2022-2023學年四川省遂寧市高一下冊期末物理專項突破模擬題（AB卷）含解析

※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page88頁，共=sectionpages99頁第頁碼9頁/總NUMPAGES總頁數44頁2022-2023學年四川省遂寧市高一下冊期末物理專項突破模擬題（A卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．做曲線運動的物體，在運動過程中，一定會變化的物理量是（

）A．速率B．速度C．動能D．加速度2．地球的質量約為月球質量的81倍，一飛行器位于地球與月球之間，當它受到地球和月球的引力的合力為零時，飛行器距地心距離與距月心距離之比約為（）A．1：9 B．9：1 C．1：81 D．81：13．河寬d=60m，水流速度v1=4m/s沒有變，小船在靜水中的行駛速度為v2=3m/s，則(

)A．小船能垂直直達正對岸B．若船頭始終垂直于河岸渡河，渡河過程中水流速度加快，渡河時間將變長C．小船渡河時間最短為20sD．小船渡河的實際速度一定為5m/s4．在一斜面頂端，將質量相等的甲乙兩個小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上．甲球落至斜面時的動能與乙球落至斜面時的動能之比為（

）A．2：1 B．4：1 C．6：1 D．8：15．北京2022年首鋼滑雪大跳臺局部示意圖如圖所示。運動員從a處由靜止滑下，到b處起跳，c點為a、b之間的點，a、c兩處的高度差為h。要求運動員c點時對滑雪板的壓力沒有大于自身所受重力的k倍，運動過程中將運動員視為質點并忽略所有阻力，則c點處這一段圓弧雪道的半徑沒有應小于（

