2020高考物理一輪總復習第六章動量能力課解決動力學問題的“三大”觀點練習(含解析)新人教版

1、2020高考物理一輪總復習第六章動量能力課解決動力學識題的“三大”看法練習(含分析)新人教版2020高考物理一輪總復習第六章動量能力課解決動力學識題的“三大”看法練習(含分析)新人教版13/132020高考物理一輪總復習第六章動量能力課解決動力學識題的“三大”看法練習(含分析)新人教版能力課解決動力學識題的“三大”看法一、選擇題1.(2018屆山東省天成第二次大聯考)如下圖，質量為m的小車左端緊靠豎直墻壁但1不固定，其左邊AB部分為4圓滑圓弧軌道，半徑為R，軌道最低點B與水平粗拙軌道BC相切，2，將質量也為的物塊(可視為質點)從A點無初速度開釋，只考慮物塊與間BCRmBC2BC運動的位移大小為

2、()的摩擦，其動摩擦因數為3，其他全部摩擦不計，則物塊相對3BRA.4R4C.3RD2R分析：選A物塊從A下滑到B的過程中，小車保持靜止，對物塊，由機械能守恒定律得12mgR2mv0從B到C的過程中，小車和物塊構成的系統(tǒng)水平方向動量守恒有mv02mv從B到C的過程中，由功能關系得102122mgxmv2mv23解得x4R，故A正確2.(多項選擇)如下圖，質量為M1kg的木板靜止在圓滑水平面上，一個質量為m3kg的滑塊以初速度v02m/s從木板的左端向右滑上木板，滑塊一直未走開木板則下邊說法正確的選項是()A滑塊和木板的加快度大小之比是13B整個過程中因摩擦產生的內能是1.5JC能夠求出木板的最

3、小長度是1.5mD從開始到滑塊與木板相對靜止這段時間內，滑塊與木板的位移之比是73分析：選ABD因水平面圓滑，滑塊與木板所受的合外力為一對滑動摩擦力，大小相等，方向相反，由牛頓第二定律可知，其加快度大小之比為amM1，故A正確；滑塊與木板組aMm3成的系統(tǒng)動量守恒，最后二者同速，有0()，解得v1.5m/s，由能量守恒定律mvMmv可得整個過程中因摩擦產生的內能1021()21.5J，故B正確；因為不知道動Q2mv2Mmv摩擦因數和滑塊與木板的相對運動時間，不可以求出木板的最小長度，故C錯誤；從開始到滑塊與木板相對靜止這段時間內，滑塊運動的位移0，木板的位移v，二者之比x1vvtx222tx1

4、v0v21.571.5，故D正確x2v33.(2018屆德州一模)如下圖，在足夠長的圓滑水平面上有一靜止的質量為2的Mm斜面，斜面表面圓滑、高度為h、傾角為.一質量為m的小物塊以必定的初速度沿水平面向右運動，不計沖上斜面過程中機械能損失假如斜面固定，則小物塊恰能沖到斜面頂端如果斜面不固定，則小物塊沖上斜面后能抵達的最大高度為()Ah/3Bh/2C2h/3Dh12分析：選C斜面固準時，由動能定理得mgh02mv0，解得v02gh；斜面不固準時，由水平方向動量守恒得mv(Mm)v，由機械能守恒得1212mv(Mm)vmgh，解02022得hhh.應選C.Mm3二、非選擇題4.(2018屆陜西安康期

5、末)如下圖，三個小木塊A、B、C靜止在足夠長的圓滑水平軌道上，質量分別為mA0.1kg，mB0.1kg，mC0.3kg，此中B與C用一個輕彈簧固定連接開始時整個裝置處于靜止狀態(tài)；A和B之間有少量塑膠炸藥(質量不計)，現引爆塑膠炸藥，若炸藥爆炸產生的能量有E0.4J轉變成A和B沿軌道方向的動能分別求爆炸后瞬時A、B的速度大??；求彈簧彈性勢能的最大值；分別求彈簧恢復到原長時B、C的速度大小分析：(1)塑膠炸藥爆炸瞬時取A和B為研究對象，假定爆炸后瞬時A、B的速度大小分別為vA、vB，取向右為正方向，由動量守恒mAvAmBvB01212爆炸產生的能量有0.4J轉變成A、B的動能E2mAvA2mBvB

