輸出的電壓也不變，即V1示數(shù)不變，但因副線圈的總電阻減小，則副線圈的總電流增大，則原線圈的電流增大，A1的示數(shù)變大；由于副線圈的電流增大，故串聯(lián)在副線圈的電阻R兩端的電壓增大，而副線圈的總電壓不變，所以副線圈并聯(lián)部分的電壓減小，即V2的示數(shù)減小，故電流表A2的示數(shù)減小，A符合題意，BCD故答案為：A。

【分析】開光閉合，接入電路中的電阻變小，結(jié)合歐姆定律求解電流、電壓的變化。10.【答案】D【考點】分子間的作用力【解析】【解答】A．從r=r2到r=r0B．由圖可知，在r=r0時分子力為零，故從r=r2到r=C．分子勢能在r=r0時分子勢能最小，故從r=r2到r=D．從r=r2到r=r1故答案為：D。

【分析】當分子間距小于平衡距離時，增大分子間距，分子力減??；當分子間距大于平衡距離時，增大分子間距，分子力先增加后減??；當分子間距增大時，引力和斥力都會減小，只是兩種力減小的快慢不同；分子力與移動方向相同，分子力做正功，勢能減小，方向相反，分子力做負功，分子勢能增加。11.【答案】C【考點】滑動摩擦力，動摩擦因數(shù)【解析】【解答】A．動摩擦力大小與是否勻速直線運動無關(guān)，A不符合題意；

B．圖乙曲線是拉力F隨時間的變化曲線，B不符合題意；

C．由圖可知，最大靜摩擦力約為10N，滑動摩擦力約為7N，故最大靜摩擦力與滑動摩擦力之比約為10:7，C符合題意；D．根據(jù)Ff=μFN，故答案為：C?！痉治觥慨斘矬w做勻速直線運動時，物體受到的拉力等于摩擦力，結(jié)合壓力大小求解動摩擦因數(shù)。12.【答案】B【考點】歐姆定律【解析】【解答】由甲圖可知，tA點對應的電阻阻值較小，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較大，故tA應標在電流較大的刻度上；而tB點對應的電阻阻值較大，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較小，故tB其中R0為圖線的縱截距，由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立解得t=可知t與I是非線性關(guān)系，B符合題意，ACD不符合題意。故答案為：B。

【分析】對電路應用閉合電路歐姆定律列方程，結(jié)合電阻隨時間的變化分析溫度與電流的變化即可。13.【答案】D【考點】機械能守恒及其條件，動量守恒定律【解析】【解答】A．1號球與質(zhì)量不同的2號球相碰撞后，1號球速度不為零，則2號球獲得的動能小于1號球撞2號球前瞬間的動能，所以2號球與3號球相碰撞后，3號球獲得的動能也小于1號球撞2號球前瞬間的動能，則3號不可能擺至高度h，A不符合題意；B．1、2號球釋放后，三小球之間的碰撞為彈性碰撞，且三小球組成的系統(tǒng)只有重力做功，所以系統(tǒng)的機械能守恒，但整個過程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動量不守恒，B不符合題意；C．1、2號碰撞后粘在一起，為完全非彈性碰撞，碰撞過程有機械能損失，所以1、2號球再與3號球相碰后，3號球獲得的動能不足以使其擺至高度h，C不符合題意；D．碰撞后，2、3號粘在一起，為完全非彈性碰撞，碰撞過程有機械能損失，且整個過程中，系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)的機械能和動量都不守恒，D符合題意。故答案為：D。

【分析】如果一個系統(tǒng)不受到外力的作用，那么動量就是守恒的，如果一個系統(tǒng)，除重力外，不受到外力和非保守內(nèi)力，那么這個系統(tǒng)機械能守恒，結(jié)合選項中物體的受力情況分析求解即可。14.【答案】C【考點】物體的受力分析【解析】【解答】A．籃球未轉(zhuǎn)動時，籃球豎直下落，沒有受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，而籃球轉(zhuǎn)動時，將受到偏轉(zhuǎn)力f2的作用，所以偏轉(zhuǎn)力f2=k2v中的B．空氣阻力一直對籃球做負功，籃球的機械能將減小，籃球的角速度也將減小，所以籃球沒有足夠的能量回到原高度，B不符合題意；C．籃球下落過程中，其受力情況如下圖所示籃球下落過程中，由受力分析可知，隨著速度不斷增大，籃球受到f1和f2的合力沿豎直方向的分力可能比重力大，可使籃球豎直方向的分速度減小為零或變成豎直向上，所以籃球可能向上運動，D．如果籃球的速度變成水平方向，則空氣阻力的作用會使籃球速度減小，則籃球受到的偏轉(zhuǎn)力f2將變小，不能保持f2與重力持續(xù)等大反向，所以不可能在空中持續(xù)一段水平直線運動，故答案為：C。