）A． B． C． D．6．幾個水球可以擋住一顆？《國家地理頻道》的實驗結果是：四個水球足夠！完全相同的水球緊挨在一起水平排列，在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，則下列判斷正確的是（）A．在每個水球中的速度變化相同B．在每個水球中運動的時間相同C．每個水球對的沖量相同D．在每個水球中的動能變化相同7．如圖所示，質量的小車靜止在光滑的水平面上，車長，現有質量可視為質點的物塊，以水平向右的速度從左端滑上小車，在車面上某處與小車保持相對靜止。物塊與車面間的動因數，取，則（）A．物塊滑上小車后，系統動量守恒和機械能守恒B．增大物塊與車面間的動因數，生熱變大C．若，則物塊在車面上滑行的時間為D．若要保證物塊沒有從小車右端滑出，則沒有得大于評卷人得分二、多選題8．如圖所示，“嫦娥三號”探月衛(wèi)星沿地月轉移軌道飛向月球，在距離月球表面的P點進行次“剎車制動”后被月球俘獲，進入橢圓軌道Ⅰ繞月飛行。然后衛(wèi)星在P點又兩次“剎車制動”，最終在距月球表面的圓形軌道Ⅲ上繞月球做勻速圓周運動。只考慮衛(wèi)星在各個軌道上正常運轉的情況下，下列說確的是（）A．衛(wèi)星Ⅱ軌道遠月點時的速度小于繞Ⅲ軌道的運行速度B．沒有考慮衛(wèi)星質量的變化，衛(wèi)星在三個軌道上的機械能C．衛(wèi)星在沒有同軌道運動到P點時的加速度都相等D．衛(wèi)星在沒有同軌道的半長軸（或半徑）的二次方與周期的三次方的比值都相等，大小與月球質量成正比9．一個物體從某一確定的高度以v0的初速度水平拋出，已知它落地時的速度為vt，重力加速度為g，沒有計空氣阻力，下列說確的是（）A．用θ表示它的速度方向與水平方向的夾角，則B．它的運動時間是C．它的豎直方向位移是D．它的位移是10．如圖所示為傳動裝置，A、B、C三個輪的半徑之比為1∶2∶3，B輪順時針轉動時，帶動A輪和C輪轉動。已知轉動過程中，輪邊緣間無打滑現象，下列判斷正確的是（）A．A輪和C輪均逆時針轉動B．A、B、C三輪的角速度之比為6∶3：2C．A、B、C三輪邊緣線速度之比為1∶2∶3D．A、B、C三輪邊緣某點向心加速度之比為1∶2∶111．如圖所示，輕質彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，O點為彈簧在原長時物塊的位置。物塊由A點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達B點。在從A到B的過程中，物塊（）A．加速度先減小后增大 B．O點時的速度C．所受彈簧彈力始終做正功 D．所受彈簧彈力做的功等于克服力做的功12．如圖所示，粗糙水平圓盤上，質量均為m的A、B兩物塊疊放在一起，距軸心距離為L，隨圓盤一起做勻速圓周運動。已知圓盤與B之間的動因數為μ，B與A之間的動因數為0.5，假如靜力大小等于滑動力，則下列說確的是（）A．物塊A、B一起勻速轉動過程中加速度恒定B．物塊A、B一起轉動過程中所需向心力大小相等C．AB一起轉動的角速度為D．當A、B恰發(fā)生相對運動時圓盤對B的力為2mg13．如圖所示，一根沒有可伸長的輕繩兩端分別系著小球A和物塊B，跨過固定于斜面體頂端的小滑輪O，傾角為30°的斜面體置于水平地面上，A的質量為m，B的質量為4m，開始時，用手托住A，使OA段繩恰于水平伸直狀態(tài)（繩中無拉力），OB繩平行于斜面，此時B靜止沒有動，將A由靜止釋放，在其下擺過程中，斜面體始終保持靜止，下列判斷中正確的是（）A．小球A的機械能沒有守恒，A、B系統的機械能守恒B．物塊B受到的力先減小后增大C．地面對斜面體的力方向一直向右D．小球A擺到點時繩上的拉力大小為2mg第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題14．在“研究平拋運動”實驗中：（1）下列說確的是______；A．斜槽軌道必須光滑B．記錄的點應適當多一些C．用光滑曲線把所有的點連接D．y軸的方向根據重錘線確定（2）如圖是利用如圖裝置拍攝小球做平拋運動的頻閃照片，由照片可判斷實驗操作錯誤的是______；A．釋放小球時初速度沒有為0B．釋放小球的初始位置沒有同C．斜槽末端切線沒有水平（3）如圖是利用穩(wěn)定的細水柱顯示平拋運動軌跡的裝置，其中正確的是_______。A．B．C．15．利用圖裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。（1）為驗證機械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點間的_______；A．動能變化量與勢能變化量B．速度變化量和勢能變化量C．加速度變化量和高度變化量（2）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是___________；A．交流電源

B．刻度尺

C．天平（含砝碼）（3）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到圖示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為、、。已知當地重力加速度為g，打點計時器打點的周期為T。設重物的質量為m。從打O點到打Ｂ點的過程中，重物的重力勢能變化量___________，動能變化量___________；（4）大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是_________；A．利用公式計算重物速度

