2023年湖北省咸寧市全國計算機等級考試網絡技術預測試題(含答案)

2023年湖北省咸寧市全國計算機等級考試網絡技術預測試題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.IP地址欺騙通常是()。

A.黑客的攻擊手段B.防火墻的專門技術C.IP通訊的一種模式

2.

3.第

46

題

關于以太網交換機錯誤的描述是（）

A.允許多個端口之間的并行數據傳輸

B.構成星型網絡拓撲

C.當交換機從一個端口收到一個幀，但是該幀的目標MAC地址在“MAC地址端口映射表”沒有時，向交換機的所有端口轉發(fā)

D.仍然會出現(xiàn)沖突

4.IP地址塊/27、2/27和4/27經過聚合后可用的地址數為()A.64B.92C.94D.126

5.某園區(qū)網采用OSPF路由協(xié)議，參與OSPF的網絡地址是169．111．0．0／16，Cisco路由器的正確配置是（）。

A.Router(config)#routerospf63Router(config-router)#network169．111．0．00．0．0．0area0Router(config-router)#area0range169．111．0．0255．255．0．0

B.Router(config)#routerospf63Router(config．router)#network169．111．0．0255．255．0．0area0Router(config．router)#area0range169．111．0．0255．255．0．0

C.Router(config)#routerospf63Router(config—router)#network169．111．0．00．0．255．255area0Router(config—router)#area0range169．111．O．0255．255．0．0

D.Router(config)#routerospf63Router(config．router)#network169．111．0．00．0．255．255area0Router(config．router)#area0range169．111．0．00．0．255．255

6.在通信條件下，為解決發(fā)送者事后否認曾經發(fā)送過這份文件和接收者偽造一份文件并宣稱它來自發(fā)送方這類的問題的發(fā)生，可采用的方法是()。A.數字加密機制B.數字簽名機制C.訪問控制機制D.數據完整性機制

7.下列關于集線器的描述中，錯誤的是（）。

A.連接到集線器的所有節(jié)點屬于一個沖突域

B.連接到集線器的節(jié)點發(fā)送數據時，將執(zhí)行CSMA／CD介質訪問控制方法

C.通過在網絡鏈路中串接一個集線器可以監(jiān)聽該鏈路中的數據包

D.連接到一個集線器的多個節(jié)點不能同時接收數據幀

8.差異備份、增量備份、完全備份三種備份策略一次備份時空間使用由少到多依次為()。

A.增量備份、差異備份、完全備份

B.差異備份、增量備份、完全備份

C.完全備份、差異備份、增量備份

D.完全備份、增量備份、差異備份

9.解釋程序的作用是()。

A.將高級語言轉換為目標程序B.將匯編語言轉換為目標程序C.解釋執(zhí)行高級語言程序D.解釋執(zhí)行匯編語言程序

10.在搜索引擎中，用戶輸入接口可分為哪兩種?()。

A.集中式接口和混合式接口B.簡單接口和復雜接口C.相鄰接口和相近接口D.一般接口和專用接口

二、填空題(10題)11.可以滿足幾十公里范圍內的大量企業(yè)、機關、公司的多個局域網互連的需要，并能實現(xiàn)大量用戶與數據、語音、圖像等多種信息的網絡是______。

12.

第68題當前廣域網采用的拓撲構型多數是___________拓撲。

13.

第76題網絡操作系統(tǒng)為支持分布式服務功能，提出了一種新的網絡管理機制，即___________。

14.NetWare操作系統(tǒng)以為中心。

15.網卡是連接局域網中計算機和【16】的設備。

16.