6、解得vAvB2m/s.(2)取B、C和彈簧為研究系統(tǒng)，當彈簧第一次被壓縮到最短時，B、C達到共同速度vBC，此時彈簧的彈性勢能最大，設為pmE由動量守恒mBvB(mBmC)vBC1212由能量守恒定律2mBvB2(mBmC)vBCEpm解得Epm0.15J.(3)設B、C之間的彈簧第一次恢復到原長時B、C的速度分別為vB1和vC1，則由動量守恒和能量守恒，有mvmv1mv1BBBBCC1212122mvB2mv2mvBBB1CC1解得v1m/s(負號表示方向向左，即B的速度大小為1m/s)，v1m/s(v2B1C1B1m/s，vC10m/s不切合題意，舍去)答案：(1)2m/s2m/s(2)0

7、.15J(3)1m/s1m/s5(2019屆廣東湛江調研)如下圖，粗拙的水平面上擱置一塊足夠長的長木板，在CC的左端點擱置一個物塊A，在距離A為s4.5m處擱置一個物塊B，物塊A和B均可視為質點，已知物塊A的質量為2m，物塊B和長木板C的質量均為m1kg，物塊A和B與長木板C之間的動摩擦因數10.5，長木板C與地面之間的動摩擦因數20.2.此刻對A施加一個水平向右的推力F14N，使物塊A向右運動，A與B碰撞前B相對于C保持靜止，物塊A和B碰撞后水平推力大小變成F18N若物塊A和B碰撞時作用時間極短，粘在一起不再分別問：物塊A和B碰撞前，物塊B遇到長木板C的摩擦力多大？物塊A和B碰撞過程中，AB

8、損失的機械能是多少？物塊A和B碰撞后，物塊AB在C上還可以滑行多遠？分析：設A和C發(fā)生相對滑動，對物塊A，應用牛頓第二定律得F12mg2ma1代入數據解得a12m/s2.對B和C整體應用牛頓第二定律，12mg2(2m2m)g2ma2代入數據解得a21m/s2因為a1a2，假定建立B遇到C的摩擦力為fma21N.設A運動經過時間t1與B發(fā)生碰撞，由運動學公式可得s121211212at2at代入數據解得t13s此時vAa1t16m/s，vBCa2t13m/sA和B碰撞過程，由動量守恒定律，2mvAmvBC(2mm)v1代入數據解得v15m/s碰撞損失時械能為1212122mvAmvBC(2mm)

9、v13J.E222(3)物塊A和B碰撞后，系統(tǒng)遇到地面摩擦力為f系(2m2m)g8NF21所以A、B、C構成的系統(tǒng)動量守恒，設最后的共同速度為v2，可得2mvA2mvBC(2m2m)v2代入數據解得v24.5m/sA、B碰撞后到ABC相對靜止，AB的總質量為3m，行進s，由動能定理得11212(F113mg)s123mv223mv1代入數據解得s157m56碰撞后對，設C的位移為s2，由動能定理得ABC(1324)121222mgmgs2mv2mvBC45代入數據解得256ms物塊A和B碰撞后，物塊AB在C上還可以滑行距離為ss1s257m45m3m.5656143答案：(1)1N(2)3J(

10、3)14m6(2018屆湖南長郡中學實驗班選拔考試)如下圖，質量分別為A，B3的、mmmmAB兩物體擱置在圓滑的水平面上，此中A物體緊靠圓滑墻壁，A、B兩物體之間用輕彈簧相連對B物體遲緩施加一個水平向右的力，使A、B兩物體之間彈簧壓縮到最短并鎖定，此過程中，該力做功為0，現忽然撤去外力并排除鎖定，(設重力加快度為g，、B兩物體體積很小，WA可視為質點)求：從撤去外力到A物體開始運動，墻壁對A物體的沖量IA大??；A、B兩物體走開墻壁后抵達圓軌道以前，B物體的最小速度vB是多大；(3)若在B物體獲取最小速度瞬時離開彈簧，從圓滑圓形軌道右邊小口進入(B物體進入后小口自動關閉構成完好的圓形軌道)圓形軌

11、道，要使B物體不離開圓形軌道，試求圓形軌道半徑R的取值范圍分析：(1)設彈簧恢還原長時，物體B的速度為vB0，32由能量守恒有：W02mvB02W0解得vB03m此過程中墻壁對物體A的沖量大小等于彈簧對物體A的沖量大小，也等于彈簧對物體B的沖量大小，有I3mvB06mW0.(2)當彈簧恢還原長后，物體A走開墻壁，彈簧伸長，物體A的速度漸漸增大，物體B的速度漸漸減小當彈簧再次恢復到原長時，物體A達到最大速度，物體B的速度減小到最小值，此過程知足動量守恒、機械能守恒，有3mvB0mvA3mvB12123223mvB02mvA2mvB1W解得vBvB006.2m恰巧過最高點不離開圓形軌道，有1212