B．利用公式計算重物速度C．存在空氣阻力和阻力的影響

D．沒有采用多次實驗取平均值的方法（5）某同學用圖裝置研究機械能是否守恒，思路如下：在紙帶上選取多個計數點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數點的重物速度v，描繪圖像，并做如下判斷：若圖像是一條過原點的直線，則重物下落過程中機械能守恒。請你分析論證該同學的判斷依據是否正確。()評卷人得分四、解答題16．宇航員在某星球表面以初速度v0豎直向上拋出一個物體，物體上升的高度為h。已知該星球的半徑為R，且物體只受該星球的引力作用，忽略該星球的自轉，求：（1）該星球的質量；（2）從這個星球上發(fā)射衛(wèi)星的宇宙速度。17．如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道安置在一豎直平面上，左側連接一個光滑的弧形軌道，右側連接動因數為μ的水平軌道CD。一小球從弧形軌道上端的A處由靜止釋放，通過C點后小球恰好能到達圓形軌道的點B，之后再滑入水平軌道CD，到達D點時的速度為，設重力加速度為g。求：(1)小球B點時速度vB的大?。?2)小球釋放點A距水平軌道的高度h；(3)水平軌道CD段的長度L。.18．如圖a所示，在水平路段上有一質量為的汽車，正以的速度向右勻速運動，汽車前方的水平路段較粗糙，汽車通過整個路段的圖象如圖b所示（在處水平虛線與曲線相切），運動過程中汽車發(fā)動機的輸出功率保持沒有變，假設汽車在兩個路段上受到的阻力（含地面力和空氣阻力等）各自有恒定的大小．（解題時將汽車看成質點）（）求汽車在路段運動時所受的阻力大小及路段所受的阻力大??；（）求汽車剛好開過點時的加速度a；（）求路段的長度。19．如圖所示，可視為質點的滑塊A、B靜止在光滑水平地面上，A、B滑塊的質量分別為mA=1kg，mB=3kg。在水平地面左側有傾角θ=37°的粗糙傳送帶，以v=2m/s的速率逆時針勻速轉動，傳送帶與光滑水平面通過半徑可忽略的光滑小圓弧平滑連接，A、B兩滑塊間夾著質量可忽略的火藥，現點燃火藥爆炸瞬間，滑塊A以6m/s的速度水平向左沖出，接著沿傳送帶向上運動，已知滑塊A與傳送帶間的動因數為μ=0.25，傳送帶與水平面均足夠長，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：(1)點燃火藥爆炸后，B滑塊獲得的速度大??；(2)滑塊A沿傳送帶上滑的距離；(3)若滑塊A滑下后與滑塊B相碰并粘住，求A、B碰撞過程中損失的機械能；(4)求滑塊A與傳送帶接觸過程中因產生的熱量Q?！垺鶝]有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page3030頁，共=sectionpages2222頁第頁碼31頁/總NUMPAGES總頁數44頁答案：1．B【詳解】做曲線運動的物體，在運動過程中，物體的速度方向一定變化，即速度一定變化，但是速率和動能沒有一定變化，例如勻速圓周運動；加速度沒有一定變化，例如平拋運動；故選B.2．B【分析】【詳解】受到地球和月球的引力的合力為零，則地球的質量約為月球質量的81倍，則飛行器距地心距離與距月心距離之比約為故選B。3．C【詳解】A．由于船速小于水速，小船的合速度沒有可能垂直于河岸，小船沒有能垂直直達正對岸，故A錯誤；BC．當船速垂直于河岸時，小船渡河時間最短為當水速增大時，渡河時間沒有受影響，故B錯誤，C正確；D．由于船速方向未知，無法求解渡河速度，故D錯誤。故選C。4．B【分析】根據平拋運動的推論tanθ=2tanα得到甲、乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等，根據運動的合成與分解求出末速度即可解題．【詳解】設斜面傾角為α，小球落在斜面上速度方向偏向角為θ，甲球以速度v拋出，落在斜面上，如圖所示：根據平拋運動的推論可得tanθ=2tanα，所以甲乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等；對甲有：，對乙有：，聯立可得：．由于甲乙兩球質量相等．所以動能之比等于速度之比的平方，故B正確，ACD錯誤．本題主要是考查了平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的落體運動．