2021-2022學(xué)年上海市靜安區(qū)高三(上)期末物理模擬試卷(1)【附答案】

2021-2022學(xué)年上海市靜安區(qū)高三（上）期末物理模擬試卷（1）一．選擇題（共12小題，滿分40分）13分）下列說(shuō)法中正確的是（ ）牛頓第一定律是有實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)的，隨著科學(xué)技術(shù)的發(fā)展是可以用實(shí)驗(yàn)來(lái)直接驗(yàn)證的戰(zhàn)斗機(jī)在空戰(zhàn)時(shí)甩掉副油箱是為了減小慣性，提高飛行的靈活性C．在水平地面上滑動(dòng)的木塊最終要停下來(lái)，是由于沒(méi)有外力來(lái)維持木塊運(yùn)動(dòng)的結(jié)果D．運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行110m性也越大23分）下列關(guān)于速度、加速度的描述中，正確的是（ A．物體的速度變化量越大，加速度越大B．物體的速度為零時(shí)，加速度也為零C．物體的速度變化越快，加速度越大D．物體的加速度增大，速度也一定增大33分）如圖甲所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在B兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖像，由圖可知，下列說(shuō)法中正確的是（ ）在t＝0.2s時(shí)，彈簧振子一定運(yùn)動(dòng)到B位置在t＝0.3st＝0.7s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的速度相同從t＝0t＝0.2s的時(shí)間內(nèi)，彈簧振子的動(dòng)能持續(xù)地減少在t＝0.2st＝0.6s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的加速度相同43分）在磁場(chǎng)中的B兩個(gè)位置各放一段長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的直導(dǎo)體棒L長(zhǎng)度很小。給兩導(dǎo)體棒分別通有大小相同的電流測(cè)得兩段導(dǎo)體棒收到的安培力大小分別為和下列判斷正確的是（ ）若、方向相同，則AB兩點(diǎn)磁場(chǎng)方向一定相同若F1＝F2A、B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等若F1＝0，則A0若F1＞F2A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能小于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度53分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A． ②的溫度高B．能一直增大

由圖可知，氣體由狀態(tài)A變化到B的過(guò)程中，氣體分子平均動(dòng)由圖可知，當(dāng)分子間的距離r＞r0時(shí)，分子間的作用力先減小后增大由圖可知，在r的過(guò)程中分子力做負(fù)功63分1.80.1（g取10m/2）是（）A．接球時(shí)球的速度大小為3m/sB．籃球自由下落時(shí)間約為1.2sC．手受到的平均作用力的大小是籃球重力大小的7D．手接觸籃球的整個(gè)過(guò)程，籃球處于失重狀態(tài)73分）假設(shè)地球是一半徑為、質(zhì)量分布均勻的球體。一礦井深度為。已知質(zhì)量分布（A1﹣ B．1+ C（ 2 D（ ）283分F則下列說(shuō)法正確的是（）AB．物體可能受三個(gè)力作用C．物體一定受四個(gè)力D94分）矩形線圈abcd與導(dǎo)線平行，長(zhǎng)導(dǎo)線中已通如圖所示電流，則為使線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，則可采用的措施是（）A．將線圈水平向右移動(dòng)B．將線圈豎直向上移動(dòng)C．增大導(dǎo)線中的電流D．以AB為軸線圈轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程中1（4分）如圖所示，電荷q均勻分布在半球面上，球面的半徑為CD為通過(guò)半球頂點(diǎn)C與球心O的軸線PQ為CD軸上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)。如果帶電量為Q的均勻帶電球殼其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電勢(shì)都相等。則下列判斷正確的是（ ）A．P點(diǎn)的電勢(shì)與Q點(diǎn)的電勢(shì)相等B．帶正電的微粒在O點(diǎn)的電勢(shì)能為零C．在P點(diǎn)靜止釋放帶正電的微粒（重力不計(jì)，微粒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等14分）如圖，兩端開口的彎管，左管插入水銀槽中，管內(nèi)外水銀面高度差為1，右管有一段水銀柱，兩端液面高度差為h2，中間封有一段空氣。