珠海市2020屆高三物理上學(xué)期期末考試試題含解析

廣東省珠海市2020屆高三物理上學(xué)期期末考試試題含解析廣東省珠海市2020屆高三物理上學(xué)期期末考試試題含解析PAGE23-廣東省珠海市2020屆高三物理上學(xué)期期末考試試題含解析廣東省珠海市2020屆高三物理上學(xué)期期末考試試題（含解析)二、選擇題1。以下說(shuō)法中正確的是A。如甲圖是a粒子散射實(shí)驗(yàn)示意圖，當(dāng)顯微鏡在A，B，C，D中的A位置時(shí)熒光屏上接收到的a粒子數(shù)最多B.如乙圖是氫原子的能級(jí)示意圖,氫原子從n=4能級(jí)躍遷到n=l能級(jí)時(shí)吸收了一定頻率的光子能量C。如丙圖是光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)示意圖，當(dāng)光照射鋅板時(shí)驗(yàn)電器的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，則此時(shí)驗(yàn)電器的金屬桿帶的是負(fù)電荷D.如丁圖是愛(ài)因斯坦在研究黑體輻射的基礎(chǔ)上，提出了量子理論，描繪兩種溫度下黑體輻射強(qiáng)度與波長(zhǎng)關(guān)系的圖【答案】A【解析】【詳解】A。圖甲是α粒子散射實(shí)驗(yàn)示意圖，多數(shù)α粒子穿過(guò)金箔后運(yùn)動(dòng)方向幾乎沒(méi)有改變,當(dāng)顯微鏡在A.B.C。

D中的A位置時(shí)熒光屏上接收到的α粒子數(shù)最多.故A正確；B.圖乙是氫原子的能級(jí)示意圖，結(jié)合氫光譜可知，氫原子從n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)時(shí)輻射了一定頻率的光子能量.故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)光照射鋅板時(shí)，金屬板失去電子，將帶正電,所以與之相連的驗(yàn)電器的指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，此時(shí)驗(yàn)電器的金屬桿帶的是正電荷。故C錯(cuò)誤；D.普朗克在研究黑體輻射的基礎(chǔ)上，提出了量子理論，故D錯(cuò)誤。故選：A2.如圖，空間某區(qū)域有一個(gè)正三角形ABC，其三個(gè)頂點(diǎn)處分別固定有三個(gè)等量正點(diǎn)電荷，D點(diǎn)為正三角形的中心,E、G、H點(diǎn)分別為正三角形三邊的中點(diǎn)，F(xiàn)點(diǎn)為E關(guān)于C點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)。取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，下列說(shuō)法中正確的是A。E、G、H三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均相同B。E、G、H三點(diǎn)的電勢(shì)均相同C。D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大D。根據(jù)對(duì)稱性，E.、F兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向【答案】B【解析】【詳解】A。由對(duì)稱性可知，E、G、H三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不同，故A錯(cuò)誤;B.由對(duì)稱性可知,E.