5．D【詳解】運動員從a到c根據動能定理有在c點有FNc≤kmg聯立有故選D。6．D【詳解】A．運動的過程為勻減速直線運動，直至為零。采用逆向思維，做初速度為零的反向勻加速直線運動，通過連續(xù)相等的四段位移，根據勻變速直線運動的推論，可知在每個水球中運動的時間之比為由可知，運動的時間沒有同，則速度的變化量沒有同，故AB錯誤；C．根據動量定理可知，每個水球對的沖量沒有同，故C錯誤；D．根據動能定理所受阻力大小和位移相等，所以在每個水球中的動能變化相同，故D正確。故選D。7．D【詳解】A．物塊與小車組成的系統所受合外力為零，系統動量守恒；物塊滑上小車后在小車上滑動過程中系統要克服力做功，部分機械能轉化為內能，系統機械能沒有守恒，A錯誤；B．系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得系統產生的熱量則增大物塊與車面間的動因數，生熱沒有變，B錯誤；C．若，由動量守恒定律得解得對物塊，由動量定理得解得C錯誤；D．要使物塊恰好沒有從車廂滑出，需物塊到車面右端時與小車有共同的速度，以向右為正方向，由動量守恒定律得由能量守恒定律得解得D正確。故選D。8．AC【分析】【詳解】A．根據萬有引力提供向心力，得解得如果衛(wèi)星在Ⅱ軌道的遠月點對應半徑圓軌道做勻速圓周運動，根據，速度仍小于Ⅲ軌道的線速度，而現在Ⅱ軌道的遠月點進入對應半徑圓軌道做勻速圓周運動需點火加速離心，所以衛(wèi)星在Ⅱ軌道的遠月點的速度一定小于繞Ⅲ軌道的運行速度，故A正確；B．由題知，衛(wèi)星從Ⅰ軌道在P點兩次“剎車制動”，才能進入軌道Ⅲ，所以在軌道Ⅲ上的機械能最小，即，故B錯誤；C．由萬有引力提供向心力，可得解得三個軌道上的P點到地心距離r均相等，故a相等，故C正確；D．根據開普勒第三定律得可知，衛(wèi)星在沒有同軌道的半長軸（或半徑）的三次方與周期的二次方的比值都相同，故D錯誤。故選AC。9．BC【分析】【詳解】A．根據幾何關系知，sinθ=故A錯誤；B．根據平行四邊形定則知，物體落地時的豎直分速度vy=，則物體運動的時間t==故B正確；CD．豎直方向的位移y==水平位移x=v0t=v0根據平行四邊形定則知，物體的位移s==故C正確，D錯誤。故選BC。10．AB【分析】【詳解】A．因為各輪之間是傳動，所以A、B的轉動方向相反，B、C的轉動方向相反，故A輪和C輪均逆時針轉動，故A正確；BC．由于A、B、C之間是傳動，且沒有打滑，故線速度大小相等，由可得A、B、C三輪的角速度之比為6∶3∶2，A、B、C三輪邊緣的線速度之比為1∶1∶1，故B正確，C錯誤；D．由可得，A、B、C三輪邊緣某點的向心加速度之比為6∶3∶2，故D錯誤。故選AB。11．AD【詳解】AB．對物塊受力分析，當彈簧處于壓縮狀態(tài)時，由牛頓第二定律可得kx-f=max減小，a減小，當a=0時，物塊速度，此時，物塊在O點左側；從加速度a=0處到O點過程，由牛頓第二定律得f－kx=max減小，a增大，當彈簧處于伸長狀態(tài)時，由牛頓第二定律可得kx＋f=max增大，a繼續(xù)增大，可知物塊的加速度先減小后增大，故A正確,故B錯誤；C．物塊所受彈簧的彈力對物塊先做正功，后做負功，故C錯誤；D．從A到B的過程，由動能定理可得W彈-Wf=0故D正確。故選AD。12．BC【分析】【詳解】A．兩物體做勻速轉動的向心加速度大小恒定，方向始終指向圓心沒有恒定，故A錯誤；B．根據向心力公式Fn＝mLω2可知，物塊A、B一起轉動過程中所需向心力大小相等，故B正確；CD．對AB整體分析，當靜力提供向心力，有μ?2mg=2mωB2L解得對A分析，B對A的靜力提供向心力，有0.5μ?mg=mωA2L解得AB一起轉動的角速度為，此時圓盤對B的力為故C正確，D錯誤。故選：BC。13．BC【分析】【詳解】AD．小球A擺過程，只有重力做功，機械能守恒，有在點有解得F=3mg故AD錯誤；B．對物體B受力分析，受重力、支持力、拉力和力，重力沿斜面向下的分力為Fx=4mgsin30°=2mg根據開始繩中恰好無拉力可知，B受到的靜力大于等于2mg，故根據平衡條件得知：力先向上減小后向下增大，故B正確；C．對物體B和斜面體受力分析，由于物體B和斜面體始終保持靜止，繩子一直有斜向左下方的拉力，故斜面體一受到地面對其向右的靜力，故C正確。故選BC。14．

