2021屆天津市河西區(qū)高三上學(xué)期期末考試質(zhì)量調(diào)查物理試卷

河西區(qū)2020-2021學(xué)年度第一學(xué)期高年級(jí)期末質(zhì)調(diào)查物理試卷一、單選擇題（共10小，每小分，共。每道小只有一正確的答案答對(duì)得2分，答錯(cuò)不答得0分遠(yuǎn)春秋戰(zhàn)國(guó)時(shí)元前前221年出者墨子認(rèn)為之所以?shī)^也刑”形”即物體；奮動(dòng)也，開(kāi)始運(yùn)動(dòng)或運(yùn)動(dòng)加快，對(duì)墨子這句關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)觀(guān)點(diǎn)的理解，下列說(shuō)不正確的是A.墨子認(rèn)為力是改變物體運(yùn)狀態(tài)的原因B.墨子認(rèn)為力是使物體產(chǎn)生加速度的原因此觀(guān)點(diǎn)與亞里士多德關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)的觀(guān)點(diǎn)基本相同此點(diǎn)與牛頓關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)的觀(guān)點(diǎn)基本相同【答案】【解析】【分析】【詳解】“力，刑(形之所以?shī)^也．”也就是說(shuō)，力是使物體運(yùn)動(dòng)的原因，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，使物體產(chǎn)生加速度的原因，觀(guān)點(diǎn)與牛頓關(guān)于力和運(yùn)動(dòng)的觀(guān)點(diǎn)基本相同，而亞里士多德認(rèn)為有力作用在物體上物體才能運(yùn)動(dòng)；沒(méi)有力的作，體就要靜止．故錯(cuò)誤，ABD正；說(shuō)法不正確的故選C“津之眼”是座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標(biāo)之一。摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列敘述正確的是（）摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，乘客的機(jī)械能保持不變?cè)谧罡唿c(diǎn)，乘客重力大于座椅對(duì)他的支持力C.摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)一周過(guò)程中，乘客重力的沖量為零摩輪轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程，乘客重力的瞬時(shí)功率保持不變-1-

【答案】【解析】【分析】【詳解】A．摩天輪運(yùn)過(guò)程中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，乘客的速度大小不變，則動(dòng)能不變，但高度變化，所以機(jī)械能在變化，選項(xiàng)A誤；B．周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，在最高點(diǎn)由重力和支持力的合力提供向心力，即m

v2r所以重力大于支持力，選項(xiàng)B正；C．動(dòng)一周，重力的沖量為I不為零，C錯(cuò)；D．運(yùn)過(guò)程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時(shí)在變化，根據(jù)P=cos可知重力的瞬時(shí)功率在變化，選項(xiàng)D錯(cuò)。故選B。如所示，物體A的量大于B的量，繩子的質(zhì)量，繩與滑輪間的摩擦可不計(jì)AB恰處于平衡狀態(tài)，如果將懸點(diǎn)P靠Q少使系統(tǒng)重新平衡，則A.物A的重力勢(shì)能增大B.物B的力勢(shì)能增大C.繩張減小D.P處與豎直方向的夾角減小【答案】【解析】B物對(duì)繩子的拉力不變，等于物體B重力；動(dòng)滑輪和物體A整受重力兩個(gè)拉力，拉力大小恒定，重力恒定，故兩個(gè)拉力的夾角不變，如圖所示；-2-

所以物體A上，物體B降，所以物體A的力勢(shì)能增大，物體B的力勢(shì)能減小，故A正確；BCD錯(cuò)誤；故選A．【點(diǎn)睛】關(guān)鍵抓住平衡后滑輪所受的三個(gè)拉力大小都不變．對(duì)于動(dòng)滑輪，平衡時(shí)兩側(cè)繩子的拉關(guān)于豎直方向具有對(duì)稱(chēng)性．如甲所示一有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸的豎直圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)定圓盤(pán)上的小圓柱帶動(dòng)個(gè)形架豎直方向振動(dòng)，形支架的下面系著一個(gè)由彈簧和小球組成的振動(dòng)系統(tǒng)盤(pán)止時(shí)，讓小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)振動(dòng)圖像如圖乙所示．圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球做受迫振動(dòng)．小球振動(dòng)穩(wěn)定時(shí)．下列說(shuō)法正確的是）A.小振動(dòng)的固有頻率是4HzB.小做受迫振動(dòng)時(shí)周期一定是C.圓轉(zhuǎn)動(dòng)周期在4sD.圓轉(zhuǎn)動(dòng)周期在4s【答案】【解析】【分析】