G、H三點(diǎn)的電勢(shì)均相等,故B正確；C.由于D點(diǎn)為正三角形的中心，即到三個(gè)點(diǎn)電荷的距離相等,故任意兩點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與第三個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小等大反向，故D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故C錯(cuò)誤；D。由C點(diǎn)電荷在E、F兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向，但A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷在E、F兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度卻不相等，故D錯(cuò)誤;故選:B3.如圖,理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓均為U的燈炮A和B。輸入電壓為5U時(shí)，兩燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)法正確的是A。原、副線圈匝數(shù)比為1：4 B。原、副線圈的功率為4：1C。流過(guò)燈炮A、B的電流之比為4:1 D.燈炮A、B的額定功率之比為1:4【答案】D【解析】【詳解】A.兩燈均正常發(fā)光，則A、B兩端的電壓均為U，原線圈兩端電壓U1=5U?U=4U,副線圈兩端電壓U2=U，所以原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=U1：U2=4：1，故A錯(cuò)誤；B.理想變壓器自身不消耗能量，輸入功率等于輸出功率,所以原、副線圈的功率為1:1，故B錯(cuò)誤；C.原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=U1:U2=4:1,則原副線圈的電流比I1：I2=n2:n1=1：4，故C錯(cuò)誤；D.燈泡A、B的電流之比為1：4，兩燈的額定電壓相同，則燈泡A、B的額定功率之比為1：4。故D正確.故選：D。4。甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛,其v－t圖像如圖所示，下列對(duì)汽車運(yùn)動(dòng)狀況的描述正確的是A。在第10s末，乙車改變運(yùn)動(dòng)方向 B.在第10s末，甲、乙兩車相距150mC。在第20s末,甲、乙兩車可能相遇 D。第20s末兩者相距最近【答案】C【解析】【詳解】A。由圖知,乙車的速度一直為正，說(shuō)明乙一直沿正方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有改變，故A錯(cuò)誤;BC。在第10s末，甲通過(guò)的位移比乙的位移大，但由于它們初始位置關(guān)系未知，所以不能判斷是否相遇或者什么時(shí)候相遇,故B錯(cuò)誤，C正確；D.第20s內(nèi)，甲、乙兩車的位移之差最大，但由于出發(fā)點(diǎn)的位置關(guān)系未知，所以不能確定它們相距的距離是否最近，故D錯(cuò)誤.故選：C.5。2019年1月3日，中國(guó)“嫦娥四號(hào)"探測(cè)器成功在月球背面軟著陸，中國(guó)載人登月工程前進(jìn)了一大步．假設(shè)將來(lái)某宇航員登月后,在月球表面完成下面的實(shí)驗(yàn):在固定的豎直光滑圓軌道內(nèi)部最低點(diǎn)靜止放置一個(gè)質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，如圖所示，當(dāng)給小球一瞬時(shí)沖量Ⅰ時(shí)，小球恰好能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)．已知圓軌道半徑為r,月球的半徑為R,則月球的第一宇宙速度為A. B。 C. D?！敬鸢浮緽【解析】【分析】由最小發(fā)射速度應(yīng)是萬(wàn)有引力等于重力，而重力又充當(dāng)向心力時(shí)的圓周運(yùn)動(dòng)速度，由此可以解得最小發(fā)射速度。