BD##DB

C

B【詳解】（1）[1]A．實驗過程中，斜槽沒有一定光滑，只要能夠保證從同一位置靜止釋放，即使軌道粗糙，力做功是相同的，離開斜槽末端的速度就是一樣的，故A錯誤；BC．記錄點應適當多一些，用平滑曲線連接，偏離較遠的點應舍去，故B正確，C錯誤。D．y軸必須是豎直方向，可根據重錘線確定，故D正確。故選BD。（2）[2]由圖可推知由于斜槽末端切線沒有水平，才會造成小球做斜拋運動，故選C；（3）[3]豎直管與大氣相通，管內為外界大氣壓強，保證豎直管上出口處的壓強為大氣壓強，因而應保證彎管的上端口處與豎直管上出口處有恒定的壓強差，保證彎管口處壓強恒定，目的就是為了保證水流流速沒有因瓶內水面下降而減小，可保證一段時間內能夠得到穩(wěn)定的細水柱；如果豎直管上出口處在水面上，則水面上壓強為恒定大氣壓，因而隨水面下降，彎管口壓強減小，水流速度減小。故選B。15．

A

AB##BA

C

見解析【詳解】（1）[1]為驗證機械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點間的動能變化量與勢能變化量。故選A。（2）[2]除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、導線及開關外，還必須使用的兩種器材是交流電源（用于給打點計時器供電）和刻度尺（用于測量紙帶上點間距）。由于本實驗中所建立的機械能守恒的表達式中重物的質量可以約去，所以沒有需要測量重物的質量，故沒有需要天平。故選AB。（3）[3]從打O點到打Ｂ點的過程中，重物的重力勢能變化量為[4]動能的變化量為（4）[5]AB．由于公式或是建立在機械能守恒的前提下的理想公式，若用它們計算重物的速度，則重力勢能的減少量應等于動能的增加量，故AB沒有符合題意；CD．重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是由于存在空氣阻力和阻力的影響，使得重物的重力勢能有一部分轉化為了內能，這屬于實驗的系統誤差，無法通過采用多次實驗取平均值的方法，故C符合題意，D沒有符合題意。故選C。（5）[6]假設重物下落過程受到一誤差允許范圍外的阻力，大小恒為f，則根據動能定理有整理得此時所得出的v2-h圖像仍是一條過原點的直線，但重物的機械能顯然沒有守恒，所以僅靠圖像是一條過原點的直線這一結果沒有能推斷出重物下落過程中機械能守恒的結論，還需要根據圖像的斜率是否等于2g來判斷。16．（1）；（2）v0【分析】【詳解】(1)物體做豎直上拋運動，有忽略星球自轉，物體的重力等于星球給的萬有引力，有聯立，可得(2)衛(wèi)星貼近星球做勻速圓周運動，有聯立，可得17．(1)；

