2023年重慶市第高考物理全真模擬密押卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示為剪式千斤頂?shù)慕孛鎴D。四根等長(zhǎng)的支持臂用光滑較鏈連接，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，通過(guò)水平螺紋軸減小間的

距離，以抬高重物。保持重物不變，和PN夾角為120。時(shí)N點(diǎn)受到螺紋軸的作用力為尸1；MP和PN夾角為60。

時(shí)N點(diǎn)受到螺紋軸的作用力為尸2。不計(jì)支持臂和螺紋軸的重力，則B與尸2大小之比為（）

手柄

A.1：1B.1：3C.73：1D.3：1

2、如圖，真空中固定兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷A、B,A5連線中點(diǎn)為0。在A、B所形成的電場(chǎng)中，以。點(diǎn)為圓心、半

徑為R的圓面垂直48連線，以O(shè)為幾何中心的邊長(zhǎng)為2K的正方形平面垂直圓面且與A8連線共面，兩個(gè)平面邊線

交點(diǎn)分別為e、f,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.在a、b、c、d四點(diǎn)中存在場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)均相同的點(diǎn)

B.將一試探電荷由e點(diǎn)沿圓弧eg/"移到/點(diǎn)電場(chǎng)力始終不做功

C.將一試探電荷由/點(diǎn)移到正方形“、氏c、d任意一點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能的變化量都不相同

D.沿線段移動(dòng)的電荷所受的電場(chǎng)力先增大后減小

3、如圖，一個(gè)質(zhì)量為m的剛性圓環(huán)套在豎直固定細(xì)桿上，圓環(huán)的直徑略大于細(xì)桿的直徑，圓環(huán)的兩邊與兩個(gè)相同的

輕質(zhì)彈簧的一端相連，輕質(zhì)彈簧的另一端相連在和圓環(huán)同一高度的墻壁上的P、。兩點(diǎn)處，彈簧的勁度系數(shù)為上起初

圓環(huán)處于。點(diǎn)，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)且原長(zhǎng)為L(zhǎng);將圓環(huán)拉至A點(diǎn)由靜止釋放，04=08=，重力加速度為g,對(duì)于圓環(huán)

從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧處于彈性范圍內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是

B

A.圓環(huán)通過(guò)。點(diǎn)的加速度小于g

B.圓環(huán)在0點(diǎn)的速度最大

21d

C.圓環(huán)在4點(diǎn)的加速度大小為g+——

m

D.圓環(huán)在8點(diǎn)的速度為2瘋

4、在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中，有許多科學(xué)家做出了突出貢獻(xiàn)，關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.胡克用“理想實(shí)驗(yàn)”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)

B.平均速度、瞬時(shí)速度和加速度等描述運(yùn)動(dòng)所需要的概念是牛頓首先建立的

C.伽利略利用小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和邏輯推理研究出了落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律

D.笛卡爾發(fā)現(xiàn)了彈簧彈力和形變量的關(guān)系

5、為了做好疫情防控工作，小區(qū)物業(yè)利用紅外測(cè)溫儀對(duì)出入人員進(jìn)行體溫檢測(cè)。紅外測(cè)溫儀的原理是：被測(cè)物體輻射

的光線只有紅外線可被捕捉，并轉(zhuǎn)變成電信號(hào)。圖為氫原子能級(jí)示意圖，已知紅外線單個(gè)光子能量的最大值為L(zhǎng)62eV,

要使氫原子輻射出的光子可被紅外測(cè)溫儀捕捉，最少應(yīng)給處于〃=2激發(fā)態(tài)的氫原子提供的能量為（）

n￡/cV

oo__________________0

5----------------------------0.54

4----------------------------0.85

3----------------------------1.51

2----------------------------3.40

I-------------------------43.60

A.10.20eVB.2.89eVC.2.55eVD.1.89eV

6、恒星在均勻地向四周輻射能量的過(guò)程中，質(zhì)量緩慢減小，圍繞恒星運(yùn)動(dòng)的小行星可近似看成在做圓周運(yùn)動(dòng).則經(jīng)過(guò)

足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，小行星運(yùn)動(dòng)的（）

A.半徑變大

B.速率變大

C.角速度變大

D.加速度變大

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，有一列沿x軸正向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在，=（）時(shí)刻振源S從。點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)。當(dāng)/=0.2s時(shí)，波剛好傳到

x=4m處的質(zhì)點(diǎn)。下列對(duì)該簡(jiǎn)諧橫波的分析中正確的是（）

B.頻率為5Hz的簡(jiǎn)諧橫波與該波相遇時(shí)一定能夠發(fā)生干涉現(xiàn)象

C.該簡(jiǎn)諧橫波遇到尺寸小于4m的障礙物時(shí)能夠發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