附近時(shí)，小球振幅顯著增大附近時(shí)，小球振幅顯著減小【詳解】A．小球振動(dòng)的固有周期，其固有頻率為

f

T

0.25Hz

，A錯(cuò)誤；B．球做受迫振動(dòng)時(shí)周期等于驅(qū)動(dòng)力的周期，即等于盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)期，不一定等于固有周期s，錯(cuò)；CD圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)周期在4s近時(shí)，驅(qū)動(dòng)力周期等于振動(dòng)系統(tǒng)的固有周期，小球產(chǎn)生共振現(xiàn)象，振幅顯著增大，正確錯(cuò)。故選。跳表演是人們遍喜歡的觀(guān)賞性體育項(xiàng)目，如圖所示，當(dāng)運(yùn)動(dòng)員從直升機(jī)上由靜止跳下后，在下落過(guò)程中將會(huì)受到水平風(fēng)力的影響，下列說(shuō)法中正確的是-3-

12121212A.風(fēng)越大，運(yùn)動(dòng)員下落時(shí)間越長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)員可完成更多的動(dòng)作B.風(fēng)越大，運(yùn)動(dòng)員著地時(shí)的豎直速度越大，有可能對(duì)運(yùn)動(dòng)員造成傷害C.運(yùn)員下落時(shí)間與風(fēng)力無(wú)關(guān)D.運(yùn)員著地速度與風(fēng)力無(wú)關(guān)【答案】【解析】【分析】【詳解】AC.運(yùn)動(dòng)員時(shí)參與了兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，豎直方向向下落和水平方向隨風(fēng)飄，兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)同時(shí)發(fā)生，相互獨(dú)立；則水平方向的風(fēng)力大小不影響豎直方向的運(yùn)動(dòng)，即落地時(shí)間不變，選項(xiàng)A錯(cuò)，正確；不論風(fēng)速大小，運(yùn)動(dòng)員豎直方向的運(yùn)動(dòng)不變，則下落時(shí)間和豎方向下落的速度不變，但水平風(fēng)速越大，水平方向的速度越大，則落地的合速度越大，故BD錯(cuò)．如所示，物塊A放在木板B上AB的量相同A與B之、與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)也相（最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小水平力作用在A上使A剛要相對(duì)B滑，此時(shí)水平力大小為F；將水平力作用在B上使B剛要相對(duì)A滑，此時(shí)水平力大小為F則F與的為A.：1

B.：2

C.1

D.：4【答案】【解析】【分析】【詳解】由于A與B之的最大靜摩擦力

fumgAB

小于B與面之間的最大靜摩擦力

fB地

mg

，當(dāng)水平力作用在A上使A剛好要相對(duì)動(dòng)，此時(shí)B靜，A與間摩擦力剛好達(dá)到最大，此時(shí)水平力大小為F當(dāng)水平力作用在B上使B剛要相對(duì)A滑，此時(shí)、B間摩擦力剛好達(dá)到最，A、B的加速度相等，有-4-

1212AB

此時(shí)水平力大小為22

解得2

mg故F與F的為：4故D正，錯(cuò)；故選D?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵抓住臨界狀態(tài)，結(jié)合剛好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)A、加速度相等，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行求解。在20176月全球航天探索大會(huì)上，我國(guó)公布可重復(fù)使用運(yùn)載火的念方案．方案之一降傘方案，如圖，當(dāng)火箭和有效載荷通過(guò)引爆裝置分離后變進(jìn)入返回地球大氣層的返回軌加速下落至低空軌道，然后采用降落傘減速，接近地面時(shí)打開(kāi)氣囊，讓火箭安全著陸．對(duì)該方案及的物理過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()A.火和有效載荷分離過(guò)程中該系統(tǒng)的總機(jī)械能守恒B.從回軌道下落至低空軌道，火箭的重力加速度增大C.從回軌道至低空軌道，火箭處于超重狀態(tài)D.打氣囊是為了減小地面對(duì)火箭的沖量【答案】【解析】【分析】火箭和有效載荷分離過(guò)程中需要做功；根據(jù)萬(wàn)有引力定律分析加速度的變化；從返回軌道至低軌道，火箭的加速度的方向向下；氣囊可以緩解火箭與地面之間的沖擊力．【詳解】火箭和有效載荷分離時(shí)，需要火箭對(duì)載荷做功，所以機(jī)械能不守恒．故A錯(cuò)；根據(jù)萬(wàn)有引力-5-