(2)；

(3)【詳解】（1）小球恰好能到達圓形軌道的點B，故小球在B處對軌道壓力為零，由牛頓第二定律可得所以小球B點時速度大小為（2）小球從A到B的運動過程只有重力做功，故機械能守恒，取軌道點為零勢能點，則有mgh＝mg?2R+mvB2=mgR所以h=2.5R（3）對小球，從點到D點全過程，只有重力、力做功，根據動能定理有mgh?μmgL＝mvD2?0=mgR所以18．（1）2000N；4000N；（2）1m/s2；（3）68.75m【詳解】（）汽車在路段做勻速直線運動，根據平衡條件，有，計算得出方向與運動方向相反；時汽車處于平衡態(tài)，有：，計算得出（）時汽車開始減速運動，根據牛頓第二定律，有：代入數據可得計算得出，方向與運動方向相反（）對于汽車在段運動，由動能定理得代入數據可得計算得出19．（1）2m/s；（2）2.5m；（3）；（4）【詳解】（1）設爆炸后A、B的速度分別為vA、vB，爆炸過程，對A和B組成的系統由動量守恒有mA-mBvB=0解得vB=2m/s（2）水平地面光滑，滑塊A沿傳送帶向上的做勻減速直線運動，對A進行受力分析，根據牛頓第二定律有解得a1=8m/s2根據速度位移公式有即經2m，滑塊A速度減為2m/s。然后力方向沿皮帶向上，根據牛頓第二定律有解得a2=4m/s2根據速度位移公式有故滑塊A沿傳送帶向上減速到零通過的距離為x=x1+x2=2.5m（3）當滑塊A速度減為零后，滑塊A將沿傳送帶向下做勻加速運動，則有a3=a2=4m/s2根據速度位移公式有解得m/s滑塊A與滑塊B碰撞時，粘連在一起，對A、B組成的系統，由動量守恒定律得mA+mBvB=（mA+mB）vAB解得m/s碰撞過程中損失的機械能（4）在減速到跟皮帶速度相等前，物塊相對皮帶向上滑動，相對路程為此后物塊相對皮帶下滑因產生的熱量2022-2023學年四川省遂寧市高一下冊期末物理專項突破模擬題（B卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．下列說確的是（）A．在經典力學中，運動和能量都是連續(xù)變化的B．功就是能，能就是功C．合力方向與速度方向沒有共線時，物體也可能做直線運動D．牛頓發(fā)現了萬有引力定律，并通過實驗測出了引力常量2．如圖所示，在用起瓶器開啟啤酒瓶蓋的過程中，起瓶器上A、B兩點繞O點轉動的角速度分別為和，線速度的大小分別為和，下列關系正確的是（）A． B．C． D．3．“天舟4號”貨運飛船于2022年