17.域名解析有兩種方式，一種是反復解析，另一種是______解析。

18.根據網絡總體設計中物理拓撲設計的參數，確定以下兩個主要數據：網絡中最多可能有的子網數量、網絡中最大網段已有的和可能擴展的_________數量。

19.100BASE-T從收發(fā)器到集線器的距離最大是【】m。

20.如果一個Web站點利用IIS建立在NTFS分區(qū)，那么可以通過分級機制對它進行訪問控制。在這種分級訪問控制中，系統(tǒng)首先檢查【12】是否在允許的范圍內。

三、2.填空題(8題)21.電子商務中最常用的兩種服務是web服務和______服務。

22.在高速主干網、數據倉庫、桌面電話會議、3D圖形與高清晰度圖像應用中，—般采用【】Mbps以太網。

23.在文件傳輸服務中，將文件從服務器轉到客戶機稱為______文件。

24.TCP/IP參考模型中最底層是______。

25.允許使用單位或個人按時間、地址等信息查詢網絡的使用情況是______提供的功能。

26.對于復雜的計算機網絡協(xié)議，最好的組織方式是采用______結構模型。

27.手持設備又稱掌上電腦或稱______。

28.Web站點可以限制用戶訪問Web服務器提供的資源，訪問控制一般分為四個級別：硬盤分區(qū)權限、用戶驗證、Web權限和______限制。

四、C語言程序設計題(2題)29.

yy[9]中，即第一個候選人的得票數存入yy[O]中，以此類推。最后調用函數WriteDat把結果yy輸出到文件out．dat中。

注意：部分源程序存放在test．c文件中。

請勿改動主函數main、讀函數ReadDat和輸出函數writeDat的內容。

第l4類字符左右移動指定位后與原字符之和替換原字符

30.函數ReadDat實現(xiàn)從文件in．dat中讀取1000個十進制整數到數組xx中；請編制函數Compute分別計算出xx中數值為奇數的個數odd，偶數的個數even，平均值aver以及方差totfc的值，最后調用函數WriteDat把結果輸出到out．dat文件中。

計算方差的公式如下：

原始數據文件存放的格式是：每行存放10個數，并用逗號隔開。(每個數均大于0且小于等于2000)注意：部分源程序存放在test．c文件中。

請勿改動主函數main和輸出數據函數writeDAT的內容。

第8類按結構體成員篩選并排序

五、1.選擇題(3題)31.以下關于局部總線的描述中，正確的是______。

A.VESA的含義是外圍部件接H

B.PCI的含義是個人電腦接口

C.VESA比PCI有優(yōu)勢

D.PCI比VESA有明顯的優(yōu)勢

32.網絡安全()。

A.只和應用層、表示層有關B.和所有層次都有關C.和應用層、表示層、會話層有關D.和所有層次都無關

33.電子商務系統(tǒng)中支付中心的角色一般由()承擔。

A.銀行B.交易中心C.網上銀行D.系統(tǒng)自身

六、1.程序設計題(3題)34.函數ReadDat()的功能是實現(xiàn)從文件ENG62.IN中讀取一篇英文文章，存入到字符串數組xx中。請編制函數encryChar()，按給定的替代關系對數組xx中所有字符進行替代，仍存入數組xx的對應的位置上，最后調用函數WriteDat()把結果xx輸出到文件PS62.DAT中。

替代關系：f(p)=p*13mod256(p是數組xx中某一個字符的ASCII值，f(b)是計算后新字符的ASCII值)，如果計算后f(p)的值小于等于32或其ASCII值是偶數，則該字符不變，否則將f(p)所對應的字符進行替代。

注意：部分源程序已給出。

原始數據文件的存放格式是每行的寬度均小于80個字符。

請勿改動函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDa()的內容。

#include＜conio.h＞

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜ctype.h＞

unsignedcharxx[50][80];

intmaxline=0;

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidencryChar()

{

}

voidmain()

{

clrscr();

if{ReadDat())

{

printf("數據文件ENG62.IN不能打開!\n\007");

return;

}

encryChar();

WriteDat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

unsignedchar*p;

if((fp=fopen("ENG62.IN","r"))==NULL)

return1;

while(fgets(xx[ii,80,fp)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

maxline=i;