【分析】結(jié)合籃球的速度方向?qū)@球進行受力分析，結(jié)合籃球的受力情況，結(jié)合選項分析籃球的運動狀態(tài)。二、實驗題(本題共2小題，共18分)15.【答案】（1）B

（2）

（3）A,D【考點】驗證牛頓運動定律（探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系）【解析】【解答】（1）為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，必須控制小車所受拉力相同，而讓小車的質(zhì)量不同，所以鉤碼質(zhì)量相同，B符合題意。（2）數(shù)據(jù)描點和a-1M；（3）A．使小車沿傾角合適的斜面運動，小車所受重力沿斜面的分力剛好等于小車所受的摩擦力，則小車受力可等效為只受繩的拉力，A符合題意；B．若斜面傾角過大，重力沿斜面的分力大于摩擦力，小車所受合力將大于繩的拉力，不利于簡化“力”的測量，B不符合題意；C．由牛頓第二定律可知，無論小車運動的加速度多大，砂和桶的重力都大于繩的拉力，C不符合題意；D．當小車的運動趨近于勻速運動時，砂和桶可近似看成受力平衡，則砂和桶的重力才近似等于繩的拉力，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】（1）三個變量，探究其中兩個變量之間的關(guān)系，需要用到控制變量法；

（2）結(jié)合表格中的數(shù)據(jù)在坐標系中描點連線即可；

（3）當m<<M，物體加速度很小，拉力近似等于重物的重力。16.【答案】（1）E'=E，r+RA而電流表的內(nèi)阻和電動勢的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即r

（2）C；A

（3）乙【考點】測電源電動勢和內(nèi)阻【解析】【解答】(1)將電源和電流表視為等效電源，電源電動勢是電源本身具有的屬性，電流表不具有產(chǎn)生電動勢的本領(lǐng)，所以等效電源的電動勢仍然為E'而電流表的內(nèi)阻和電動勢的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即r'=r+RA變形得U=直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得U=圖像與縱軸截距均為電源電動勢E，虛線對應的斜率大小為r，實線對應的斜率大小為(r+RA)，所以對應圖甲電路分析的U-I變形得U=直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得U=虛線對應的斜率大小為r，實線對應的斜率大小為RVRV+rr<r，虛線對應的縱軸截距為E，實線對應的縱軸截距為RVRV+rE<E；兩圖線在U=0時，對應的短路電流均為I

【分析】（1）等效電源的電壓等于電源電壓，內(nèi)阻等于兩電阻之和；

（2）對于電源的伏安特性曲線來說，圖像與縱坐標的交點為電源的電動勢，圖像斜率的相反數(shù)為電源的內(nèi)阻；

（3）電壓表分流不明顯，對電動勢和內(nèi)阻的影響比較小。三、解答題17.【答案】（1）解：包裹脫離無人機后做平拋運動，在豎直方向做自由落體運動，則h=解得t=2水平方向上做勻速直線運動，所以水平距離為x=v

（2）解：包裹落地時，豎直方向速度為vy落地時速度為v=v

（3）解：包裹做平拋運動，分解位移x=vy=1兩式消去時間得包裹的軌跡方程為y=g【考點】平拋運動【解析】【分析】（1）物體做平拋運動，水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，利用豎直方向的距離求出運動時間，根據(jù)初速度求解水平方向的位移；

（2）結(jié)合物體的運動時間求解落地時的水平速度和豎直速度，合成求解總速度；

（3）物體做平拋運動，水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，分別利用運動學公式列方程求解運動軌跡。18.【答案】（1）解：根據(jù)圖像可知，線圈中垂直于紙面向里的磁場增大，為了阻礙線圈中磁通量的增大，根據(jù)楞次定律可知線圈中感應電流產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可知線圈中的感應電流為逆時針方向，所通過電阻R的電流方向為a→b。

（2）解：根據(jù)法拉第電磁感應定律E=NΔΦΔt=200×0.015-0.0100.10V【考點】歐姆定律，法拉第電磁感應定律【解析】【分析】（1）閉合電路中的磁通量發(fā)生改變，回路中就會產(chǎn)生感應電流，利用楞次定律判斷電