5月10日凌晨1時56分在文昌航天發(fā)射成功發(fā)射升空。并與“天宮空間站”成功對接。當“天舟4號”在距地面約380km的圓軌道上飛行時，那么“天舟4號”的（）A．角速度小于地球自轉角速度 B．線速度大于地球的宇宙速度C．周期等于地球自轉周期 D．向心加速度小于地面表面的重力加速度4．如圖所示，一個質量為物體在水平拉力F的作用下勻加速前進了時間t，物體與水平地面間的動因數為，則在此過程中（）A．地面對物體支持力的沖量大小為零B．合力對物體的沖量大小為零C．力對物體的沖量大小為D．物體動量改變的大小為5．以初速度水平拋出一小球，在小球速度方向偏轉30°角到小球速度方向偏轉60°角的過程中，小球運動的時間為（沒有計空氣阻力，重力加速度為。）（）A． B． C． D．6．有兩顆人造地球衛(wèi)星，它們的質量之比，軌道半徑之比，則它們的（）A．向心力大小之比 B．運行速率之比C．向心加速度大小之比 D．運行的周期之比7．如圖所示，從傾角為的足夠長斜面的頂端先后將同一小球以沒有同的初速度水平向右拋出。次拋出時小球的初速度為﹐小球落到斜面上瞬時速度的方向與斜面夾角為﹐落點與拋出點間的距離為S1；第二次拋出時小球的初速度為，且，小球落到斜面上瞬時速度的方向與斜面夾角為，落點與拋出點間的距離為S2，沒有計空氣阻力。則（）A． B． C． D．8．如圖所示，A、B兩物體用過轉臺圓心的細繩相連放在轉臺上，它們一起繞轉臺豎直軸以角速度轉動，轉動半徑，質量，A、B兩物體與轉臺間的動因數均為，靜力等于滑動力，重力加速度為。下列說確的是（）A．為保持A、B兩物體與轉臺間相對靜止，的值為B．為保持A、B兩物體與轉臺間相對靜止，的值為C．為保持A、B兩物體與轉臺間相對靜止，的值為D．無論多大，A、B兩物體與轉臺間均保持相對靜止評卷人得分二、多選題9．下列說確的是（）A．動量大的物體的慣性一定也大B．做曲線運動的質點的速度方向時刻在改變C．物體實際的運動叫合運動D．做圓周運動的物體，所受的合力一定指向圓心10．如圖所示，下列的四幅圖分別表示的是有關圓周運動的基本模型，下列說確的是（）A．圖a，長為l的細繩拉著小球在豎直面上做完整圓周運動通過點的速度可以為B．圖b，汽車通過拱橋的點時處于失重狀態(tài)C．圖，火車轉彎超過規(guī)定速度行駛時，內軌對輪緣有側向擠壓作用D．圖d，是一圓錐擺，增加繩長，保持圓錐擺的高度h沒有變，則圓錐擺的角速度保持沒有變11．在某品牌的賽車測試中，一輛小汽車在平直水平路面上由靜止啟動，在前5s內做勻加速直線運動，5s末達到額定功率，之后保持以額定功率運動，其v-t圖像如圖所示。已知汽車的質量為m=1×103kg，汽車受到地面的阻力為車重的0.1倍，取g=10m/s2，則以下說確的是（）A．汽車在前5s內的牽引力做功為B．汽車速度為25m/s時的加速度大小為2m/s2C．汽車的額定功率為100kWD．汽車的速度為85m/s12．如圖所示，在水平地面上固定一傾角為的光滑斜面，在斜面底端一小物塊以初速度沿斜面上滑，同時在斜面底端的正上方高h處以速度水平拋出一小球，當物塊速度最小時，小球與物塊在斜面上恰好相碰撞，沒有計空氣阻力，下列說確的是（）A．小球做平拋運動的時間B．小球與小物塊相遇的時間C．小物塊的初速度D．小球平拋的初速度第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題13．在“研究平拋物體運動”的實驗中：（1）為使小球水平拋出，必須調整斜槽，使其末端的切線沿水平方向，檢查方法是：將小球放置在軌道上的槽口處，小球能保持___________。（2）如圖所示，為一小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的每小格實際邊長均為。取，那么：（a）閃光頻率是___________；（b）小球B點時的速度大小為___________。14．如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系：先安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重垂線所指的位置O。接下來的實驗步驟如下：步驟1：用天平測出小球1和小球2的質量m1、m2；步驟2：調節(jié)“碰撞實驗器”軌道末端水平，接著沒有放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上、重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟3：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟2同樣的方法分別標出碰撞后小球1和小球2落點的平均位置M、N；步驟4：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度、、。（1）入射小球1的質量應___________（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的質量；為保證兩小球做對心碰撞，入射小球1的半徑應___________。