若（ ）溫度升高，則h1增大大氣壓升高，則h1增大C．彎管下移少許距離，則h1不變D．右管中滴入少許水銀，則h11（4分）空間有平行于梯形區(qū)域abcd＝4c和∠d均bc＝2cmc4V10V。將一電荷量q＝﹣2×10﹣5C的點(diǎn)電荷從a點(diǎn)開始沿abcd（ ）A．梯形區(qū)域的下底ad中點(diǎn)的電勢(shì)為B．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為100 C．該點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電勢(shì)能為+2×10﹣5JD．該點(diǎn)電荷從a點(diǎn)移到d點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做功為+6×10﹣5J二．填空題（共5小題，滿分20分，每小題4分）1（4分）電量為219C的負(fù)點(diǎn)電荷，放入水平向左的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為100N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力的大小為 N方向 （“水平向左“水平向右如果把負(fù)電荷拿走，此處的電場(chǎng)強(qiáng)度為 N/C。14分）在“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，有下列實(shí)驗(yàn)步驟：①40cm2cm撒在水面上；②用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定；③將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大?。虎苡米⑸淦鲗⑹孪扰浜玫挠退峋凭芤阂坏我坏蔚氐稳肓客仓校浵铝客矁?nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積；⑤將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。完成下列填空：上述步驟中，正確的順序是 （填寫步驟前面的數(shù)字。0.25mL250mL的溶液；然后用滴管吸取這種溶液，向小滴入100滴溶液，溶液的液面達(dá)到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水淺盤中滴下1滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜穩(wěn)定后，放在帶有正方形坐標(biāo)格的玻璃板下觀察油膜如圖1所示坐標(biāo)格的正方形大小為由圖可以估算出油膜的面積是 c（保留兩位有效數(shù)字由此估算出油酸分子的直徑是 保留一位有效數(shù)字。一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖2所示，其中ABt軸平行，已知在狀態(tài)A10L，那么變到狀態(tài)B時(shí)氣體的體積為，變到狀態(tài)C0℃時(shí)氣體壓強(qiáng)的倍。14分）做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，速度從v增加到2v時(shí)經(jīng)過(guò)的位移是a＝，它的速度從v3v時(shí)發(fā)生的位移是。1（4分）如圖所示，當(dāng)滑片位于最右端a＝0.2，由圖中信息可得R為，R'的最大功率為。1（4分）如圖是一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，已知圖中b位置的質(zhì)點(diǎn)起振比a位置c三．實(shí)驗(yàn)題（共3小題，滿分40分）1（10分）甲、乙兩個(gè)實(shí)驗(yàn)小組分別采用如圖、2時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律。已知他們使用的小車完全相同，小車的質(zhì)量為，重物的質(zhì)量為①甲、乙兩組實(shí)驗(yàn)必須平衡小車和長(zhǎng)木板之間的摩擦力的實(shí)驗(yàn)小組為 。A．甲B．乙C．都需要D②實(shí)驗(yàn)時(shí)，如果遺漏了平衡摩擦力這一步驟，作出的 a﹣F圖象，可能作出圖3中（）圖線。③甲、乙兩組實(shí)驗(yàn)必須滿足M m的實(shí)驗(yàn)小組是 。A．甲B．乙C．都需要D1（14分）如圖所示，豎直光滑圓軌道BE’分別和水平直軌道ABC相切于B點(diǎn)與′點(diǎn)B點(diǎn)與′在同一水平面但不重合，直軌道AB左端固定一彈射裝置，開始0.6C傳送帶與直軌道等高且與C端相連接。轉(zhuǎn)輪半徑L＝1m的傳送帶以恒定的線速度v＝1.0m/sH＝1.8mm＝0.1kgA點(diǎn)被彈出后通過(guò)光滑直軌道AB進(jìn)入豎直光滑圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)然后進(jìn)入粗糙的直軌道直光滑圓軌道半徑R＝0.2m，小物塊與直軌道、傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.4，直軌道的長(zhǎng)度S＝1m。