．．．．．．律ma=

，隨高度的小，加速度增大．故B正確；從返回軌至低空軌道的過(guò)程中火箭做加速運(yùn)動(dòng)，火箭的加速度的方向向下，火箭處于失重狀態(tài)．故錯(cuò)；打開(kāi)氣囊與沒(méi)有氣囊比較，火箭受到的地面的沖量大小是相等的，氣囊可以使火箭與地面之間作用的時(shí)間延長(zhǎng)，減小火箭與地面之的作用力．故D錯(cuò)．故選．奧運(yùn)會(huì)比賽項(xiàng)目桿跳高如圖所示，下列說(shuō)法不正的是（）加速助跑過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加起跳上升過(guò)程中，桿的彈性勢(shì)能一直增加C.起跳上升過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能增加越橫桿后下落程中，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能減少動(dòng)能增加【答案】【解析】【分析】動(dòng)能與物體的質(zhì)量和速度有關(guān)，重力勢(shì)能與物體的質(zhì)量和高度有關(guān)，彈性勢(shì)能大小和物體發(fā)生性形變的大小有關(guān)．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化的知識(shí)分析回答．【詳解】加速助跑過(guò)程中速度增大，動(dòng)能增加A正確；撐桿從開(kāi)始形變到撐桿恢復(fù)形變時(shí)，先是運(yùn)動(dòng)部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為桿的彈性勢(shì)能彈勢(shì)能轉(zhuǎn)化為運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能與重力勢(shì)能的性勢(shì)能不是直增加，B錯(cuò)；起跳上升過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的高度在不斷增大，所以運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能增加C正確；當(dāng)運(yùn)動(dòng)員越過(guò)橫桿下落的過(guò)程中，他的高度降低、速度增大，重力勢(shì)能被轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，即重力勢(shì)能減少，能增加，D正．一量為2.0×

kg的車(chē)在水平公路上行駛，路面對(duì)輪胎的徑向最大靜摩擦力為1.4×10N，當(dāng)汽車(chē)經(jīng)過(guò)半徑為80m的道時(shí)，下列判斷正確的是（）-6-

A.汽轉(zhuǎn)彎時(shí)所受的力有重力、彈力、摩擦力和向心力B.汽轉(zhuǎn)彎的速度為所需的向心力為1.0×10NC.汽轉(zhuǎn)彎的速度為汽車(chē)會(huì)發(fā)生側(cè)滑D.汽能安全轉(zhuǎn)彎的向心加速度不超過(guò)7.0m/s【答案】【解析】【分析】【詳解】A.汽車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)受重力支力摩擦力，摩擦力提供向心力，故A誤；汽車(chē)轉(zhuǎn)彎的速度為20m/s時(shí)需的向力為F

23(20)r80

N=10N所需向心力小于最大靜摩擦力，不會(huì)側(cè)滑，故B正，錯(cuò)；汽車(chē)安全轉(zhuǎn)彎的向心加速度不超過(guò)a

7m/sm

2故D正。故選BD。10.如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m的足夠長(zhǎng)的木板，其上疊放一質(zhì)量為的木塊．假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等給木塊施加一隨時(shí)間t增大水平力（k是數(shù)板和木塊加速度的大小分別為a和a．下列反映a化的圖線(xiàn)中正確的是（）A.B.C.D.【答案】【解析】-7-

211121222＜2【分析】211121222＜2【詳解】當(dāng)比較小時(shí)，兩個(gè)物體相對(duì)靜止，加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律得kt212

，∝t；當(dāng)F比大時(shí)相于運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)：

2

，、都一定，則一．對(duì)：

gt

，是t

的線(xiàn)性函數(shù)，t

增大，增大．由于，兩木板對(duì)滑動(dòng)后a圖象大于兩者相對(duì)靜止時(shí)圖象的斜率．故A確．12故選A二、多選擇題（共小題，每小題6分共。每道題有多個(gè)正的答案全部答對(duì)得6分；部分對(duì)得；有答或者不得分）11.如圖所示為某質(zhì)點(diǎn)做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的-t（）