（選填“大于”“等于”或“小于”）被碰小球2的半徑。（2）當所測物理量滿足表達式___________時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。如果還滿足表達式___________時，即說明兩球是彈性碰撞。評卷人得分四、解答題15．如圖所示，一半徑為的半圓形軌道豎直固定在水平面上，軌道兩端等高，質量為的小球自軌道端點P由靜止開始滑下，滑到點Q時，對軌道的壓力大小為1.5mg，重力加速度。求：（1）小球滑到點Q時的速度大??；（2）小球自端點P滑到點Q的過程中，克服阻力所做的功。16．已知月球半徑為R，月球表面的重力加速度為地球表面的重力加速度的六分之一，地球表面的重力加速度為g，引力常量為G。試求月球的平均密度。17．如圖所示，兩物塊B、C用輕彈簧拴接放在水平面上，開始時物塊C被鎖定在水平面上，另一與物塊B、C在同一直線上的物塊A以水平向左的速度向物塊B運動，一段時間后和物塊B碰撞并粘合在一起。已知A、B、C物塊完全相同，質量均為m，水平面光滑，整個過程中彈簧未超過彈性限度，沒有計空氣阻力。求：（1）彈簧的彈性勢能；（2）在彈簧的彈性勢能時解除鎖定，物塊C的速度。18．如圖所示，半徑為R，圓心角為的光滑圓弧軌道豎直固定在水平軌道上，圓弧軌道與水平軌道相切于D點。在點用長為L的細線懸掛一個質量為的小球，現拉開小球至細線與豎直方向夾角后靜止釋放，小球運動到B點時細線斷裂，之后剛好沿圓弧軌道的C點的切線方向進入圓弧軌道內側。已知，，、B、O、D四點在同一豎直線上，小球在水平軌道上運動時受到的阻力為其重力的倍，當地的重力加速度為g，，，沒有計空氣阻力。求：（1）小球運動到B點時的速度大??；（2）B、C兩點的豎直高度h；（3）小球在水平軌道上停下時距圓弧軌道點D的距離。答案第=page1212頁，共=sectionpages1212頁答案第=page1111頁，共=sectionpages1212頁答案：1．A【詳解】A．在經典力學中，運動和能量都是連續(xù)變化的，故A正確；B．功是能量轉化的量度，功與能是兩個沒有同的概念，故B錯誤；C．合力方向與速度方向沒有共線時，物體一定做曲線運動，故C錯誤；D．牛頓發(fā)現了萬有引力定律，卡文迪許通過實驗測出了引力常量，故D錯誤。故選A。2．B【詳解】BD．A、B兩點同軸轉動，則角速度相等，故B正確，D錯誤；AC．根據，則B的線速度大于A的線速度，故AC錯誤。故選B。3．D【詳解】A．“天舟4號”軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，根據萬有引力提供向心力則“天舟4號”角速度大于同步衛(wèi)星角速度，則“天舟4號”角速度大于地球自轉角速度，故A錯誤B．宇宙速度是的環(huán)繞速度，“天舟4號”的線速度小于地球的宇宙速度，故B錯誤；C．“天舟4號”角速度大于地球自轉角速度，根據可知，其周期小于地球自轉周期，故C錯誤；D．地面表面的重力加速度等于貼近地表做勻速圓周運動的衛(wèi)星的向心加速度，根據軌道半徑越大，向心加速度越小，則“天舟4號”的向心加速度小于地面表面的重力加速度，故D正確。故選D。4．C【詳解】A．支持力大小沒有為零，根據可知，地面對物體支持力的沖量大小沒有為零，故A錯誤；B．物體勻加速運動，則合外力沒有為零，則沖量大小沒有為零，故B錯誤；C．力大小力對物體的沖量大小故C正確；D．物體受到的合外力物體動量改變的大小等于合外力沖量大小故D錯誤。故選C。5．D【詳解】小球速度方向偏轉30°角時小球速度方向偏轉60°角時該過程用時故選D。6．B【詳解】人造地球衛(wèi)星繞地球運行時，有萬有引力充當向心力則有解得又知，人造地球衛(wèi)星質量之比是軌道半徑之比是聯立代入數據解得故選B。7．C【詳解】AB．由平拋運動的規(guī)律可知，速度的方向角正切值是位移方向角正切值的2倍，因為小球在斜面上做平拋運動，位移方向角都是，所以速度的方向角也應該都相等與拋出的初速度大小無關，所以，故AB錯誤；CD．平拋運動水平方向做勻速運動，位移為根據平拋運動位移的方向角的正切值公式可得由合位移與水平位移的關系可知，小球在斜面上運動的合位移為聯立以上方程式解得可以看出，s與v0的平方成正比，即故C正確，D錯誤。故選C。8．A【詳解】因為物體轉動所需向心力，故A所需的向心力大于B所需向心力。當兩物體剛好相對轉臺靜止時，根據牛頓第二定律聯立解得角速度再增大，拉力和力的合力沒有足以提供A所需的向心力，沒有會再相對轉臺靜止。故選A。9．BC【詳解】A．動量，動量大的物體質量沒有一定大，其慣性沒有一定也大，故A錯誤；B．做曲線運動的質點的速度方向沿運動軌跡切線方向，所以做曲線運動的質點的速度方向時刻在改變，故B正確；C．物體實際的運動叫合運動，故C正確；D．只有勻速圓周運動的時候,合力才指向圓心。非勻速的圓周運動,合力沒有指向圓心，故D錯誤。故選BC。10．BD【詳解】A．在點的速度最小時