D.當(dāng)f=0.4s時(shí)，該簡(jiǎn)諧橫波上的M點(diǎn)向右移動(dòng)了2m

E.若站在振源右側(cè)的接收者以速度V，勻速向振源靠近，那么接收者接收到的頻率一定大于5Hz

8、如圖所示，一個(gè)碗口水平、內(nèi)壁光滑的半球形碗固定在水平桌面上，在球心O點(diǎn)固定一電荷量為。的帶正電金屬

球，兩個(gè)質(zhì)量相等的絕緣帶電小球A和B分別緊貼著內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若小球A、B所帶電荷量很少,

兩者間的作用力忽略不計(jì)，且金屬球和帶電小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢(shì)相等

C.小球A的電荷量大于小球B的電荷量

D.小球A的角速度大于小球B的角速度

9、如圖所示，兩塊半徑均為K的半圓形玻璃磚正對(duì)放置，折射率均為〃=0;沿豎直方向的兩條直徑BC、力。相互

平行，一束單色光正對(duì)圓心。從A點(diǎn)射入左側(cè)半圓形玻璃磚，知NAO5=60。。若不考慮光在各個(gè)界面的二次反射，下

列說(shuō)法正確的是（）

A.減小NA08,光線可能在面發(fā)生全反射

B.BC、方。間距大小與光線能否從右半圓形玻璃磚右側(cè)射出無(wú)關(guān)

C.如果8C、夕O間距大于遮，光線不能從右半圓形玻璃磚右側(cè)射出

3

D.如果BC、山。間距等于包，光線穿過(guò)兩個(gè)半圓形玻璃磚的總偏折角為15°

3

10、圖示為振幅、頻率相同的兩列橫波相遇時(shí)形成的干涉圖樣，實(shí)線與虛線分別表示的是波峰和波谷，圖示時(shí)刻，M

是波峰與波峰的相遇點(diǎn)，已知兩列波的振幅均為4,下列說(shuō)法中正確的是（）

A.圖示時(shí)刻位于M處的質(zhì)點(diǎn)正向前移動(dòng)

B.P處的質(zhì)點(diǎn)始終處在平衡位置

C.從圖示時(shí)刻開(kāi)始經(jīng)過(guò)四分之一周期，尸處的質(zhì)點(diǎn)將處于波谷位置

D.從圖示時(shí)刻開(kāi)始經(jīng)過(guò)四分之一周期，M處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置

E.M處的質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，其振幅為2A

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）（某同學(xué)要測(cè)定某金屬絲的電阻率。

（1）如圖甲先用游標(biāo)卡尺測(cè)其長(zhǎng)度為cm,如圖乙再用螺旋測(cè)微器測(cè)其直徑為mm,如圖丙然后用多用電

表xlQ擋粗測(cè)其電阻為

（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，需進(jìn)一步測(cè)其電阻，除待測(cè)金屬絲外，實(shí)驗(yàn)室還備有的實(shí)驗(yàn)器材如下:

A.電壓表V（量程3V.內(nèi)阻約為15kC）

B.電流表A（量程0.6A.內(nèi)阻約為1。）

C.滑動(dòng)變阻器Ri（0~5Q,0.6A）

D.1.5V的干電池兩節(jié)，內(nèi)阻不計(jì)

E.開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)線若干

①請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)合理的電路圖，并畫(huà)在下圖方框內(nèi)?

②用上面測(cè)得的金屬導(dǎo)線長(zhǎng)度/、直徑d和電阻也可根據(jù)表達(dá)式,=算出所測(cè)金屬的電阻率。

12.（12分）某同學(xué)看到某種規(guī)格熱敏電阻的說(shuō)明書(shū)，知悉其阻值隨溫度變化的圖線如圖甲所示。為驗(yàn)證這個(gè)圖線的

可信度，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)驗(yàn)證性實(shí)驗(yàn)，除熱敏電阻R之外，實(shí)驗(yàn)室還提供如下器材：電源E（電動(dòng)勢(shì)為4.5V,內(nèi)阻

約1C）、電流表A（量程1mA,內(nèi)阻約200。）、電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約10k。）、滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為20。）、