圖像，關(guān)于這個(gè)質(zhì)點(diǎn)在的運(yùn)動(dòng)情況，下列說(shuō)法中正確的是加速度大小不變，方向與初速度方向相同4s內(nèi)過(guò)的路程為，而位移為零C.質(zhì)點(diǎn)始終向同一向運(yùn)動(dòng)末體回到發(fā)點(diǎn)【答案】【解析】【分析】【詳解】A.由圖像可知，前兩秒體向負(fù)方向做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度與初速度方向相反，故A錯(cuò)；質(zhì)前兩秒的位移

2

-8-

路程為，后兩秒位移22m2路程為，所以的位移是零，路程是，故正；C質(zhì)前兩秒向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，后兩秒向正方向運(yùn)動(dòng)，故錯(cuò)；因?yàn)槊雰?nèi)的位移為零，所以末體回到發(fā)點(diǎn)，故D正確。故選BD。12.如圖所示，置于豎直面內(nèi)的光滑金屬圓環(huán)半徑為r質(zhì)量為的帶孔小球穿于環(huán)上，同時(shí)有一長(zhǎng)為的細(xì)繩一端系于圓環(huán)最高點(diǎn)，當(dāng)圓環(huán)以角速度

繞豎直直徑轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A.細(xì)對(duì)小球的拉力可能為零B.細(xì)和金屬圓環(huán)對(duì)小球的作用力大小可能相等C.細(xì)對(duì)小球拉力與小球的重力大小不可能相等D.當(dāng)

gr

時(shí)，金屬圓環(huán)對(duì)小球的作用力為零【答案】【解析】【分析】【詳解】A、如果細(xì)繩對(duì)小球的拉力為零，則小球受到的重力與支力的合力不可能提供向心力，故A錯(cuò)誤；B、繩和金屬圓環(huán)對(duì)小球的作用力大小如果相等．二者在水平方向的合力為零，則向心力為零，故B錯(cuò)誤；CD.此時(shí)細(xì)繩與豎直方向的角為60°，當(dāng)圓環(huán)旋轉(zhuǎn)時(shí)，小球繞豎直軸做圓周運(yùn)動(dòng)，則有cos60cos60

，sinsin6060得

12

m2r

，-9-

1Nmr2

，所以細(xì)繩對(duì)小球拉力與小球的重力大小不可能相等，

r

時(shí)，金屬圓環(huán)對(duì)小球的作用力N；CD正確【點(diǎn)睛】關(guān)鍵確定圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解．13.一列簡(jiǎn)諧橫波，沿軸方向傳播，播速度為，在t=0的波形圖如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.此x處質(zhì)點(diǎn)正在做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)B.x處質(zhì)點(diǎn)比x處質(zhì)點(diǎn)先運(yùn)動(dòng)到波峰的位置C.x=0處質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)運(yùn)動(dòng)到波峰位置D.x處質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)可運(yùn)動(dòng)至波峰位【答案】【解析】【分析】【詳解】A.簡(jiǎn)諧波沿軸正方向傳播，所以1m1.5m間質(zhì)點(diǎn)正在從正方向的位置向平衡位置振動(dòng)，速度增大，加速度減小，故A錯(cuò)；沿的傳播方向的質(zhì)點(diǎn)在的質(zhì)點(diǎn)后邊，振動(dòng)比x處的質(zhì)點(diǎn)滯后，故B錯(cuò)誤C.x=0m處質(zhì)點(diǎn)正在向軸方向振動(dòng)，在經(jīng)過(guò)四分之一周期即可到達(dá)波峰，即

0.05s4故確；x處質(zhì)點(diǎn)離左側(cè)最近的波峰之間的水平距離為

4

0.8m所以x處的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)

