2022-2023學年云南省會澤一中物理高一下期末復習檢測模擬試題含解析

2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、某星球質量為地球質量的9倍，半徑為地球的一半，在地球表面從某一高度平拋一物體，其水平射程為60m，則在該星球上，從同樣高度，以同樣的水平速度拋同一物體，其水平射程為（）A．360m B．90m C．15m D．10m2、(本題9分)圓周運動中，對于向心加速度an與r，從an＝ω2r看an與r成正比，從an＝看an與r成反比，那么()A．an與r成正比不對B．an與r成反比不對C．兩個說法都不對D．兩種說法都對，只是條件不同說法不一樣而已3、(本題9分)如圖所示，有兩條位于同一豎直平面內的水平軌道，軌道上有兩個物體和，它們通過一根繞過定滑輪的不可伸長的輕繩相連接，物體以勻速向右運動，在繩子與軌道成角時，物體的速度大小為（）A．B．C．D．4、傳送帶是常見的物料搬運工具，如圖所示，一袋質量為m的化肥從高處勻速運到低處，傳送帶的傾角為θ，高處與低處的豎直距離為h，化肥袋和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，且始終和傳送帶保持靜止，則該過程中（）A．重力對化肥做的功為- B．支持力對化肥做的功為C．摩擦力對化肥做功為 D．化肥克服摩擦力做功為5、(本題9分)做曲線運動的物體，在運動過程中，一定會變化的物理量是A．動量 B．速率 C．動能 D．加速度6、(本題9分)兩個質量分別為2m和m的小木塊a和可視為質點放在水平圓盤上，a與轉軸的距離為L，b與轉軸的距離為2L，a、b之間用長為L的強度足夠大的輕繩相連，木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g．若圓盤從靜止開始繞轉軸緩慢地加速轉動，開始時輕繩剛好伸直但無張力，用表示圓盤轉動的角速度，下列說法正確的是A．a比b先達到最大靜摩擦力B．a、b所受的摩擦力始終相等C．是b開始滑動的臨界角速度D．當時，a所受摩擦力的大小為7、(本題9分)如圖，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，那么小球從接觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中(彈簧一直保持豎直),下列說法中正確的是A．彈簧的彈性勢能一直增大B．小球的動能先增大后減小C．小球的重力勢能先增大后減小D．小球和彈簧系統(tǒng)的機械能先增大后減小8、(本題9分)圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點。則該粒子（）A．帶負電B．在c點受力最大C．在b點的電勢能大于在c點的電勢能D．由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化9、(本題9分)一小球從空中由靜止釋放，不計空氣阻力(g取10m/s2)．下列說法正確的是()A．第2s末小球的速度為20m/sB．前2s內小球的平均速度為20m/sC．第2s內小球的位移為10mD．前2s內小球的位移為20m10、(本題9分)一個物體以初速度v0從A點開始在光滑水平面上運動，一個水平力作用在物體上，物體的運動軌跡如圖中的實線所示，圖中B為軌跡上的一點，虛線是過A、B兩點并與軌跡相切的直線，虛線和實線將水平面劃分5個區(qū)域，則關于施力物體的位置，下面說法正確的是（）A．如果這個力是引力，則施力物體一定在④區(qū)域B．如果這個力是引力，則施力物體一定在②區(qū)域C．如果這個力是斥力，則施力物體可能在②區(qū)域D．如果這個力是斥力，則施力物體一定在④區(qū)域11、(本題9分)如圖所示，固定光滑斜面的傾角為，其頂端有光滑定滑輪，跨過滑輪的輕繩，一端與斜面上質量為的滑塊相連，另一端與小車相連，滑輪左側輕繩與斜面平行，重力加速度大小為，若小車水平向右做勻速直線運動，則（）A．滑塊做加速直線運動B．滑塊做勻速直線運動C．輕繩的拉力等于D．輕繩的拉力大于12、如圖在光滑四分之一圓弧軌道的頂端a點，質量為m的物塊(可視為質點)由靜止開始下滑，經圓弧最低點b滑上粗糙水平面，圓弧軌道在b點與水平軌道平滑相接，物塊最終滑至c點停止．若圓弧軌道半徑為R，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，下列說法正確的是()A．物塊滑到b點時的速度為B．c點與b點的距離為C．物塊滑到b點時對b點的壓力是3mgD．整個過程中物塊機械能損失了mgR二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)細胞膜的厚度約等于800nm（1nm=10-9m），當膜的內外層之間的電壓達0.4V時，即可讓一價鈉離子滲透．設細胞膜內的電場為勻強電場，則鈉離子在滲透時,膜內電場強度約為________V/m,每個鈉離子沿電場方向透過膜時電場力做的功等于____________J.14、一個放在水平面上的物體質量為2.0kg，在沿水平方向的拉力作用下運動，其運動速度隨時間變化的圖象如圖所示.已知地面與物體之間的動摩擦因數(shù)為0.2，(g取10m／s2)則在0～4.0s的時間內，拉力對物體所做的功為__________焦;在第4s末拉力對物體做功的瞬時功率為____________瓦15、(本題9分)質量為m的帶正電小球A懸掛在絕緣細線上，且處在場強為E的勻強電場中，當小球A靜止時細線與豎直方向成30°角，已知電場方向恰使小球受的電場力最小，則小球所帶電量為_______C．三．計算題(22分)16、（12分）由于地球自轉的影響，地球表面的重力加速度會隨緯度的變化而有所不同．已知地球表面兩極處的重力加速度大小為，在赤道處的重力加速度大小為，地球自轉的周期為，引力常量為．假設地球可視為質量均勻分布的球體．求：（1）質量為的物體在地球北極所受地球對它的萬有引力的大小．（2）地球的半徑．（3）地球的密度．17、（10分）(本題9分)如圖所示，半徑為R的半球形陶罐固定在可以繞豎直軸旋轉的水平轉臺上，轉臺轉軸與過陶罐球心O的對稱軸OO′重合，轉臺以一定角速度ω勻速旋轉，一質量為m的小物塊落入陶罐內，經過一段時間后，小物塊隨著陶罐一起轉動且相對罐壁靜止，它和O點的連線與OO′之間的夾角θ為45°．已知重力加速度大小為g，小物塊與陶罐之間的最大靜摩擦力大小為．（1）若小物塊受到的摩擦力恰好為零,求此時的角速度ω0（2）若改變陶罐勻速旋轉的角速度,而小物塊一直相對陶罐靜止,求陶罐旋轉的角速度的最大值和最小值．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】設星球質量為，半徑為，地球質量為M，半徑為R，已知，根據(jù)萬有引力等于重力得：，，①由題意從同樣高度拋出，②，①、②聯(lián)立，解得，在地球上的水平位移，在星球上的，故選項D正確．點睛：把星球表面的物體運動和天體運動結合起來是考試中常見的問題；重力加速度g是研究天體運動和研究天體表面宏觀物體運動聯(lián)系的物理量．2、C【解析】對于向心加速度的公式an＝ω2r，當ω不變時，an與r成正比；當r不變時，an與ω2成正比；在公式中，當v不變時，an與r成反比，當r不變時，an與v2成正比，故C正確，ABD錯誤．3、B【解析】將B點的速度分解如右圖所示,則有:，解得：，故B正確；ACD錯誤故選B點睛：根據(jù)運動的合成與分解,結合A的速度與B的速度沿著繩子方向的速度大小相等,結合平行四邊形定則求出物體B的速度.4、D【解析】