開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干、燒杯、溫度計(jì)和水。

圖甲

圖丙

（1）從圖甲可以看出該熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律是一;

（2）圖乙是實(shí)驗(yàn)器材的實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線把電路連接完整

⑶閉合開(kāi)關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭尸應(yīng)置于一端（填""或濘"）；

(4)該小組的同學(xué)利用測(cè)量結(jié)果，采用描點(diǎn)作圖的方式在說(shuō)明書(shū)原圖的基礎(chǔ)上作出該熱敏電阻的品一，圖像，如圖丙所

示，跟原圖比對(duì)，發(fā)現(xiàn)有一定的差距，關(guān)于誤差的說(shuō)法和改進(jìn)措施中正確的是

A.在溫度逐漸升高的過(guò)程中電阻測(cè)量的絕對(duì)誤差越來(lái)越大

B.在溫度逐漸升高的過(guò)程中電阻測(cè)量的相對(duì)誤差越來(lái)越大

C.在溫度比較高時(shí)，通過(guò)適當(dāng)增大電阻兩端的電壓值可以減小兩條曲線的差距

D.在溫度比較高時(shí)，通過(guò)改變電流表的接法可以減小兩條曲線的差距

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，一氣球從地面上以大小為%=12m/s的速度豎直勻速升起，當(dāng)氣球的下端距地面〃=2m高

時(shí)，在氣球的正下方緊貼地面將一小石子愉大小為％=20m/s的初速度豎直上拋。已知小石子受到的空氣阻力等于

其重力的倍，取g=10m/s2,求：

(1)小石子追上氣球所用的時(shí)間；

(2)小石子追上氣球時(shí)的速度大小。

14.(16分)隨著航空領(lǐng)域的發(fā)展，實(shí)現(xiàn)火箭回收利用，成為了各國(guó)都在重點(diǎn)突破的技術(shù)。其中有一技術(shù)難題是回收

時(shí)如何減緩對(duì)地的碰撞，為此設(shè)計(jì)師在返回火箭的底盤(pán)安裝了電磁緩沖裝置。該裝置的主要部件有兩部分：①緩沖滑

塊，由高強(qiáng)絕緣材料制成，其內(nèi)部邊緣繞有閉合單匝矩形線圈abed；②火箭主體，包括絕緣光滑緩沖軌道MN、PQ

和超導(dǎo)線圈(圖中未畫(huà)出)，超導(dǎo)線圈能產(chǎn)生方向垂直于整個(gè)緩沖軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)緩沖滑塊接觸地面時(shí)，滑塊

立即停止運(yùn)動(dòng)，此后線圈與火箭主體中的磁場(chǎng)相互作用，火箭主體一直做減速運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到軟著陸要求的速度，從而

實(shí)現(xiàn)緩沖。現(xiàn)已知緩沖滑塊豎直向下撞向地面時(shí)，火箭主體的速度大小為也,，經(jīng)過(guò)時(shí)間，火箭著陸，速度恰好為零；

線圈必cd的電阻為K,其余電阻忽略不計(jì)；好邊長(zhǎng)為/,火箭主體質(zhì)量為小，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,重力

加速度為g,一切摩擦阻力不計(jì)，求：

(1)緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈諦邊兩端的電勢(shì)差U而

(2)緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，火箭主體的加速度大小；

(3)火箭主體的速度從小減到零的過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的電能。

火哥主體

XXXX

XXXX

XXXX

CXXX

ivTOxv

15.(12分)如圖所示，垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為以紙面內(nèi)有一正方形均勻金屬線框詔cd,其邊長(zhǎng)為L(zhǎng),

每邊電阻為K,，以邊與磁場(chǎng)邊界平行。從ad邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)直至曲邊剛要進(jìn)入的過(guò)程中，線框在垂直磁場(chǎng)邊界向左的

拉力作用下以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，求：

(1)線框中電流/的大小和方向；

(2)拉力所做的功W；

(3)就邊產(chǎn)生的焦耳熱。。

XX

XX

XX

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

【解析】

當(dāng)兩臂間的夾角為120。時(shí)，兩臂受到的壓力為

2cos60°

對(duì)N點(diǎn)分析，N點(diǎn)受到螺紋軸的作用力為

4=2NCOS30O=GG

當(dāng)兩臂間的夾角為60。時(shí)，兩臂受到的壓力為

---=—G

對(duì)N點(diǎn)分析，N點(diǎn)受到螺紋軸的作用力為

F2=2N2COS600=^-G

則有

二二3:1

K

故A、B、C錯(cuò)誤，D正確；

故選D。

2、B

【解析】

A.根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)線分布情況可知，。、人的電勢(shì)相同，電場(chǎng)強(qiáng)度不同，由對(duì)稱性可知，。、”的電勢(shì)相同,

