2023學年福建省云霄立人xx學校物理高二第一學期期中復習檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、為了解釋地球的磁性，19世紀安培假設(shè)：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的在下列四個圖中，正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是（ ）ABCD2、一面積為S的線圈，放在磁感應

2、強度為B的勻強磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，則穿過線圈的磁通量為（）A0；BB/S；CS/B；DBS3、如圖所示，平行線代表電場線，但未指明方向，帶電荷量為1.010-2 C的正電粒子，在電場中只受電場力作用當由A點運動到B點時，動能減少了0.1 J已知A點電勢為-10 V，則 ( )A該粒子由A到B的過程中電勢能減小BB點的電勢是-20 V，粒子運行的軌跡是1CB點的電勢是0，粒子運行的軌跡是2DB點的電勢是0，粒子運行的軌跡是14、如圖所示，a、b、c是由正點電荷形成的電場中一條電場線上的三個點，已知ab=bc，a、b兩點間電勢差為10V，則b、c兩點間電勢差()A小于10VB等于10V

3、C大于10VD條件不足，無法判斷5、如圖所示，把原來不帶電的金屬殼B的外表面接地，將一帶正電的小球A從小孔中放入金屬殼內(nèi)，但不與B發(fā)生接觸，達到靜電平衡狀態(tài)后，則()AB的空腔內(nèi)電場強度為零BB不帶電CB的外表面帶正電DB的內(nèi)表面帶負電6、如圖所示的電路中，電源電動勢為 E ，內(nèi)阻為 r，R 為可變電阻，其余電阻為定值電阻。則開關(guān) S 閉合后，當R變小時，以下說法正確的是 ( )A電阻 R1 的功率變小B電阻 R2 的功率變大C電阻 R3 的功率變大D電阻 R4 的功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分

4、，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，靜止的電子在加速電壓U1的作用下從O經(jīng)P板的小孔射出，又垂直進入平行金屬板間的電場，在偏轉(zhuǎn)電壓U2的作用偏轉(zhuǎn)一段距離，現(xiàn)使U1加倍，要想使電子的軌跡不發(fā)生變化，應該（ ）A使U2加倍B使U2變?yōu)樵瓉淼?倍C僅使偏轉(zhuǎn)電場板間距離變?yōu)樵瓉淼?.5倍D使U2變?yōu)樵瓉淼?2倍8、如圖所示,一個質(zhì)量為m的物體以某一速度從A點沖上傾角為30的斜面,其運動的加速度大小為,這物體在斜面上上升的最大高度為h,則在這一過程中 ( )A重力勢能增加了B機械能損失了C動能損失了mghD合外力對物體做功為9、虛線a、b和c是某靜電場中的三個等勢而，它們的電勢分別為a、

5、b和c，cba一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如實線KLMN所示，可知（ ）A粒子從K到L的過程中，電場力做負功B粒子從L到M的過程中，電場力做負功C粒子從K到L的過程中，電勢能減少D粒子從L到M的過程中，動能增加10、有A、B兩個電阻，它們的伏安特性曲線如圖所示，從圖線可以判斷( )A電阻A的阻值大于電阻BB電阻A的阻值小于電阻BC兩電阻串聯(lián)時，電阻A消耗的功率較小D兩電阻并聯(lián)時，流過電阻B的電流強度較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，用該實驗研究閉合電路的歐姆定律，開關(guān)閉合前滑動變阻器R的滑片滑到_（填“左側(cè)

6、”或“右側(cè)”），根據(jù)實驗測得的幾組U、I數(shù)據(jù)作出U-I圖象如圖所示，由圖象可確定：該電源的電動勢為_V，電源的內(nèi)電阻為_（結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位）12（12分）在練習使用多用電表時，某同學將選擇開關(guān)撥至歐姆“”擋，歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖甲中虛線框內(nèi)的電路，其中定值電阻與電流表的內(nèi)之比，電流表的量程已知，故能正確讀出流過電流表的電流值，歐姆表已經(jīng)進行了必要的調(diào)零。該同學想用一個電阻箱較精確地測出該倍率下電路中電源的電動勢和歐姆表的總內(nèi)阻，他的操作步驟是：將歐姆表與電阻箱連成圖甲所示的閉合回路；改變電阻箱阻值，記下電阻箱示數(shù)和與之對應的電流表的示數(shù)；將記錄的各組、的數(shù)據(jù)描點在圖乙中，得到圖線，

7、如圖乙所示；根據(jù)圖乙作得的圖線，求出電源的電動勢和歐姆表的總內(nèi)阻。(1)圖甲中，表筆的顏色是_，電源的電動勢為_（一位有效數(shù)字），歐姆表總內(nèi)阻為_（三位有效數(shù)字）。電流表的量程是_（一位有效數(shù)字）。 (2)若該同學將圖乙中電流表并聯(lián)一個定值電阻，組成一個新的歐姆表，這個新歐姆表的倍率較之改裝前歐姆表的倍率_（填“變大”、或者“變小”、或者“相同”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲發(fā)出(初速度不計)，經(jīng)燈絲與A板間的電壓U1=500V加速，從A板中心孔沿中心線射出，然后進