A.化肥從高處勻速運到低處，重力對化肥做的正功，為mgh，故A錯誤．B.支持力方向與位移方向垂直，所以支持力對化肥不做功，故B錯誤．C.化肥所受的摩擦力是靜摩擦力，但不一定達到最大值，所以摩擦力對化肥做功不一定為，故C錯誤．D.化肥勻速運動，動能不變，則化肥克服摩擦力做功等于重力做功，為mgh，故D正確．5、A【解析】

A.曲線運動的速度方向一直在改變，所以動量的方向一直在變，A正確。BC.因為曲線運動的速率不一定變化，如：勻速圓周運動，所以動能也不一定變化，BC錯誤。D.曲線運動加速度不一定變化，如：平拋運動，D錯誤。6、D【解析】

A、B兩個木塊的最大靜摩擦力相等．木塊隨圓盤一起轉動，靜摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律得：木塊所受的靜摩擦力f=mω2r，m、ω相等，f∝r，所以b所受的靜摩擦力大于a的靜摩擦力，當圓盤的角速度增大時b的靜摩擦力先達到最大值，所以b一定比a先開始滑動，故AB錯誤；當a剛要滑動時，有kmg=mω2?l，解得：，故C錯誤；以a為研究對象，當時，由牛頓第二定律得：f=mω2l，可解得：f=kmg，故D正確．故選D.【點睛】本題的關鍵是正確分析木塊的受力，明確木塊做圓周運動時，靜摩擦力提供向心力，把握住臨界條件：靜摩擦力達到最大，由牛頓第二定律分析解答.7、AB【解析】