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("ps62.dat","w");

for(i=0;i＜maxtine;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(fp,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(fp);

}

35.已知數據文件IN60.DAT中存有200個4位數，并已調用讀函數readDat()把這些數存入數組a中，請編制一函數JsVal()，其功能是：把千位數字和十位數字重新組合成一個新的十位數ab(新十位數的十位數字是原4位數的千位數字，新十位數的個位數字是原4位數的十位數字)，以及把個位數和百位數組成另一個新的十位數cd(新十位數的十位數字是原4位數的個位數字，新十位數的個位數字是原4位數的百位數字)，如果新組成的兩個十位數ab＜cd，ab必須是奇數且不能被5整除，cd必須是偶數，同時兩個新十位數字均不為零，則將滿足此條件的4位數按從大到小的順序存入數組b中，并要計算滿足上述條件的4位數的個數cnt，最后調用寫函數writeDat()把結果ont及數組b中符合條件的4位數輸出到OUT60.DAT文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat()

{

inti;

FILErfp;

fp=fopen("IN60.DAT","r");

for(i=0;i＜MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&aIi]);

fclose(fp);

}

main()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數=%d\n",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d\n",b[i]);

printf("\n");

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT60.DAT","w");

fprintf(fp,"%dkn",cnt);

for(i=0;i＜cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

}

36.函數readDat()是從文件in71.dat中讀取20行數據存放到字符串數組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數JsSon()，其功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數組xx中。最后調用函數writeDat()把結果xx輸出到文件out71.dat中。

條件：從字符串中間一分為二，左邊部分按字符的ASCⅡ值降序排序，右邊部分按字符的ASCⅡ值升序排序。如果原字符串長度為奇數，則最中間的字符不參加排序，字符仍放在原位置上。

例如：位置012345678

源字符串abcdhgfe

123498765

處理后的字符串dcbaefgh

432195678

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDatO的內容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio.h＞

charxx[20][80];

voidisSoYt()

{

}

voidmain()

{

readDat()；

isSort()；

writeDat()；

{

readDat()

{

FILE*in;

inti=0;

char*p;

in=fopen("in71.dat","r");

while(i＜20&&fgets(xx[i],80,in)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)

*p=0;

i++;

}

fclose(in);

}

writeDat()

{

FILE*out;

inti;

clrscr();

ut=fopen("out71.dar","w");

for(i=0;i＜20;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf{out,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(out);

}

參考答案

1.A

2.C

3.C以太網絡交換機通過段化的方法將每一個端口劃分成了一個段，因此可以允許在多對端口之間的并發(fā)傳輸，但是交換機從一個端口收到一個幀，同時在MAC地址/端口映射表中沒有找到相應的端口時，它向除了本端口以外的所有其他端口轉發(fā)。

4.BIP地址塊/27和2/27經過聚合后為/26，其中全0和全1不能用，因此可用地址數為2(32-26)-2=62個，而4/27無法聚合，可用地址數為2(32-27)-2=30個。所以總共可用的地址數為62+30=92個，答案選B。也有認為應該聚合為聚合得到/25得到的2（32-25）-2=126。但是這樣做的話，會將不在范圍內的/27也包括在內。個人認為不正確。

5.C路由器的OSPF配置模式下，定義參與OSPF的子網地址。命令格式為“networkip<子網號><wildcard—mask>area<區(qū)域號>”，即“169．111．O．OO．O．255．255area，0”。如果區(qū)域中的子網是連續(xù)的，則可以使用子網聚合功能定義某一特定范圍子網的聚合，命令格式如下：area<區(qū)域號>range<子網地址><子網掩碼>。由上述各命令格式可知，C選項正確。