8、入平行金屬板M、N形成的勻強偏轉(zhuǎn)電場中，電子進入MN間電場時的速度方向與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點。已知MN兩板間的電壓U2=40V，兩板間距離d=2.4cm，板長L1=6.0cm，板右端到熒光屏的距離為L2=6cm，電子的質(zhì)量m=910-31kg，電荷量e=1.610-19C.不計重力，求：（1）電子穿過A板時的速度大?。唬?）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；（3）電子束打到熒光屏上的位置P點到O點的距離為多少？14（16分）如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m、電荷量為q，從靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，微粒射出電場時的偏轉(zhuǎn)角為已知偏轉(zhuǎn)電場

9、中金屬板長L，兩板間距d，帶電微粒重力忽略不計求：（1）帶電微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的速率v1；（1）偏轉(zhuǎn)電場中兩金屬板間的電壓U115（12分）在傾角為30的光滑斜面上垂直紙面放置一根長為L、質(zhì)量為m的直導體棒，通有垂直紙面向里的電流I。（1）若勻強磁場垂直于斜面向下，導體棒恰好靜止在斜面上，磁感應強度B的大小為多少？（2）若勻強磁場豎直向下，導體棒恰好靜止在斜面上，磁感應強度B的大小為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】要知道環(huán)形電流的方向首先要知道地磁場的分布情況：地磁的南極在地理北極的附近，故右手

10、的拇指必需指向南方，然后根據(jù)安培定則四指彎曲的方向是電流流動的方向從而判定環(huán)形電流的方向【詳解】地磁的南極在地理北極的附近，故在用安培定則判定環(huán)形電流的方向時右手的拇指必需指向南方；而根據(jù)安培定則：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動的方向，故四指的方向應該向西故B正確【點睛】主要考查安培定則和地磁場分布，掌握安培定則和地磁場的分布情況是解決此題的關(guān)鍵所在另外要掌握此類題目一定要樂于伸手判定2、D【解析】根據(jù)磁通量的定義可知，線圈在勻強磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，則穿過線圈的磁通量是，故D正確，A、B、C錯誤；故選D。3、D【解析】帶正電的微粒僅受電場力的作用，從A點運動到B點時動

11、能減少了10-5J，說明電場力做負功，可分析出電場力方向水平向左，根據(jù)曲線運動的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，可知其軌跡為1，還可判斷出電場線的方向根據(jù)動能定理求出AB間的電勢差，由，可求出B點的電勢【詳解】根據(jù)動能定理得：，得，又，則故B錯誤；帶正電的微粒僅受電場力的作用，從A點運動到B點時動能減少了10-5J，說明電場力做負功，則知電場力方向水平向左,電勢能增加故A錯誤根據(jù)曲線運動的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故微粒的運動軌跡是如圖虛線1所示故C錯誤，D正確；故選D【點睛】根據(jù)軌跡彎曲的方向要能判斷出合力的方向，結(jié)合電場的性質(zhì)，根據(jù)動能定理求出電勢差，再求電勢，都是常規(guī)的方法4、A【解析】已知Uab=10V

12、，由圖可知電場線的方向向右，而a、b、c是由正點電荷形成的電場中一條電場線上的三個點，則正電荷在a的左端，所以ab之間的平均場強一定大于bc之間的平均場強，由U=Ed可得b、c兩點間電壓一定小于10V；故A正確，BCD錯誤故選：A?！军c睛】本題考查了正點電荷周圍的電場強度、電勢、電勢差的情況，知道電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢降低，根據(jù)點電荷的周圍電場分布情況可正確解答本題就是考查學生基礎(chǔ)知識的掌握，加強基礎(chǔ)知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題5、D【解析】由于靜電感應，金屬球殼B內(nèi)壁感應出負電荷，A帶正電，則B的空腔內(nèi)電場強度不為零金屬

13、球殼B外表面接地，大地中電子跑到球殼B上將正電荷中和，所以B帶負電靜電平衡后，金屬球殼B是一個等勢體D正確，思路分析：靜電平衡后，由于靜電感應，金屬球殼B內(nèi)壁感應出負電荷，外表面接地，不帶電B的空腔內(nèi)電場強度不為零金屬球殼B是一個等勢體試題點評：本題考查對于感應起電的理解能力抓住靜電平衡導體的特點，就能正確解答6、B【解析】由圖看出電路的結(jié)構(gòu)是：電變阻器R與電阻R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，再與R4并聯(lián)后與R2串聯(lián)當R變小時，外電路總電阻的變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：干路中電流I變大，電阻R2的功率變大；R4電壓U4=E-I（R1+r），I變大，U4變小，通過R4的電流I4變小，電阻 R4 的功率