電場(chǎng)強(qiáng)度也不相同，故A錯(cuò)誤；

B.將一試探電荷由e點(diǎn)沿圓弧eg/移到/點(diǎn)，試探電荷受到的電場(chǎng)力始終沿著徑向方向，始終與運(yùn)動(dòng)的速度方向垂直,

根據(jù)做功關(guān)系可知，電場(chǎng)力始終不做功，故B正確；

C.由于4、〃的電勢(shì)相同，故從/點(diǎn)到。、。兩點(diǎn)電勢(shì)能變化量相同，同理從/點(diǎn)到C、d兩點(diǎn)電勢(shì)能變化量相同,

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)線分布，沿e。?移動(dòng)電場(chǎng)線先變疏再變密，根據(jù)P=qE可知，電場(chǎng)力先變小后變大，

故D錯(cuò)誤；

故選B。

3、D

【解析】

A.圓環(huán)通過(guò)。點(diǎn)時(shí)，水平方向合力為零，豎直方向只受重力，故加速度等于g,故A錯(cuò)誤；

B.圓環(huán)受力平衡時(shí)速度最大，應(yīng)在。點(diǎn)下方，故B錯(cuò)誤；

C.圓環(huán)在下滑過(guò)程中與粗糙細(xì)桿之間無(wú)壓力，不受摩擦力，在A點(diǎn)對(duì)圓環(huán)進(jìn)行受力分析如圖，根據(jù)幾何關(guān)系，在A

點(diǎn)彈簧伸長(zhǎng)

(x/2-l)L

根據(jù)牛頓第二定律，有

mg+2k(6L-L)cos45°=ma

解得

(2-42)kL

q=g+----------------

m

故C錯(cuò)誤；

D.圓環(huán)從A到5過(guò)程，根據(jù)功能關(guān)系，減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能

”12

mg-2L=—mv

解得

u=2瘋

故D正確。

故選D。

4、C

【解析】

AC.伽利略利用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)，并最早建立了平均速度、瞬

時(shí)速度等描述物體運(yùn)動(dòng)的概念，AB錯(cuò)誤；

C.伽利略利用小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和邏輯推理研究出了落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，C正確；

D.胡克發(fā)現(xiàn)彈簧彈力與形變量的關(guān)系，D錯(cuò)誤.

5、C

【解析】

AB.處于"=2能級(jí)的原子不能吸收10.20eV、2.89eV的能量，則選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

C.處于〃=2能級(jí)的原子能吸收2.55eV的能量而躍遷到〃=4的能級(jí)，然后向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子，其中從〃=4到

〃=3的躍遷輻射出的光子的能量小于1.62eV可被紅外測(cè)溫儀捕捉，選項(xiàng)C正確；

D.處于n=2能級(jí)的原子能吸收1.89eV的能量而躍遷到〃=3的能級(jí)，從〃=3到低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子的能量均大于

1.62eV,不能被紅外測(cè)溫儀捕捉，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

6、A

【解析】

A：恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，小行星所受的萬(wàn)有引力減小，小行星做離心運(yùn)動(dòng)，即半徑增大，故A

正確；

B、C、D：小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，設(shè)小行星的質(zhì)是為，〃，恒星質(zhì)量為M，則有：

Mm4萬(wàn)2v2

=m—r-r=m—=ma

T-r

量減小，則速度變小，角速度變小，加速度變小，故BCD錯(cuò)誤.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、ACE

【解析】

A.由圖可知該波的波長(zhǎng)為幾=4m,當(dāng)r=0.2s時(shí)，波剛好傳到X=4m處的質(zhì)點(diǎn)，所以該波的周期為T(mén)=0.2s,該波的

頻率為5Hz,故波速

v=—=20m/s,

T

故A正確；

B.兩列波相遇時(shí)能夠發(fā)生干涉的現(xiàn)象的條件是：兩列波的頻率相同，相位差恒定，故B錯(cuò)誤；

C.能夠發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是：障礙物或小孔的尺寸比波長(zhǎng)小或差不多(4,A),故C正確；

D.簡(jiǎn)諧橫波上的質(zhì)點(diǎn)都在平衡位置上下振動(dòng)，不會(huì)沿波的傳播方向移動(dòng)，故D錯(cuò)誤：

E.由多普勒效應(yīng)可知接收者和波源相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收者接收到的頻率增大，故E正確。

故選：ACE?