求小物塊對(duì)圓軌道最高點(diǎn)E的壓力大小求小物塊最終停在何處DDxEpEp滿足的條件（彈簧始終處于彈性限）2（16分足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MPQ相距為BR0的金屬棒垂直放置在導(dǎo)軌上且始終與導(dǎo)軌接觸良好。兩金屬導(dǎo)軌的左端連接如圖所示的電路，其中R1＝2R0，R2＝4R0?，F(xiàn)將電阻箱R3的電阻調(diào)為12R0，對(duì)金屬棒施加一水平向右的恒力F，求：金屬棒上產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Emax；金屬棒運(yùn)動(dòng)的最大速率vmax；金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，棒與電阻R2的發(fā)熱功率之比 ；Q，則此過(guò)程中恒力F做的功W是多少？2021-2022學(xué)年上海市靜安區(qū)高三（上）期末物理模擬試卷（1）參考答案與試題解析一．選擇題（共12小題，滿分40分）13分）下列說(shuō)法中正確的是（ ）牛頓第一定律是有實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)的，隨著科學(xué)技術(shù)的發(fā)展是可以用實(shí)驗(yàn)來(lái)直接驗(yàn)證的戰(zhàn)斗機(jī)在空戰(zhàn)時(shí)甩掉副油箱是為了減小慣性，提高飛行的靈活性C．在水平地面上滑動(dòng)的木塊最終要停下來(lái)，是由于沒(méi)有外力來(lái)維持木塊運(yùn)動(dòng)的結(jié)果D．運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行110m性也越大【解答】解：A、牛頓第一定律是在實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，通過(guò)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，即使科學(xué)技術(shù)發(fā)展了也不能通過(guò)實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證的，故A錯(cuò)誤；B了通過(guò)減小其質(zhì)量，達(dá)到減小慣性提高飛行的靈活性的目的，故B正確；C力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，運(yùn)動(dòng)的物體如果不受力將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、慣性是物體本身的一種屬性，其大小只與質(zhì)量有關(guān)，慣性的大小和物體運(yùn)動(dòng)的速度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選：B。23分）下列關(guān)于速度、加速度的描述中，正確的是（ A．物體的速度變化量越大，加速度越大B．物體的速度為零時(shí)，加速度也為零C．物體的速度變化越快，加速度越大D．物體的加速度增大，速度也一定增大【解答】解：A、物體的速度變化量大，但所需時(shí)間更長(zhǎng)的話，物體速度的變化率可能很小，則加速度就會(huì)很小，故A錯(cuò)誤。B、物體的速度為零，但物體的加速度的變化率可以不為零，即物體的加速度不為零。故B錯(cuò)誤；C、加速度是反映速度變化快慢的物理量，所以物體的速度變化越快，加速度越大，故C正確；D、物體的加速度增大，物體可能在做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小越來(lái)越快，故D。33分）如圖甲所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在B兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖像，由圖可知，下列說(shuō)法中正確的是（ ）在t＝0.2s時(shí)，彈簧振子一定運(yùn)動(dòng)到B位置在t＝0.3st＝0.7s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的速度相同從t＝0t＝0.2s的時(shí)間內(nèi)，彈簧振子的動(dòng)能持續(xù)地減少在t＝0.2st＝0.6s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的加速度相同、在t＝0.2s在A點(diǎn)，也可能在B點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；Bx﹣t圖象的切線斜率表示速度，結(jié)合圖可知在t＝0.3s與t＝0.7s的速度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C、從t＝0到t＝0.2s的時(shí)間內(nèi)，振子的位移增加，振子遠(yuǎn)離平衡位置，故動(dòng)能減小，故C正確；D、在t＝0.2st＝0.6s兩個(gè)時(shí)刻，位移相反，根據(jù)a＝