6.B解析：數字簽名作為身份認證技術中的一種具體技術，同時還可用于通信過程中的不可抵賴行為的實現(xiàn)。

7.D節(jié)點通過雙絞線連接到一個集線器上，當其中一個節(jié)點發(fā)送數據的時候，任何一個節(jié)點都可以收到消息，所以鏈路中串接集線器可以監(jiān)聽該鏈路中的數據包。由于集線器工作在物理層，所以每次只能有一個節(jié)點能夠發(fā)送數據，而其他的節(jié)點都處于接收數據的狀態(tài)。連接到一個集線器的所有節(jié)點共享一個沖突域，這些節(jié)點執(zhí)行CSMA／CD介質訪問控制方法。

8.AA【解析】一般都有三種備份種類：完全備份、差異備份、增量備份。完全備份是指備份全部選中的文件夾，并不依賴文件的存檔屬性來確定備份那些文件。差異備份即備份上一次的完全備份后發(fā)生變化的所有文件。增量備份是指在一次全備份或上一次增量備份后，以后每次的備份只需備份與前一次相比增加和者被修改的文件。由上述備份情況可知三種備份策的空間使用由少到多分別是增量備份、差異備份、完全備份。因此選擇A選項。

9.C

10.B

11.MAN或城域網MAN或城域網解析：城域網(MetropolitanAreaNetwork，MAN)是介于廣域網與局域網之間的一種高速網絡，早期的城域網產品主要是光纖分布式數據接口(FDDI)。

12.網狀型

【解析】在網狀型拓撲構型中，結點之間的連接是任意的沒有規(guī)律。網狀型拓撲的主要優(yōu)點是系統(tǒng)可靠性高。目前實際存在與使用的廣域網結構基本上都采用網狀型拓撲構型。

13.分布式目錄服務

【解析】網絡操作系統(tǒng)為支持分布式服務功能，提出了一種新的網絡管理機制，即分布式目錄服務。

14.文件服務器NetWare操作系統(tǒng)是以文件服務器為核心的，它主要由文件服務器內核、工作站外殼和低層通信協(xié)議3部分組成。文件服務器內核實現(xiàn)了NetWare的核心協(xié)議（NCP），并提供NetWare的所有核心服務。文件服務器內核負責對工作站網絡服務請求進行處理。網絡服務器軟件提供了文件與打印服務、數據庫服務、通信服務、消息服務等功能。工作站運行的重定向程序NetWareShell負責對用戶命令進行解釋。

15.傳輸介質網卡是構成局域網的基本設備之一。網卡的一端連接局域網中的計算機設備包括服務器和工作站.，另一端連接局域網中的傳輸介質。就數據傳輸速率而言，網卡分10Mpbs、100Mpbs、1000Mpbs等技術指標;就連接的介質類型而言.網卡分粗纜、細纜和雙絞線等接口。

16.

17.遞歸遞歸解析：域名解析有兩種方式。第一種稱為遞歸解析，要求域名服務器系統(tǒng)一次性完成全部名字一地址變換。第二種稱為反復解析，每次請求一個服務器，不行再請求別的服務器。

18.\n主機或host

\n

19.100

20.IP本題考查點是利用IIS建立Web網站可以進行的四級訪問控制。在電子商務中，Web站點的安全性是十分重要的。在使用微軟公司的IIS建設的Web網站時。當位于NTFS分區(qū)時，可以通過四級訪問控制來對該網站進行訪問控制。四級訪問控制依次為IP地址限制、用戶驗證、Web權限和NTFS權限。

21.電子郵件電子郵件解析：Web服務和電子郵件服務是電子商務中最常用的兩種服務，因此，瀏覽器、電子郵件及Web服務器的安全性在電子商務活動中顯得尤為重要。

22.100/1000

23.下載下載解析：因特網用戶可以通過FTP客戶機從信息提供者的計算機下載這些文件，客戶機通常是用戶自己的計算機，將文件從服務器傳到客戶機稱為下載文件，而將文件從客戶機上傳到服務器稱為上傳文件。