8、BD

【解析】

A.小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上的各點(diǎn)到。點(diǎn)的距離相等，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式

E=kQ

r

可知小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上各處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向不同，A錯(cuò)誤；

B.以。為球心的同一球面是等勢(shì)面，小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上的各點(diǎn)電勢(shì)相等，B正確；

C.帶電小球的電性無(wú)法確定，所以電荷量大小無(wú)法確定，C錯(cuò)誤；

D.對(duì)于任意一球，設(shè)其軌道上某點(diǎn)與。點(diǎn)連線與豎直方向的夾角為碗的半徑為R,由牛頓第二定律

mgtan9=mtxrr

又

r=RsinO

解得

R一定,。越大，角速度越大，所以小球A的角速度大于小球B的角速度，D正確。

故選BDo

9、AD

【解析】

A.玻璃徜的臨界角為

.?1V2

sinC=—=——

n2

解得

C=45°

所以減小NA03,光線可能在面發(fā)生全反射，故A正確;

D.由折射定律可得NO，QZ)=45。，貝(J

OO'=O'D=^^,ZO'DE=12d°

3

在AO7JE中，由正弦定理可得

O'DO'E

sinAO'EDsin^O'DE

又

smZO'DE=—

2

代入數(shù)據(jù)可得NO'EO=30。，由折射定律可得N/EG=45。，所以光線Eb相對(duì)于光線4。偏折了15。，故D正確;

BC.BC,夕。間距越大，從右半圓圓弧出射光線的入射角就越大，可能超過(guò)臨界角，所以BC丁。間距大小與光線能

否從右半圓形玻璃右側(cè)射出有關(guān)，且當(dāng)入射角小于45。時(shí)均可從右側(cè)面射出，故BC錯(cuò)誤。

故選BC?

10、BDE

【解析】

A.圖示時(shí)刻位于M處的質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置附件上下振動(dòng)，并不隨波遷移，故A錯(cuò)誤；

BC.P處的質(zhì)點(diǎn)圖示時(shí)刻處于波峰和波谷相遇，二者運(yùn)動(dòng)的步調(diào)始終相反，合位移為0,始終處于平衡位置，故B正

確，C錯(cuò)誤；

D.從圖示時(shí)刻開(kāi)始經(jīng)過(guò)四分之一周期，M處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，位移為0,故D正確；

E.M處的質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，其振幅為2A,故E正確。

故選BDE,

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11、6.0151.7706見(jiàn)解析女■工

4/

【解析】

游標(biāo)卡尺讀數(shù)為：主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)x精度，此題讀數(shù)為：

60mm+3x0.05mm=60.15mm=6.015cm

即金屬絲的長(zhǎng)度為6.015cm。

[2].螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：固定刻度讀數(shù)+可動(dòng)刻度讀數(shù)+估讀，此題的讀數(shù)為：

1.5mm+27.3x0.01mm=1.773mm.

即金屬絲直徑為1.773mm。

[3].多用表的讀數(shù)為電阻的粗測(cè)值，為6C。

(2)①[4].電路圖如圖所示。

RS兀唐R

p=T=^T

12、熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小BD

【解析】

由R-f圖像可知，隨著溫度的升高，熱敏電阻的阻值變?。?/p>

(2)⑵研究熱敏電阻的性質(zhì)需要電壓和電流的變化范圍廣，且滑動(dòng)變阻器的最大值小，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法,

熱敏電阻的阻值滿足R,>J4?凡，故采用電流表的內(nèi)接法減小系統(tǒng)誤差，實(shí)物連接如圖所示

(3)[3]滑動(dòng)變阻器采用的是分壓接法，為了保護(hù)電路，應(yīng)讓干路的阻值最大，則閉合開(kāi)關(guān)前滑片置于a端;

(4)[4]AB.絕對(duì)誤差為

0=%則-R真|

相對(duì)誤差為

3=1%一&Loo%

R真

由圖像可知在溫度逐漸升高的過(guò)程中，熱敏電阻的理論電阻值阻值和測(cè)量電阻值都在逐漸減小，理論電阻值和測(cè)

量電阻值相差不大，即絕對(duì)誤差加?變化不大，而相對(duì)誤差3越來(lái)越大，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.在相同的溫度下，采用電流表的內(nèi)接法導(dǎo)致測(cè)量值