四川省成都市蓉城名校聯(lián)盟2019-2020學年高三上學期第一次聯(lián)考物理試題及答案解析

物理試卷第物理試卷第頁，共11頁四川省成都市蓉城名校聯(lián)盟2020屆高三上學期第一次聯(lián)考物理試題參考答案1.C【解析】A,公式a=色是加速度的定義式，不是決定式，加速度 a與速度變化量AV無關，選項At錯誤；B.公式a=F是加速度的決定式，物體的加速度取決于物體所受合力和質量，質量是物體m本身的屬性，與受的合力無關，選項B錯誤；C.由公式F=ma可知：使質量為1kg的物體產生1m/s2的加速度的力就是1N,選項C正確；D.公式P=Fvcos。是瞬時功率的定義式，力做功的瞬時功率與 F、v有關，選項D錯誤；故選CoD【解析】A.該同學的100m女子預賽成績12.41s指的是時間間隔，選項A錯誤;B.該同學在100m女子預賽中的平均速度約為：VJ.出m/s:8m/st12.41選項B錯誤;CD.設加速度的時間為t,則：vmt+Vm（t總-t）=S2解得：t=4s則該同學加速過程的加速度約為：vm9.6.2 2a= =m/s=2.4m/st4選項C錯誤，D正確;故選D。D【解析】A.對小貓受力分析，受重力、半球面對它的支持力、摩擦力作用，故A錯誤;B.緩慢爬行，每一個狀態(tài)都看做平衡狀態(tài)，所以半球面對小貓的作用力即支持力和摩擦力的合力始終與重力等大反向，不變，故B錯誤；C.由平衡條件知，小貓的重力在垂直半球面上的分力大小等于半球面對小貓對的支持力大小，由牛頓第三定律知：半球面對小貓對的支持力大小等于小貓對半球面的壓力， 即小貓的重力在垂直半球面上的分力等于小貓對半球面的壓力大小，故 C錯誤；D.設小貓恰不從半球面上掉下來的位置如圖所示，則：f=fm=mgos0mgsin0解得：tan0衽設此位置距半球面頂部的豎直高度為 h,由幾何關系得：R-h

cosi= R聯(lián)立解得：h=0.2R故D正確；故選DoA【解析】A.因該同學乘坐摩天輪隨座艙在豎直面內做勻速圓周運動， 在最低點時，向心加速度向上,處于超重狀態(tài)，故A正確；B.在摩天輪轉動過程中，該同學的速度方向時刻改變，故B錯誤；C.該同學運動到與圓心等高位置時，豎直方向，座艙對他的作用力等于其所受重力，水平方向，座艙對他的作用力提供指向圓心的向心力， 則座艙對人的合力大于其所受重力， 故C錯誤；D.該同學的向心加速度大小不變，所以他做的是勻速圓周運動，不是勻變速運動，故 D錯誤。故選A。B【解析】AB.第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，最大的運行速度，故同步衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，入軌后的速度小于第一宇宙速度，故 A錯誤，B正確；C.同步衛(wèi)星與地球相對靜止，只能位于赤道的上空，故C錯誤；D.衛(wèi)星從近地軌道向同步軌道變軌時，向運動的反方向噴氣，外力做正功，做加速運動，機械能增大，則該衛(wèi)星比近地軌道上運行的同質量的衛(wèi)星的機械能大，故 D錯誤；故選B。BD【解析】A.兩個物體一起向左做勻加速直線運動，對兩個物體整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：Fi-F2=(mA+mB)a①再對物體A受力分析，運用牛頓第二定律，得到：TOC\o"1-5"\h\zFi-F=mAa ②由①②兩式解得：F=16N,即力傳感器的示數(shù)為16N,故A錯誤。B,若在ti時刻將拉力Fi、F2同時加倍，由①知加速度加倍，由②知 F也加倍，故B正確。C.如果只有F2作用，整體向左勻加速運動，則對 B研究得：彈簧的彈力大小為：F2 10\o"CurrentDocument"F=mAa=mA——2—=2N=4N

mAmB 23故c錯誤。D,若在ti時刻將Fi、F2同時撤去，細線的張力突然減為零，則傳感器的示數(shù)將變?yōu)榱恪９蔇正確。故選BD。AC2 V2-A.分析物體在x方向上的運動情況，根據(jù)速度-位移關系可知，x=」，x—Vx圖象的斜率2a表示加速度二倍的倒數(shù)， a=1m/s2,位移-時間圖象的斜率等于速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，y方向上做勻速直線運動，則物體做勻變速曲線運動，故A正確；B.根據(jù)牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma=2N,故B錯誤；C.t=4s時，x方向上的位移：x=-at2=8m2y方向上的位移y=6m,根據(jù)運動的合成與分解可知，物塊的位移：s=x2y2=10m方向與x軸的夾角。滿足：tan-=—

x可得：1-37故C正確；D.物體做類平拋運動，t=4s時，速度與x軸的夾角（））滿足tan（））=2tain即產37；故D錯誤。故選AC。8.CD【解析】A.小松鼠跳到平臺運動的逆過程是平拋運動，水平方向上：x=V0t豎直方向上：h=-gt2