可知，加速度大小相等，方向相反，故D。43分）在磁場(chǎng)中的B兩個(gè)位置各放一段長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的直導(dǎo)體棒L長(zhǎng)度很小。給兩導(dǎo)體棒分別通有大小相同的電流測(cè)得兩段導(dǎo)體棒收到的安培力大小分別為和下列判斷正確的是（ ）若、方向相同，則AB兩點(diǎn)磁場(chǎng)方向一定相同若F1＝F2A、B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等若F1＝0，則A0若F1＞F2A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能小于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【解答】解：A、由左手定則可知，若兩導(dǎo)體棒電流方向相反，F(xiàn)1、F2方向相同，則磁場(chǎng)方向是相反的，故A錯(cuò)誤；BF1＝F2A與電流方向平行，則F1＝F2＝0，但是兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不相等，故B錯(cuò)誤；C、若F1＝0，由安培力定義式可得：F＝BILsinθ，若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不為零，但磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與電流方向平行，即sinθ＝0，則安培力F＝0，故C錯(cuò)誤；DF1＞F2A角大于在BA點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能小于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，此時(shí)仍可能F1＞F2，故D正確；故選：D。53分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A． ②的溫度高B．能一直增大

由圖可知，氣體由狀態(tài)A變化到B的過(guò)程中，氣體分子平均動(dòng)由圖可知，當(dāng)分子間的距離r＞r0時(shí)，分子間的作用力先減小后增大由圖可知，在r的過(guò)程中分子力做負(fù)功【解答】解：A、溫度越高，速率大的分子數(shù)越多，由題圖甲可知狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度高，故A正確；B、在p﹣V圖像中等溫線為雙曲線，且越向外氣體的溫度越高，根據(jù)pV＝CT，由題圖乙可知在AB兩狀態(tài)pVA變化到B故氣體分子平均動(dòng)能先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)分子間的距離r＞r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，分子間距離增大時(shí)，分子力間的作用力先增大后減小，故C錯(cuò)誤；Dr＞r0r變到r2分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，故D錯(cuò)誤。故選：A。63分1.80.1（g取10m/2）是（）A．接球時(shí)球的速度大小為3m/sB．籃球自由下落時(shí)間約為1.2sC．手受到的平均作用力的大小是籃球重力大小的7D．手接觸籃球的整個(gè)過(guò)程，籃球處于失重狀態(tài)【解答】解：AB、由運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，籃球下落到該運(yùn)動(dòng)員手處的速度，由v2＝2gh解得：v＝6m/s＝0.6s，故AB錯(cuò)誤；C、從接觸該運(yùn)動(dòng)員手到停止運(yùn)動(dòng)，籃球的加速度為＝60m/s2，根據(jù)牛頓定律F﹣mg＝ma可得：F＝7mg，故C正確；D故D錯(cuò)誤。故選：C。73分）假設(shè)地球是一半徑為、質(zhì)量分布均勻的球體。一礦井深度為。已知質(zhì)量分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零礦井底部和地面處的重力加速度大小之比（ A1﹣ B．1+ C（ 2 D（ ）2解：令地球的密度為，則在地球表面，重力和地球的萬(wàn)有引力大小相等，有：g＝ ，由于地球的質(zhì)量為：M＝