12、2mBvB2mBv1mBg2R，2v1mBgmBRWW解得R00，所以R30mg30mg12恰巧過圓形軌道圓心等高處mvmgR2BBB解得RW0W0.，所以R12mg12mg答案：(1)0W0(3)RW0W06mW(2)6m30或R12mgmg7.如下圖，水平固定一個圓滑長桿，有一個質量為2m小滑塊A套在細桿上可自由滑動在水平桿上豎直固定一個擋板P，小滑塊靠在擋板的右邊處于靜止狀態(tài)，在小滑塊的下端用長為L的細線懸掛一個質量為m的小球B，將小球拉至左端水平川點使細線處于自然長度，由靜止開釋，已知重力加快度為g.求：小球第一次運動到最低點時，細繩對小球的拉力大?。恍∏蜻\動過程中，相對最低點所能上漲

13、的最大高度；小滑塊運動過程中，所能獲取的最大速度分析：(1)小球第一次擺到最低點過程中，由機械能守恒定律得12mgL2mv得v2gL2v解得，小球抵達最低點時，細線對小球的拉力大小F3mg.小球與滑塊共速時，滑塊運動到最大高度h.取水平向右為正方向，由動量守恒定律與機械能守恒定律得mv(2mm)v共12122mvmgh2(2mm)v共2聯立解得h3L.(3)小球擺回最低點，滑塊獲取最大速度，此時小球速度為v1，滑塊速度為v2122mvmvmv1212122mv22mv2mv122解得v232gL.答案：(1)3mg(2)2(3)223L3gL|學霸作業(yè)|自選一、選擇題1.如下圖，在圓滑水平面上

14、擱置一個質量為的滑塊，滑塊的一側是一個1弧形凹槽M4OAB，凹槽半徑為R，A點切線水平還有一個質量為m的小球以速度v0從A點沖上凹槽，重力加快度大小為g，不計摩擦以下說法中正確的選項是()A當v02gR時，小球能抵達B點B假如小球的速度足夠大，球將從滑塊的左邊走開滑塊后落到水平面上C當v02gR時，小球在弧形凹槽上運動的過程中，滑塊的動能向來增大2v0D假如滑塊固定，小球返回A點時對滑塊的壓力為mR分析：選C弧形槽不固定，當v02gR時，小球沿槽上漲的高度為h，則有mv0(m)121)2，解得MEk，所以甲、乙兩物塊能夠經過E點答案：(1)20m/s(2)166.25J(3)甲、乙兩物塊能夠經

15、過E點7(2019屆山東煙臺一中月考)某工地某一傳輸工件的裝置可簡化為如下圖的情況，AB15.6m，BC為一段足夠長的水平軌道，CD為一段足夠大的圓弧固定軌道，圓弧半徑4R1r1m，三段軌道均圓滑一長為L2m、質量為M1kg為一段4圓弧軌道，圓弧半徑的平板小車最先停在BC軌道的最左端，小車上表面恰巧與AB軌道相切，且與CD軌道最低點處于同一水平面一可視為質點、質量為m2kg的工件從距AB軌道最低點h高處沿軌道自由滑下，滑上小車后帶動小車也向右運動，小車與CD軌道左端碰撞(碰撞時間極短)后即被粘在C處工件只有從CD軌道最高點飛出，才能被站在臺面DE上的工人接住工件與小車的動摩擦因數為20.5，取

16、g10m/s.(1)若2.8m，則工件滑到圓弧底端B點時對軌道的壓力為多大？h要使工件能被站在臺面DE上的工人接住，求h的取值范圍分析：(1)工件從起點滑到圓弧軌道底端B點，設到B點時的速度為vB，依據動能定理12mgh2mvB2vB工件做圓周運動，在B點FNmgmR由兩式可解得FN40N依據牛頓第三定律得壓力FNFN40N方向豎直向下因為BC軌道足夠長，要使工件能抵達CD軌道，工件與小車一定能達共速，設工件剛滑上小車時的速度為v0，工件與小車達共速時的速度為v1，假定工件抵達小車最右端才與其共速，規(guī)定向右為正方向，則對于工件與小車構成的系統(tǒng)，由動量守恒定律得0()1mvmMv由能量守恒定律得121)20(1mgL2mv2mMv對于工件從AB軌道滑下的過程，由機械能守恒定律得12mgh2mv0代入數據解得h3m要使工件能從CD軌道最