A、小球在向下運動過程中，彈簧的壓縮量越來越大，彈簧的彈性勢能一直增大，故A正確；B、小球在向下運動過程中，受到重力與彈簧彈力作用，開始的一段時間內，重力大于彈力，合外力做正功，小球動能增大，后來彈簧的彈力大于小球重力，合力對小球做負功，小球的動能減小，因此小球動能先增大后減小，故B正確；C、在向下運動過程中，小球的質量不變而高度逐漸減小，小球的重力勢能一直減小，故C錯誤；D、小球在向下運動過程中，受到重力與彈簧彈力的作用，除重力之外，彈簧彈力對小球做負功，小球和彈簧系統(tǒng)的機械能不變。故D錯誤。8、CD【解析】

A．根據(jù)粒子運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；B．根據(jù)庫侖定律可知，離點電荷最近時最大，選項B錯誤；C．從b點到c點電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能一定大于在c點的電勢能，故C正確；D．同心圓間距相等，所以a點到b點電勢差大于b點到c點的電勢差，所以由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化，選項D正確。9、AD【解析】

小球在第2s末的速度為，故A正確；小球在前2s內的位移為，故小球在前2s內的平均速度為，故B錯誤，D正確；小球在第2s內的位移為，故C錯誤．10、AC【解析】

A.做曲線運動物體的軌跡一定處于合外力與速度方向之間且彎向合外力這一側，所以如果這個力是引力，則施力物體一定在④區(qū)域，故A符合題意，B不符合題意。CD.如果這個力是斥力，則施力物體可能在②區(qū)域，但不在④區(qū)域，故C符合題意，D不符合題意；11、AD【解析】

AB．設拉小車細繩與水平方向的夾角為，將小車的速度分解，如圖，則，小車水平向右做勻速直線運動，則θ減小，滑塊的速度v1增大，即滑塊做加速直線運動，故A正確，B錯誤；CD．滑塊沿斜面向上加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，有T-mgsinθ=ma可知，輕繩的拉力T大于mgsinθ，故C錯誤，D正確。故選AD。【點睛】此題是斜牽引問題，關鍵是知道小車的速度是合速度，會分解小車的速度，根據(jù)平行四邊形法則求解分速度，然后結合牛頓第二定律討論拉力和重力的關系。12、BCD【解析】

A.由機械能守恒可知，mgR=mv2；解得b點時的速度為，故A不符合題意；B.對全程由動能定理可知，mgR-μmgs=0解得bc兩點間的距離為，故B符合題意；C.b點時，物體受重力、支持力而做圓周運動，則由可得支持力F=3mg，由牛頓第三定律可知，物塊對b點的壓力為3mg；故C符合題意；D.在滑動過程中，摩擦力所做的功等于機械能的損失，故機械能損失了μmgs=mgR，故D符合題意；二．填空題(每小題6分，共18分)13、5×1056.4×10-20【解析】由題意得，膜內電場強度為

由電場力做功與電勢差的關系

W=qU=1.6×10-19×0.4=6.4×10-20J14、48J24W【解析】

[1]由圖可知在0～4.0s的時間內：a=1m/s2

；

x=8m

由牛頓第二定律：F-f=ma

得F=f+ma=μmg+ma=（0.2×2×10+2×1）N=6N則WF=Fx=6×8J=48J[2].由功率公式：P=Fv

得P=6×4W=24W15、【解析】試題分析：以小球為研究對象，分析受力情況，如圖．根據(jù)作圖法得到，當電場力與細線垂直時，電場力最小根據(jù)平衡條件得，得到考點：考查了共點力平衡條件的應用三．計算題(22分)16、(1)mg0(2)(3)【解析】試題分析：（1）質量為的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力．即F=mg02分（2）設地球的質量為M，半徑為R，在赤道處隨地球做圓周運動物體的質量為m．物體在赤道處隨地球自轉做圓周運動的周期等于地球自轉的周期，軌道半徑等于地球半徑．根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有－mg＝mR2分在赤道的物體所受地球的引力等于其在兩極所受的重力即＝mg01分解得R=1分（3）因為，所以M＝2分又因地球的體積V=，所以ρ＝2分考點：考查了萬有引力定律的應用17、（1）