，所以重力加速度的表達(dá)式可寫成：g＝ ＝ 。根據(jù)題意有，質(zhì)量分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零，固在深度為d的井底，受到地球的萬(wàn)有引力即為半徑等于（R﹣d）的球體在其表面產(chǎn)生的萬(wàn)有引力，故井底的重力加速度g′＝所以有 ＝故選：A。83分如圖所示一物體在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而處于靜止?fàn)顟B(tài)則下列說(shuō)法正確的是（ ）AB．物體可能受三個(gè)力作用C．物體一定受四個(gè)力D解：物體一定受重力，拉力F拉木塊，由于木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，水平方向必有摩擦力與拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，結(jié)合摩擦力的產(chǎn)生條件可知?jiǎng)t必有支持力，因而物體一定受到四個(gè)力，故ABD正確。故選：C。94分）矩形線圈abcd與導(dǎo)線平行，長(zhǎng)導(dǎo)線中已通如圖所示電流，則為使線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，則可采用的措施是（）A．將線圈水平向右移動(dòng)B．將線圈豎直向上移動(dòng)C．增大導(dǎo)線中的電流D．以AB為軸線圈轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程中abcd直于紙面向里；A減小，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤；B、將線圈豎直向上移動(dòng)．穿過(guò)線圈的磁場(chǎng)不變，則穿過(guò)線圈的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B錯(cuò)誤；C、增大導(dǎo)線中的電流，向里穿過(guò)線圈的磁場(chǎng)增大，則穿過(guò)線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，故C正確；D、以AB為軸線圈轉(zhuǎn)動(dòng)90變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯(cuò)誤。故選：C。1（4分）如圖所示，電荷q均勻分布在半球面上，球面的半徑為CD為通過(guò)半球頂點(diǎn)C與球心O的軸線PQ為CD軸上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)。如果帶電量為Q的均勻帶電球殼其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電勢(shì)都相等。則下列判斷正確的是（ ）A．P點(diǎn)的電勢(shì)與Q點(diǎn)的電勢(shì)相等B．帶正電的微粒在O點(diǎn)的電勢(shì)能為零C．在P點(diǎn)靜止釋放帶正電的微粒（重力不計(jì)，微粒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等向電勢(shì)逐漸降低，所以P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、本題沒(méi)有選取零勢(shì)點(diǎn)，所以帶正電的微粒在O點(diǎn)的電勢(shì)能不一定為零，故B錯(cuò)誤；C、電場(chǎng)線方向水平向右，所以在P點(diǎn)釋放靜止帶正電的微粒（重力不計(jì)速運(yùn)動(dòng)，距離遠(yuǎn)后電場(chǎng)力減小，所以是變加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；DPQ相同的位置上，而由題目給出的條件，正電球在Q兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)為零，所以，正電半球在Q點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度相當(dāng)于負(fù)電半球在QP點(diǎn)的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號(hào)相反，從而電場(chǎng)大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場(chǎng)強(qiáng)度相等，故D。14分）如圖，兩端開口的彎管，左管插入水銀槽中，管內(nèi)外水銀面高度差為1，右管有一段水銀柱，兩端液面高度差為h2，中間封有一段空氣。若（ ）溫度升高，則h1增大大氣壓升高，則h1增大彎管下移少許距離，則h1不變D．右管中滴入少許水銀，則h1【解答】p0ρp＝p0+ρgh1＝p0+ρgh2，解得：h1＝h2．A、如果溫度升高，封閉氣體壓強(qiáng)與體積都增大，h1、h2都增大，故A正確；B、若大氣壓升高時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)增大，由玻意耳定律pV＝C積減小，水銀柱將發(fā)生移動(dòng)，使h1和h2同時(shí)減小，故B錯(cuò)誤；C、若把彎管向下移動(dòng)少許，封閉氣體的體積減小，由玻意耳定律pV＝C可知，氣體壓強(qiáng)增大，h1、h2都增大，故C錯(cuò)誤；D12都增大，故D錯(cuò)誤。故選：A。1（4分）空間有平行于梯形區(qū)域abcd＝4c和∠d均bc＝2cmc4V10V。將一電荷量q＝﹣2×10﹣5C的點(diǎn)電荷從a點(diǎn)開始沿abcd（ ）A．