24.主機-網絡層主機-網絡層解析：TCP/IP參考模型中最底層是主機-網絡層，負責通過網絡發(fā)送和接收IP數據報。

25.網絡計費管理網絡計費管理解析：網絡計費的功能包括：①建立和維護計費數據庫；②建立和管理計費策略；③能夠對指定地址進行限量控制；④允許使用單位或個人按時間、地址等信息查詢網絡的使用情況。

26.層次層次解析：對于復雜的計算機網絡協(xié)議，最好的組織方式是采用層次結構模型。

27.亞筆記本亞筆記本解析：手持設備又稱掌上電腦或亞筆記本，亞筆記本比筆記本更小、更輕。PDA、商務通、快譯通及第二代半、第三代手機等都是手持設備。

28.IP地址IP地址解析：Web站點訪問控制一般分為4個級別，即IP地址限制、用戶驗證、Web權限和硬盤分區(qū)權限。其中，IP地址限制是指Web服務器審核所訪問的用戶計算機的IP地址，以決定該用戶能否訪問Web站點的資源。

29.【審題關鍵句】10列100行選票，每行小于等于5的無效，統(tǒng)計存入數組。

\n【解題思路】

\n本題類似第55套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)本題僅一個不同點，即本題中要求每行選票中選中數大于5時記錄才有效，與第55套的要求剛好相反，參考答案的第8行，修改該條件語句的條件設置即可。

\n【參考答案】

\n

\n第14類字符左右移動指定位后與原字符之和替換原字符

30.【審題關鍵句】讀取1000個數，奇數個數、偶數個數、平均值及方差。

\n【解題思路】本題類似第48套試題，相對來說更簡單一些，通過審題可以發(fā)現(xiàn)本題有兩個不同點：①求所有數的平均值，此時只需要將數組中所有元素的值累加到變量aver中，最后除以l000(因為數組中有1000個元素)即可得到平均值，參考答案的第8條和第10條語句。②求所有數的方差，可先利用for循環(huán)將(xx[i]-aver)的平方累加到變量totfc，然后再除以1000即可得到所有數的方差，參考答案的第11～13條語句。

\n【參考答案】

\n

\n第8類按結構體成員篩選并排序

31.D解析：事實證明，PCI標準有更多的優(yōu)越性，它能容納更先進的硬件設計，支持多處理、多媒體以及數據量很大的應用。

32.B解析：網絡安全是指網絡系統(tǒng)的硬件、軟件及其系統(tǒng)中的數據受到保護，不會由于偶然或惡意的原因而遭到破壞、更改、泄露，系統(tǒng)連續(xù)、可靠、正常地運行，網絡服務不中斷。它涉及的范圍很廣，不是哪一層能解決的。要求每一層都實現(xiàn)一定的功能，共同完成對網絡安全的保護。

33.C解析：電子商務系統(tǒng)中支付中心的角色一般由網上銀行承擔。

34.voidencryChar(){inti;char*pf;for(i=O;i{while(*pr!=0){if(((*pf*13%256)%2==O)||(*pf*13%256<=32))/*如果計算后的值小于等于32或其ASCII值是偶數*/{pf++;/*則該字符不變去取下一個字符*/continue;/*退出此次循環(huán)*/}*pf=*pf*13%256;/*否則將新字符替代原字符*/pf++;/*去取下一個字符*/}}}voidencryChar()\r\n{\r\ninti;\r\nchar*pf;\r\nfor(i=O;i{\r\nwhile(*pr!=0)\r\n{\r\nif(((*pf*13%256)%2==O)||(*pf*13%256<=32))\r\n/*如果計算后的值小于等于32或其ASCII值是偶數*/\r\n{\r\npf++;/*則該字符不變，去取下一個字符*/\r\ncontinue;/*退出此次循環(huán)*/\r\n}\r\n*pf=*pf*13%256;/*否則將新字符替代原字符*/\r\npf++;/*去取下一個字符*/\r\n}\r\n}\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)字符對應的ASCII碼。