2代入數(shù)據(jù)解得：v0=x.g=4m/s

2h研究豎直方向的分運動，由速度位移公式求出起跳時豎直分速度：Vy=.2gh=3m/s根據(jù)平行四邊形定則可知，小松鼠的起跳速度:v=Jv2+vj=5m/s根據(jù)動能定理可知，水平面對它做功：1 2W=—mv-12.5J2故A錯誤；BC.小松鼠和木塊相互作用的過程中動量守恒有：mvo=(m+M)vi屬于完全非彈性碰撞，系統(tǒng)機械能不守恒，研究木塊，根據(jù)動量定理可知：I=Mvi聯(lián)立解得小松鼠對木塊的沖量：I=3N?s故B錯誤，C正確；D.小松鼠和木塊組成的系統(tǒng)，向左滑行過程中，根據(jù)動能定理可知：1 2/m+M)gs=萬(M+mM代入數(shù)據(jù)解得：s=0.25m故D正確。故選CD。9.ADE【解析】A.由振動圖象可以看出兩個質點的振幅均為 10cm,故選項A正確；B.該波的周期為4s,頻率為0.25Hz,由于頻率不相等，所以不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故選項B錯誤；C.由相距2.1m的ab兩點的振動圖象可以確定：-/ 32.1'n'—'4從而得到：

_8.4- 4n3由波的多解性，入=2.8m1.2m、……故選項C錯誤;D.由于,即9=3、7、11、15s……,故選項D正確;2二 二E.振動的角頻率0=——=-,初相位是兀，所以b點的振動方程為:4 2ny=10sin(—t+n)cm2故選項E正確。故選ADE。10.刻度尺10.刻度尺15 13(12.8?13.2)[1],求解A點速度需要知道位移AB,所以需要用到刻度尺;[2],根據(jù)極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出 A點的速度為:Va3L3Va3L30.050.01m/s=15m/s[3],結合速度位移公式求出 A離釋放點的距離為:2 2h=*= m=11.25m2g210從而求出樓房的高度為:H=h+3L+Ah=11.25m+3)0.05m+1.6m=13m。11.AE0.60能2 2.0【解析】①[1].某同學設計了如圖甲所示的 探究加速度與物體受力和質量的關系 ”的實驗，該題探究操作細節(jié)問題：A.線要與木板平行，這樣小車的合力才不變，故選項A正確；B.先通電，再釋放小車，選項B錯誤；C.由于有拉力傳感器，故不需要測沙和桶的總質量，故選項C錯誤；D.滿足該條件是為了使拉力近似等于沙和桶的總重力，但不需要測拉力，當然也不需要滿足上述條件;E正確。E.、由于使用的是電火花計時器，故直接使用家庭電路的交流電，故選項故選E正確。②[2].取BF段進行研究，由運動學公式求加速度為： 2 __、 2Xdf-Xbd (60.8-27.0)10-(27.0-5.0)10 22a= -= 2 m/s=0.60m/s(2T) (20.1)③[3][4][5].由于a-F圖象是過原點的直線，所以可以得到：質量不變時，加速度與作用力1成正比；根據(jù)a=—mF,那么a-F圖象的斜率的倒數(shù)為小車和傳感器的質量，即為：m1 1m=-=1kg=2kg2加速度為零時說明受到的拉力和滑動摩擦力相等， 因此可知圖像加速度為零時刻對應的力的大小等于滑動摩擦力的大?。患礄M截距 b=2.0N就是滑動摩擦力。12.(1)4m/s(2)-10.8J【解析】(1)物塊從B到C做平拋運動：1 2h=2R=-gt2B一t得：b=4m/s(2)物塊經過A點時，由牛頓第三定律可得A點對物塊的支持力:N=Fn=146N對物塊在A點由牛頓第二定律可得：mu；N-mg=A到B對物塊由動能定理得：TOC\o"1-5"\h\z1 2 1 2\o"CurrentDocument"-mg2RWf二一mB m：A\o"CurrentDocument"2 2得阻力所做的功為：Wf=-10.8J2(1)aA=aB=1m/s (2)F=18N (3)t=1s【解析】(1)設物塊A與木板B相對靜止一起向右加速，則對物塊與木板組成的系統(tǒng)由牛頓第二定律得：F-以M+m)g=(M+m)a解得：2aA=aB=1m/s對物塊A,木板給其向右的靜摩擦力便為其合力，由牛頓第二定律得：fA=maA=1N<fAm=國mg=2N所以假設成立，即A、B的加速度為aA=aB=1m/s2(2)要將木板抽出，拉力最小時剛好抽出， 即物塊A相對B剛好向左滑動，AB間的摩擦剛好達到最大靜摩擦力，且此時AB具有相同的速度和加速度，則對 A由牛頓第二定律得：L1mg=ma得：2a=2m/s對B由牛頓第二定律得：F-'2(Mm)g-11mg二Ma得：F=18N(3)設F作用的最短時間為t,在F作用時間內，對A有：,1mg=ma1：1ua〔t對B有：F-'2(Mm)g-11mg=Ma22=a2tA相對B向后的位移為:TOC\o"1-5"\h\z~ 1.2 12Xi=x2-X1=-a2t--a1t\o"CurrentDocument"2 2設撤去F后再經時間t'物體A剛好從木板B的最左端滑下，此時兩者的速度恰好相同為 U撤去F后對A：得:2司=2m/s對木板B：」2(Mm)g"mg=Ma2得:a2=7m/s2對A,共同速度:=1 ait=a〔t a〔t位移:xi『對B有共同速度:二■2-a21=a2t-a21位移:2 .■X2二 t2撤去F后A相對B的位移:LX1 LX2=L聯(lián)立以上各式解得F作用的最短時間：t=1s方法II：其相對位移也可用U-t圖像求解:A相對B的位移為圖中影陰部分面積，即再聯(lián)立上面的相應式子即可解得。再