梯形區(qū)域的下底ad中點(diǎn)的電勢(shì)為B．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為100 C．該點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電勢(shì)能為+2×10﹣5JD．該點(diǎn)電荷從a點(diǎn)移到d點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做功為+6×10﹣5J、由b點(diǎn)向ad作垂線，根據(jù)幾何關(guān)系知pad中點(diǎn)，由于是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故沿著同一個(gè)方向前進(jìn)相同距離電勢(shì)的降低相等，故：φb﹣φc＝φp﹣φd，φp＝代入數(shù)據(jù)解得：φp＝6V，φd＝8V，故A錯(cuò)誤。B、由于是勻強(qiáng)電場(chǎng)，連接bd則為等勢(shì)面，如圖所示：abba＝ ＝ V/cm＝100 V/mB正確；C、該點(diǎn)電荷在c點(diǎn)的電勢(shì)能為＝qφc＝﹣2×10﹣5×10J＝﹣2×10﹣4J，故C錯(cuò)誤；D、該點(diǎn)電荷從a點(diǎn)移到d點(diǎn)電場(chǎng)中做功為﹣5J，故D錯(cuò)誤。故選：B。二．填空題（共5小題，滿分20分，每小題4分）1（4分）電量為219C的負(fù)點(diǎn)電荷，放入水平向左的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為100N/C2×10﹣7，方向水平向右（平向，如果把負(fù)電荷拿走，此處的電場(chǎng)強(qiáng)度為100N/C?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)電場(chǎng)力公式可知，F(xiàn)＝qE＝2×10﹣9×100N＝2×10﹣7N；負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反，故電場(chǎng)力方向水平向右；電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定的，負(fù)電荷拿走后，此處的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，仍為100N/C。故答案為：2×10﹣7；水平向右；100。14分）在“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，有下列實(shí)驗(yàn)步驟：①往邊長(zhǎng)約為40cm的淺盤里倒入約2cm深的水，待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上；②用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定；③將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大??；④用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積；⑤將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。完成下列填空：上述步驟中，正確的順序是④①②⑤③（填寫步驟前面的數(shù)字。“用油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中用移液管量取0.25mL油酸倒入標(biāo)注250mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250mL的溶液；然后用滴管吸取這種溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面達(dá)到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水淺盤中滴下1滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜穩(wěn)定后，放在帶有正方形坐標(biāo)格的玻璃板下觀察油膜如圖1所示坐標(biāo)格的正方形大小為由圖可以估算出油膜的面積是2.6×102 保留兩位有效數(shù)字由此估算出油酸分子的直徑是×1010 （保留一位有效數(shù)字。一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖2所示，其中ABt軸平行，已知在狀態(tài)A10LB時(shí)氣體的體積為20C0℃時(shí)氣體壓強(qiáng)的2倍。“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：配制酒精油酸溶液→測(cè)定一滴酒精油酸溶液的體積（題中的④）→準(zhǔn)備淺水盤形成油膜②）→描繪油膜邊緣，測(cè)量油膜面積⑤）→計(jì)算分子直徑。