【詳解】小球獲得瞬時(shí)沖量Ⅰ的速度為v0，有；而小球恰好通過(guò)圓周的最高點(diǎn)，滿足只有重力提供向心力，;從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)由動(dòng)能定理可知：；聯(lián)立解得：月球的近地衛(wèi)星最小發(fā)射速度即為月球的第一宇宙速度，滿足解得:;故選B.6。自動(dòng)卸貨車始終靜止在水平地面上。車廂在液壓機(jī)的作用下改變與水平面間的傾角，用以卸下車廂中的貨物。當(dāng)傾角增大到時(shí)，質(zhì)量為M的木箱A與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體B一起以共同的速度v沿車廂底勻速滑下，則下列說(shuō)法正確的是A.A受到的靜摩擦力方向沿斜面向上B.A受到的摩擦力為，方向沿底面向上C。A受到車廂底面的滑動(dòng)摩擦力大小為D。A與車廂底面間的動(dòng)摩擦因數(shù)【答案】BD【解析】【詳解】A。A受到車廂地面的摩擦力是滑動(dòng)摩擦力，受到B的摩擦力是靜摩擦力，故A錯(cuò)誤;B.對(duì)A受力分析，受重力、支持力、車廂底面的摩擦力和沿B的摩擦力,根據(jù)A勻速運(yùn)動(dòng)，受力平衡，A受到的摩擦力大小為，方向沿底面向上，故B正確；C.將A、B作為整體，勻速運(yùn)動(dòng)，受力平衡，所以A受到車廂底面的滑動(dòng)摩擦力大小為（M+m）gsinθ，故C錯(cuò)誤；D.對(duì)于A、B整體，根據(jù)受力平衡：（M+m）gsinθ=μ(M+m）sinθ，所以μ=tanθ,故D正確.故選:BD7。如圖，長(zhǎng)為L(zhǎng)、板間距離為d的平行板電容器水平放置，電容器充電后與電源斷開(kāi)，現(xiàn)將兩電荷量相等的帶電粒子a、b分別從兩極板的中心線、上極板的邊緣處同時(shí)沿水平方向射入電場(chǎng),兩粒子恰好能在距下極板為的P點(diǎn)處相遇。若不考慮粒子的重力和相互作用力,則下列說(shuō)法中正確的是A。a質(zhì)量是b的3倍B。相遇時(shí)，a在水平方向上運(yùn)動(dòng)的距離為C.相遇時(shí)，b的動(dòng)能變化量是a的3倍D.若僅將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則兩粒子仍能在P點(diǎn)相遇【答案】ACD【解析】【詳解】A。粒子a與粒子b豎直分運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式，有：，豎直位移與質(zhì)量成反比，故ma：mb=yb：ya=3：1，即a所帶的質(zhì)量是b的3倍，故A正確；B.相遇時(shí)，兩個(gè)粒子的水平分位移之和為L(zhǎng)，a、b的水平位移不一定是，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能變化量等于電場(chǎng)力做的功，故：△Ek=qEy,由于a、b粒子的電荷量相等,豎直分位移之比均為1：3，故a、b粒子的動(dòng)能變化量之比為1：3，即相遇時(shí)，b的動(dòng)能變化量是a的3倍，故C正確;D。若僅將下極板向下移動(dòng)一小段距離,電容器的電荷量不變，故板間場(chǎng)強(qiáng)不變，故粒子的運(yùn)動(dòng)情況相同，軌跡也相同，故兩粒子仍能在P點(diǎn)相遇，故D正確；故選:ACD。8。如圖，光滑水平面上兩虛線之間區(qū)域內(nèi)存在豎直方向的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。邊長(zhǎng)為a的正方形導(dǎo)線框PQMN沿圖示速度方向進(jìn)入磁場(chǎng),當(dāng)對(duì)角線PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框的速度大小為v，方向與磁場(chǎng)邊界成角，若線框的總電阻為R，則A。PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框中的感應(yīng)電流為B.PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框所受安培力大小為C。PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)兩端的電壓為D。PM進(jìn)入磁場(chǎng)后線框中的感應(yīng)電流將變小【答案】AD【解析】【詳解】A。

PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有效的切割長(zhǎng)度等于a，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Bav,感應(yīng)電流為,故A正確;B.NM邊所受的安培力大小為F1=BIa=，方向垂直NM向下。PN邊所受的安培力大小為F2=BIa=，方向垂直P(pán)N向下，線框所受安培力大小,故B錯(cuò)誤；C。

PM兩端電壓為，故C錯(cuò)誤；D.PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)后，有效的切割長(zhǎng)度逐漸減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，感應(yīng)電流將減小,故D正確.故選：AD.三、非選擇題9。圖甲是某同學(xué)驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)裝置。其步驟如下：A.易拉罐內(nèi)盛上適量細(xì)沙，用輕繩通過(guò)滑輪連接在小車上，小車連接紙帶。合理調(diào)整木板傾角，讓小車沿木板勻速下滑。B。取下輕繩和易拉罐,測(cè)出易拉罐和細(xì)沙的質(zhì)量m1以及小車質(zhì)量m2.C。撤去細(xì)繩和易拉罐后，換一條紙帶，讓小車由靜止釋放,打出的紙帶如圖乙(中間部分未畫(huà)出)，O為打下的第一點(diǎn).己知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔為T(mén)，重力加速度為g.（1）步驟C中小車所受的合外力大小為_(kāi)__（2）為驗(yàn)證從O—C過(guò)程中小車合外力做功與小車動(dòng)能變化的關(guān)系，測(cè)出BD間的距離為,OC間距離為，則C點(diǎn)速度大小為_(kāi)__，需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)___(用所測(cè)物理量的符號(hào)表示）?！敬鸢浮浚?).（1）m1g；(2).（2),(3)。【解析】【詳解】(1）[1]小車勻速下滑時(shí)受到重力、支持力、摩擦力和輕繩的拉力，合力為零；撤去拉力后,其余力不變，故合力等于撤去輕繩的拉力，而輕繩的拉力等于易拉罐和細(xì)沙的重力，所以小車所受的合外力為m1g;（2）[2]勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于中間時(shí)刻瞬時(shí)速度,故；[3]動(dòng)能增量為：，合力的功為：,需要驗(yàn)證的關(guān)系式為：10。某個(gè)同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電路，既能測(cè)量電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，又能同時(shí)測(cè)量未知電阻的阻值。器材如下:A.電池組（四節(jié)干電池）B。待測(cè)電阻（約10）C.電壓表V1（量程3V、內(nèi)阻很大）D。電壓表V2（量程6V、內(nèi)阻很大)E。電阻箱及（最大阻值99.9)F。開(kāi)關(guān)一只，導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)步驟如下:(1）將實(shí)驗(yàn)器材連接成如圖甲所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,先讓電壓表V1接近滿偏,逐漸增加電阻箱的阻值，并分別讀出兩只電壓表的讀數(shù)。(2)根據(jù)記錄的電壓表V1的讀數(shù)U1和電壓表V2的讀數(shù)U2，以為縱坐標(biāo)，以對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值A(chǔ)為橫坐標(biāo)，得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖乙所示.由圖可求得圖像在縱軸的截距為_(kāi)___，待測(cè)電阻=____（保留兩位有效數(shù)字).（3)圖丙分別是以兩電壓表的讀數(shù)為縱坐標(biāo)，以兩電壓表讀數(shù)之差與電阻箱阻值的比值為橫坐標(biāo)得到結(jié)果。由圖可求得電池組的電動(dòng)勢(shì)E=______V,內(nèi)阻r=____;兩圖線的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為_(kāi)__A，縱坐標(biāo)為_(kāi)____V.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1）。1.0(2）。8。0（3）。6.0（4)。4。0（5）。0.50（6).4.0【解析】【詳解】（2）［1］串聯(lián)電路電流處處相等，由圖甲所示電路圖可知：，則:，當(dāng)R=0時(shí)，=1，所以圖像在縱軸的截距為1.0；［2］則圖象斜率：,解得：Rx=8.0Ω；（3)［3］由圖(a）所示電路圖可知：，圖線是電源的U?I圖象,由圖示圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=6.0V；[4］電源內(nèi)阻：；［5］圖線是Rx的U?I圖象，兩圖線交點(diǎn)反應(yīng)的是電源與定值電阻直接串聯(lián)時(shí)的情況,交點(diǎn)的橫坐標(biāo):；[6]縱坐標(biāo)：.11。如圖,半徑R=1。0m的四分之一圓弧形光滑軌道豎直放置,圓弧最低點(diǎn)B與長(zhǎng)為L(zhǎng)＝0.5m的水平面BC相切于B點(diǎn)，BC離地面高h(yuǎn)=0。45m，C點(diǎn)與一傾角為θ=37°的光滑斜面連接，質(zhì)量m＝1。0kg的小滑塊從圓弧上某點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)圓弧B點(diǎn)時(shí)小滑塊對(duì)圓弧的壓力剛好等于其重力的2倍，當(dāng)小滑塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)與一個(gè)質(zhì)量M=2。0kg的小球正碰，碰后返回恰好停在B點(diǎn)，已知滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0。1．（sin37°=0。6cos37°=0.8,g取l0m/s2）求:（1）小滑塊應(yīng)從圓弧上離地面多高處釋放；(2)小滑塊碰撞前與碰撞后的速度；（3)碰撞后小球的速度;【答案】（1）H=0.95m（2)3m/s，1m/s

（3)v2=2.0m/s【解析】(1）設(shè)小滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度為由機(jī)械能守恒定律有:由牛頓第二定律有:聯(lián)立上式解得：（2)設(shè)小滑塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的速度為，由動(dòng)能定理有：可得小滑塊在C點(diǎn)速度即與小球碰前的速度