14、變小，故D錯誤；通過R1的電流I1=I-I4，I變大，I4變小，則I1變大，R1的功率變大；R1的電壓U1也變大，電阻R3的電壓U3=U4-U1，U4變小，U1變大，U3變小，R3的功率變??；所以電阻R1的功率變大，電阻R2的功率變大，電阻R3的功率變小，電阻R4的功率變小，故B正確，ACD的錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】設(shè)平行金屬板板間距離為d，板長為l電子在加速電場中運動時，由動能定理得：eU1=12mv02垂直進入平行金屬板間的電

15、場做類平拋運動，則有：水平方向：l=v0t，豎直方向：y=12at2，vy=at，又a=eU2md ，tan=vyv0；聯(lián)立以上四式得：偏轉(zhuǎn)距離y=U2l24dU1 ，偏轉(zhuǎn)角度tan=U2l2dU1，現(xiàn)使U1加倍，要想使電子的運動軌跡不發(fā)生變化，偏轉(zhuǎn)距離y和偏轉(zhuǎn)角度tan都不發(fā)生變化，則必須使U2加倍；或者僅使偏轉(zhuǎn)電場板間距離d變?yōu)樵瓉淼?.5倍，故選項AC正確，BD錯誤；故選AC點睛：本題電子先加速，后偏轉(zhuǎn)，根據(jù)動能定理和牛頓運動定律、運動學公式結(jié)合得到偏轉(zhuǎn)距離y=U2l24dU1，偏轉(zhuǎn)角度tan=U2l2dU1，采用的是常規(guī)思路8、BD【解析】由題意知，物體在斜面上上升的最大高度為h，克服

16、重力做功為mgh，則重力勢能增加了mgh故A錯誤；根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin30+f=ma，得到摩擦力大小為f=，物體克服摩擦力做功為Wf=f2h=，由功能關(guān)系知物體的機械能損失了，故B正確；合力對物體做功為W合=-ma2h=-，故D正確，又由動能定理得知，物體動能損失了，故C錯誤9、AD【解析】試題分析：根據(jù)三個等勢面的電勢關(guān)系abc，可知此電場是正的點電荷形成 ，故根據(jù)粒子的運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；粒子從K到M的過程中，電勢先升高后降低，電勢能先變大后減小，電場力先做負功后做正功，選項B錯誤；粒子從K到L的過程中，電勢升高，則電勢能增加，選項C正確；粒子從L到M的過程中，

17、電勢降低，電勢能減小，則動能增加，選項D正確；故選CD.考點：帶電粒子在電場中的運動10、BC【解析】伏安特性曲線中直線的斜率表示的是電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率的大小可以判斷AB電阻的大??；根據(jù)電阻的大小，再由歐姆定律可以判斷流過電阻的電流的大??；【詳解】A、I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，A圖線的斜率大，則A的電阻小，故A錯誤，B正確；C、當兩電阻串聯(lián)時，電阻的電流相同，由P=I2R可得，電阻小的電阻的功率小，所以電阻A消耗的功率較小，所以C正確；D、兩電阻并聯(lián)時，即電壓相同的時，由于A的電阻小，流過電阻A的電流強度較大，則流過電阻B的電流強度較小，所以D錯誤?！军c睛】本題就是考查學生對于伏安特性

18、曲線的理解，在做題時一定要區(qū)分開U-I圖象和I-U圖象，不同的圖象中的直線的斜率的含義不同。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左側(cè) 1.40 0.57 【解析】試題分析：為保證電路安全，開關(guān)閉合前滑動變阻器R的滑片滑到最左端電阻最大的位置；，由圖象可確定：該電源的電動勢為1.40V，電源的內(nèi)電阻為：考點：測量電源的電動勢及內(nèi)阻.12、黑 變小 【解析】(1)1 由圖甲所示可知，a與電源正極相連，則a表筆是黑色的；23 電流表G與定值電阻并聯(lián)，由題意可知則有由圖甲所示，根據(jù)閉合回路歐姆定律得變形得由圖乙所示圖象可知，圖象縱軸截距圖象斜率

19、解得E=8V內(nèi)阻 4由歐姆定律得電流表的量程為(2) 5 將圖甲中電流表G并聯(lián)一個定值電阻，組成一個新的歐姆表（表盤刻度不變），歐姆表電流變大，內(nèi)阻減小，新歐姆表的倍率較改裝前歐姆表的倍率變小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）43107m/s（2）310-3m（3）1.210-2m?！窘馕觥侩娮釉诩铀匐妶鲋校蓜幽芏ɡ砬蠼猥@得的速度v0；電子在偏轉(zhuǎn)電場內(nèi)做類平拋運動，由牛頓第二定律求得加速度，電子水平方向做勻速直線運動，由水平位移L1和v0求出運動時間，電子在豎直方向做初速度為零的勻加速運動，由位移時間公式求解側(cè)移量y；根據(jù)幾何關(guān)系求解P到O點的距離；【詳解】（1）電子在電場中加速過程，由動能定理得：eU1=12mv02解得：v0=2eU1m=21.610-19500910-31m/s=43107m/s；（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，水平方向有L1=v0t電子在偏轉(zhuǎn)中的加速度為：a=Fm=U2edm豎直方向有：y=12at2聯(lián)立解得：y=310-3m；（3）