故實(shí)驗(yàn)步驟為：④①②⑤③1cm的正方形為單位計(jì)算輪廓內(nèi)正方形的個(gè)數(shù)由圖示油膜可知，正方形的個(gè)數(shù)是：66個(gè)，油膜面積為：S＝66×2×2cm2＝2.6×102cm2；由1mL溶液為100滴可知滴溶液的體積為mL又已知250mL溶液中有純油酸0.25mL則2滴溶液中含純油酸的體積為V＝1× × mL＝1×10﹣5mL＝1×10﹣5cm3油酸分子直徑d＝＝ cm≈4×10﹣8cm＝4×10﹣10m從A→B，根據(jù)蓋?呂薩克定律知： 其中TA＝273K，TB＝2×273K，VA＝10L，解得：VB＝20L從B→C，根據(jù)查理定律知： ＝其中，TC＝（273+819）K＝1092K， 解得： ＝2pA1）2.×1，41﹣10（）2，；14分）做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，速度從v增加到2v時(shí)經(jīng)過(guò)的位移是，物體的加度a＝ ，它的速度從v增加到3v時(shí)發(fā)生的位移是 。【解答】解：設(shè)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移關(guān)系公式有：（2v）2﹣v2＝2ax（3v）2﹣v2＝2ax′解得：a＝ ，故答案為： ，1（4分）如圖所示，當(dāng)滑片位于最右端a點(diǎn)時(shí)＝0.2，由圖中信息可得R的阻值最為10Ω的最大功率為0.45W 。U﹣I斜率表示電源內(nèi)阻和定值電阻R的阻值之和，r+R＝5Ω，分析電路可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片位于最右端a點(diǎn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大，此時(shí)干路電流：I＝0.2A，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓：U'＝E﹣I（R+r）＝2V根據(jù)歐姆定律可知的最大阻值＝10ΩRR+r＝0.45W。故答案為：10Ω；0.45W。1（4分）如圖是一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，已知圖中b位置的質(zhì)點(diǎn)起振比a位置的質(zhì)點(diǎn)晚和c之間的距離是5m，則此列波的波長(zhǎng)為 5m ，頻率為 1Hz 兩點(diǎn)的距離等于波長(zhǎng)，則λ＝5m；ab間的距離是半個(gè)波長(zhǎng)，則有0.5s＝0.5T，所以T＝1s，則 ；故答案為：5m；1Hz三．實(shí)驗(yàn)題（共3小題，滿分40分）1（10分）甲、乙兩個(gè)實(shí)驗(yàn)小組分別采用如圖、2時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律。已知他們使用的小車完全相同，小車的質(zhì)量為，重物的質(zhì)量為①甲、乙兩組實(shí)驗(yàn)必須平衡小車和長(zhǎng)木板之間的摩擦力的實(shí)驗(yàn)小組為 C 。A．甲B．乙C．都需要D②實(shí)驗(yàn)時(shí)，如果遺漏了平衡摩擦力這一步驟，作出的a﹣F圖象，可能作出圖3中 丙（）圖線。③甲、乙兩組實(shí)驗(yàn)必須滿足M?m的實(shí)驗(yàn)小組是 A 。A．甲B．乙C．都需要D【解答】解：已知兩個(gè)小車完全相同，小車的質(zhì)量為M，重物的質(zhì)量為m，本題考查實(shí)驗(yàn)過(guò)程和注意事項(xiàng)：①由于是用拉力代替合力的，兩組裝置不可避免受到阻力，所以均需平衡阻力，故選：C；②如果遺漏了平衡阻力這一步，則由于阻力的作用，當(dāng)拉力為某一值時(shí)，但小車不動(dòng)即加速度為零，則作出的a﹣F圖象是丙圖線；③M?mmg2以乙組同學(xué)不需要，甲組同學(xué)必須滿足該條件。故答案為：①C；②丙；③A1（14分）如圖所示，豎直光滑圓軌道BE’分別和水平直軌道ABC相切于B點(diǎn)與′點(diǎn)B點(diǎn)與′在同一水平面但不重合，直軌道AB左端固定一彈射裝置，開始0.6C傳送帶與直軌道等高且與C端相連接。轉(zhuǎn)輪半徑L＝1m的傳送帶以恒定的線速度v＝1.0m/sH＝1.8m看做質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量m＝0.1kgA通過(guò)光滑直軌道AB進(jìn)入豎直光滑圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)然后進(jìn)入粗糙的直軌道豎直光滑圓軌道半徑R＝0.2m，小物塊與直軌道、傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.4，直軌道的長(zhǎng)度S＝1m。求小物塊對(duì)圓軌道最高點(diǎn)E的壓力大小求小物塊最終停在何處DDxEpEp滿足的條件（彈簧始終處于彈性限））根據(jù)能量守恒定律可得：EP＝ +2mgR，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN﹣mg＝m聯(lián)立解得：FN＝1.0N根據(jù)牛頓第三定律可得：F′N＝1.0N根據(jù)題意可得，滑塊離開B′向右滑行S1W﹣mg＝，解得：