0.08s到達(dá)波峰，故D正。故選。-10-

14.一物塊在高3.0m的斜面頂端從靜止開(kāi)始沿斜面滑重力勢(shì)能和動(dòng)能隨下滑距離s的化如圖中直線(xiàn)、所示，重力加速度取10m/s。則（）A.物下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒B.物與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5C.物下滑時(shí)加速度的大小為6.0m/sD.當(dāng)塊下滑2.0m時(shí)械能損失了【答案】【解析】【分析】【詳解A．下滑的程中，重力勢(shì)能減少30J動(dòng)能增加10J，減小的重力勢(shì)能并不等于增的動(dòng)能，所以機(jī)械能不守恒，A錯(cuò)；B．面高3m、長(zhǎng)5m則斜面傾角為＝。令斜面底端為零勢(shì)面，則物塊在斜面頂端時(shí)的重力勢(shì)能mgh＝30J可得質(zhì)量m＝1kg下滑5m過(guò)中由功能原理，機(jī)械能的減少量等于克服摩擦力做的功·cos＝求得＝0.5B正；C．牛頓第二定律-11-

122mgθ－＝122求得＝2C錯(cuò)；D．物下滑2.0m，重力勢(shì)能減少12J動(dòng)能增加，所以機(jī)械能損失了，選項(xiàng)D錯(cuò)。故選B。三、填實(shí)驗(yàn)題（共題，共分）15.如圖甲所示為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置，數(shù)字化信息系統(tǒng)獲了小車(chē)加速度a與鉤碼的質(zhì)量及小車(chē)和砝碼質(zhì)量的對(duì)應(yīng)關(guān)系圖。鉤碼的質(zhì)量為m，車(chē)和砝碼的質(zhì)量為，力加速度為。（1）下列說(shuō)法正確的是（）每次在小車(chē)上加減砝碼時(shí)，應(yīng)重新平衡摩擦力實(shí)驗(yàn)時(shí)若用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)先釋放小車(chē)后接通電源C.本實(shí)驗(yàn)m應(yīng)遠(yuǎn)小于m

1在圖象探究加度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，應(yīng)作圖（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)由于疏忽，遺漏平衡摩擦力這一步驟，測(cè)mg

，作出F象，他可能作出圖乙中_________（選填“甲、“乙”、“丙”）圖線(xiàn)。此圖線(xiàn)的AB段顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是__________；小車(chē)與軌道之間存在摩擦C.鉤碼的總質(zhì)量太

導(dǎo)保持了水平狀態(tài)所小車(chē)的質(zhì)量大（3）實(shí)驗(yàn)中打出的紙帶如圖丙所示。鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間是，由此可計(jì)算出小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度是-12-

121__________121

果保留2位效數(shù)字）【答案】

丙

C

0.46【解析】【分析】【詳解）[1]．A.每次在小車(chē)上加減砝碼時(shí)，不需要重新平衡摩擦力，選項(xiàng)A誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)若用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)先接通電源后釋放小車(chē)，選項(xiàng)B誤；C.本實(shí)驗(yàn)m應(yīng)遠(yuǎn)小于m，這樣才能近似認(rèn)為鉤碼的重力等于小車(chē)所受的拉力，項(xiàng)C錯(cuò)；在圖象探究加度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，應(yīng)作

圖象，這樣得到的是一條直線(xiàn)，可得出加速度與質(zhì)量成反比的結(jié)論，選項(xiàng)D正。故選D。（2）．不平衡摩擦力，則當(dāng)拉力F加到一定值時(shí)小車(chē)才會(huì)產(chǎn)生加速度，且當(dāng)鉤碼的質(zhì)量不斷增加，不再滿(mǎn)足m，此時(shí)圖像向下彎曲，故選該同學(xué)做出的圖像為丙圖；此圖線(xiàn)AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是鉤碼的總質(zhì)量太大，故選（3）[4]．根據(jù)aT2可得a

2.621.71ADDG9

m/s

2

0.46m/s

216.小李同學(xué)利用圖①裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，打出如圖②所示的紙帶，已知點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50

。（1）下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)說(shuō)法正確的______。A紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用B．了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，必須選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)C．電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器改成電火花計(jì)時(shí)器可以減少紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦D．可選擇較輕的物體作為重物以延長(zhǎng)下落的時(shí)間，實(shí)驗(yàn)效果更好（2）根據(jù)圖②中紙帶的數(shù)據(jù)，打下C點(diǎn)重物的速度______/結(jié)果保留小數(shù)-13-