(2)判斷結構中多個條件的“或”運算。

(3)退出一次循環(huán)。

在C語言中，字符可參與任何整數運算。實際上，是字符的ASCII碼參與了運算。所以可以直接用字符代入f(p)的關系式中求出替換字符。若f(p)≤32或其ASCII值是偶數，則該字符不變。兩個條件滿足一個即可，所以這兩個條件之間用“或”運算。若字符不變，則可不必計算替換字符，使用continue跳出本次循環(huán)，進入下一次循環(huán)的條件判斷中。因為這里不是直接退

35.voidjsVal(){intithouhuntendataj;intabcd;for(i=0;i＜200;i++){thou=a[i]/1000;/*求四位數的千位數字*/hun=a[i]%1000/100;/*求四位數的百位數字*/ten=a[i]%100/10;/*求四位數的十位數字*/data=a[i]%10;/*求四位數的個位數字*/ab=10*thou+ten;/*把千位數和十位數重新組合成一個新的十位數ab*/cd=10*data+hun;/*把個位數和百位數組成另一個新的十位數cd*/if((ab-cd＜0)&&(ab%2==l)&&(ab%5!=0)&&(cd%2==0)&&ab!=0&&cd!=0){/*如果ab＜cdab是奇數且不能被5整除cd是偶數同時兩個數字均不為零*/b[cnt]=a[i];/*將滿足條件的數存入數組b中*/cnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數的個數*/}}for(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數組b中的4位數按從大到小的順序*/for(j=i+l;j＜cnt;j++)if(b[i]＜b[j]){data=b[i];b[i]=b[j];b[j]=data;}}voidjsVal()\r\n{\r\ninti,thou,hun,ten,data,j;\r\nintab,cd;\r\nfor(i=0;i＜200;i++)\r\n{\r\nthou=a[i]/1000;/*求四位數的千位數字*/\r\nhun=a[i]%1000/100;/*求四位數的百位數字*/\r\nten=a[i]%100/10;/*求四位數的十位數字*/\r\ndata=a[i]%10;/*求四位數的個位數字*/\r\nab=10*thou+ten;/*把千位數和十位數重新組合成一個新的十位數ab*/\r\ncd=10*data+hun;/*把個位數和百位數組成另一個新的十位數cd*/\r\nif((ab-cd＜0)&&(ab%2==l)&&(ab%5!=0)&&(cd%2==0)&&ab!=0&&cd!=0)\r\n{/*如果ab＜cd,ab是奇數且不能被5整除,cd是偶數，同時兩個數字均不為零*/\r\nb[cnt]=a[i];/*將滿足條件的數存入數組b中*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數的個數*/\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數組b中的4位數按從大到小的順序*/\r\nfor(j=i+l;j＜cnt;j++)\r\nif(b[i]＜b[j])\r\n{\r\ndata=b[i];\r\nb[i]=b[j];\r\nb[j]=data;\r\n}\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)將4位數各位上的數拆分為獨立的數字。

(2)循環(huán)結構的使用。

(3)判斷結構中多個條件的布爾運算。

在本題中，首先要將4位數各位上的數字拆分為獨立的數字。這要借助運算符“%”(取余)與“/”

(整除)。將一個4位數整除1000則可得到其干位上的數字，除以1000取余再整除100則可得百位上的數字，除以100取余再整除10則可得十位上的數字，除以10取余則得個位上的數字。求得各位上的數字后，就可以重新組合進行比較。各條件必須同時滿足，所以用“與”運算。題中要求將符合條件的數按從大到小的順序存入數組b，可以先將符合條件的數存入數組b，再對數組b進行排序。排序使用“選擇排序法”。

36.voidjsSort(){ihtijkstrlhalf;charch;for(i=0;i＜20;i++){strl=strlen(xx[i]);/*求各行字符串的總長度*/half=strl/2;/*求總長度的一半*/for(j=0;