碰后滑塊返回B點(diǎn)過(guò)程:由動(dòng)能定理:得可碰后滑塊速度

（3）碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒：解得碰后小球速度

綜上所述本題答案是：(1），（2)，(3）12.如圖所示，質(zhì)量為、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的絕緣滑板B靜置于水平面上，滑板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù),水平面右端的固定擋板C與滑板等高。在擋板C的右邊有一個(gè)區(qū)域PQMN，區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，還有兩個(gè)半徑分別為R1=1和R2=3的半圓構(gòu)成的半圓環(huán)區(qū)域，在半圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，半圓環(huán)的圓心O到固定擋板C的頂點(diǎn)的距離為2r,現(xiàn)有一質(zhì)量為m帶電量為+q的小物塊A(視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度滑上滑板B，A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。當(dāng)小物塊A運(yùn)動(dòng)到滑板B右端時(shí)兩者剛好共速，且滑板B剛好與擋板C碰撞，A從擋板C上方飛入PQNM區(qū)城，并能夠在半圓環(huán)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。求:(1）A剛滑上B時(shí)，A和B的加速度大??；(2)A剛滑上B時(shí)，B右端與擋板C之間的距離S;（3）區(qū)域PQMN內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小，以及要保證小物塊A只能從半圓環(huán)區(qū)域的開(kāi)口端飛出，磁感應(yīng)強(qiáng)度B需滿足的取值范圍?！敬鸢浮浚?)（2)（3)【解析】【詳解】（1）對(duì)小物體A有：解得：對(duì)滑板B有:解得:（2)依題，設(shè)A、B的共同速度為v，對(duì)小物塊A:。對(duì)滑板B有：解得:;（3)進(jìn)入?yún)^(qū)域PQNM，并能夠在半圓環(huán)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),則有：。解得：粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：要小物塊A不從半圓環(huán)區(qū)域的內(nèi)環(huán)和外環(huán)飛出磁感應(yīng)強(qiáng)度B要滿足：,解得：,即：;，解得：，即：；綜上所述,要小物塊A不從半圓環(huán)區(qū)域的內(nèi)環(huán)和外環(huán)飛出磁感應(yīng)強(qiáng)度B要滿足:或.13.下列說(shuō)法正確的是A。-定質(zhì)量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí),則單位時(shí)間內(nèi)分子與器壁碰撞次數(shù)隨溫度降低而減少B.知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出該氣體中分子間的平均距離C。若一定質(zhì)量的理想氣體在被壓縮的同時(shí)放出熱量,則氣體內(nèi)能可能減小D。同種物質(zhì)不可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)E。液體表面具有收縮的趨勢(shì)，是由于液體表面層里分子的分布比內(nèi)部稀疏的緣故【答案】BCE【解析】【詳解】A.溫度降低，分子的平均動(dòng)能減小,則單個(gè)分子對(duì)器壁在平均撞擊力減小,所以一定質(zhì)量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)分子與器壁碰撞次數(shù)隨溫度降低而增加，故A錯(cuò)誤；B.由氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度,可估算出摩爾體積，再根據(jù)阿伏加德羅常數(shù),可以估算出單個(gè)理想氣體分子所占的平均體積。進(jìn)而估算出理想氣體分子間的平均距離，故B正確;C.根據(jù)熱力學(xué)第一定律，如果外界對(duì)理想氣體壓縮所做的功，小于放出熱量，則氣體內(nèi)能就會(huì)減小，故C正確；D。同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如煤炭與金剛石.故D錯(cuò)誤；E。液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層,表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力.就象你要把彈簧拉開(kāi)些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢(shì)，故E正確；故選:BCE14.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一粗細(xì)均勻的導(dǎo)熱良好的直角形細(xì)玻璃管，A端封閉，C端開(kāi)口，AB=BC=，平衡時(shí),A、C端等高，管內(nèi)水銀柱如圖所示，管內(nèi)水銀柱總長(zhǎng)度為,玻璃管ab內(nèi)封閉有長(zhǎng)為的空氣柱，己知大氣壓強(qiáng)相當(dāng)于高度為的水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)，環(huán)境溫度為300K。(AB管內(nèi)封入的空氣可視為理想氣體）（i）如果使玻璃管繞B點(diǎn)在豎直平面內(nèi)逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)動(dòng),并緩慢升高環(huán)境溫度，求AB管水平時(shí)，若要保持AB管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度不變，則溫度需要升高到多少？（ii)如果使玻璃管繞B點(diǎn)在豎直平面內(nèi)逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)動(dòng)，并保持環(huán)境溫度不變，求AB管水平時(shí)，管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為多少？(水銀密度為,重力加速度為g)【答案】(i)450K(ii）1.4ρgl0【解析】【詳解】(i）設(shè)AB管水平時(shí)管內(nèi)氣體壓強(qiáng)：，由題意可知：AB管內(nèi)氣體做等容變化，由查理定律得,解得：T＝450K；（ii）設(shè)AB管水平時(shí)，BC管內(nèi)水銀柱長(zhǎng)度為x,AB管長(zhǎng)l0，水銀柱總長(zhǎng)l0，所以末態(tài)體積為xS，對(duì)AB中密閉氣體由玻意耳定律得，解得,所以AB管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p＝p0＋xρg,解得15。如圖所示，O點(diǎn)為簡(jiǎn)諧橫波的波源．振幅為5cm的波從O點(diǎn)分別沿x軸向正方向和負(fù)方向傳播，Oa=3m，Ob=4m，Oc=6m．t=0時(shí)，波源O由平衡位置