v—PPcv—PPc（3同用兩個(gè)形狀完全相同不同重物和分進(jìn)行實(shí)驗(yàn)幾組數(shù)據(jù)出圖象，如圖③所示，由圖象可判斷的質(zhì)______的質(zhì)量（選填“于”或“小于”【答案】AC(2).大于【解析】【分析】【詳解）[1]A．重錘下落時(shí)，紙帶必須盡量保持豎直減小摩擦阻力作用，故A正；B．據(jù)處理時(shí)，可以選擇第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)，也可以選擇后面的點(diǎn)作為起點(diǎn)，故錯(cuò)；C磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探針與紙帶的摩擦較大成火花計(jì)時(shí)器可以減少紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦正確；D．如選擇較輕物體，會(huì)增大空氣阻力，給實(shí)驗(yàn)帶來(lái)的誤差更大，故D錯(cuò)。故選AC。（2）[2]C點(diǎn)時(shí)重的速度為22.242T（3）[3]設(shè)空氣阻力是f，據(jù)動(dòng)能定理有f

mv

整理得v

fm由圖像可知2(g

fm

)由于P的斜率大于的率，空氣阻力相同，所以質(zhì)量大于Q的量。四、計(jì)題（共3小，共計(jì)42。解答請(qǐng)寫(xiě)出必要文字說(shuō)、方程式和要的演步驟，只出最后答案不能得。有數(shù)值計(jì)的題答中必須明確出數(shù)值單位）17.如，在豎直平面內(nèi)，一半徑為的光滑圓弧軌道和水平軌道PA在A點(diǎn)切為弧軌道的直徑，O圓心OA和之的夾角為，sin=0.6。一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道通過(guò)C點(diǎn)落至水平軌道；在整個(gè)過(guò)程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還一直受到一水平恒力的作用。已知小球在點(diǎn)受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱?。重力加速度大小為。?1)水平恒力的大小和小球到達(dá)C時(shí)速度的大??；-14-

0011N(2)小球達(dá)A點(diǎn)對(duì)圓弧軌道的壓力大?。?011N(3)小球從落至水平軌道所用的時(shí)間。3【答案】(1)Fmg，4

5gR2

；；(3)

t

35R5g【解析】【分析】【詳解】(1)設(shè)水平恒力的大小為F，球到達(dá)時(shí)所受合力的大小為F由力的合成法則，則有FtanmgF2=(mg2+2設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小為，由牛頓第二定律得Fm

2聯(lián)立上式，結(jié)合題目所給數(shù)據(jù)，解得3Fmg4

，

5gR2(2)設(shè)小球到達(dá)A點(diǎn)速度大小v，⊥，PA于D點(diǎn)由幾何關(guān)系得DAR(1+cosα)由動(dòng)能定理有

=

11mv222在A有vFmg1聯(lián)立上式，結(jié)合題目所給數(shù)據(jù)-15-

N⊥⊥F=6.75mgN⊥⊥由牛頓第三定律可知，小球達(dá)點(diǎn)對(duì)圓弧軌道的壓力大小為mg(3)小球離開(kāi)點(diǎn)后，在豎直方向上做初度不為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度大小為g設(shè)小球在豎直方向的初速度為，C點(diǎn)落到水平軌道上所用時(shí)間為t，運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，則有vt

12

2

又v=sin立上式，結(jié)合題目數(shù)據(jù)，解得t

35R5g18.某人乘坐游戲滑雪車(chē)從靜止開(kāi)始沿傾

斜直雪道下滑，滑行

x19.8m1

后經(jīng)一很短的拐彎道進(jìn)入水平雪道，繼續(xù)滑行

x25m2

后減速到零。已知該人和滑雪車(chē)的總質(zhì)，個(gè)滑行過(guò)程用時(shí)

t

，滑雪車(chē)與雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，取重力加速

10m

，

。求：(1)滑雪車(chē)與雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)該人和滑雪車(chē)經(jīng)過(guò)拐彎道的過(guò)程中損失的機(jī)械能?！敬鸢浮?1)

；(2)

【解析】【分析】【詳解】(1)在斜直雪道上，根據(jù)牛頓第定律有根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)公式有

x1

t1

mgma1，在水平雪道上，根據(jù)牛頓第二定律有mgma根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)公式有

x

t2

，則t1-16-

2

112121212解得112121212t，t2滑雪車(chē)與雪道間的動(dòng)摩擦因數(shù)

0.2(2)由功能關(guān)系有

mv2

22vt，vat解得Δ1856J19.如圖，一豎直圓管質(zhì)量為，下端距水平地面的高度為H，端塞有一質(zhì)量為的球。圓管由靜止自由下落，與地面發(fā)