2023學(xué)年定西市重點中學(xué)物理高二上期中綜合測試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r.設(shè)電流表A的讀數(shù)為I，電壓表V的讀數(shù)為U，當(dāng)R5的滑動觸點向圖中的a端移動時()AI變小BI變大CU變大DU變小2、一段長為L，電阻

2、為R的均勻電阻絲，把它拉制成4L長的均勻細(xì)絲后，其電阻值為ABCD3、如圖所示，abcd是邊長為L的正方形回路，處在斜向左上的勻強磁場中，磁場方向與回路平面呈45度角，ab，cd為金屬棒，ad,bc為細(xì)的金屬絲，金屬絲的質(zhì)量不計，ab金屬棒固定且兩端通過導(dǎo)線與另一側(cè)的電源相連，連接在另一端的cd金屬棒剛好能懸在空中且正方形回路處于水平，cd段金屬棒的質(zhì)量為m通過回路的磁通量為，重力加速度為g則cd棒中電流的大小和方向：AmgL，方向從d到c BmgL，方向從c到dC2mgL，方向從d到c D2mgL,方向從c到d4、電場中有一點P，下列哪種說法是正確的( )A若放在P點電荷的電荷量減半，則P點

3、的場強減半B若P點沒有試探電荷，則P點場強為零CP點的場強方向為試探電荷在該點的受力方向DP點場強越大，則同一電荷在P點所受靜電力越大5、如圖所示，一帶電粒子從平行帶電金屬板左側(cè)中點垂直于電場線以速度v0射入電場中，恰好能從下板邊緣以速度v1飛出電場若其它條件不變，在兩板間加入垂直于紙面向里的勻強磁場，該帶電粒子恰能從上板邊緣以速度v2射出不計重力，則（）A2v0=v1+v2Bv0=Cv0=Dv0v1=v26、如圖所示電路中,電流表、的示數(shù)比為5：3：1,則電阻、之比為( )A1：3：5B3：5：15C1：1：2D2：2：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

4、選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、直流電路如圖所示，電源內(nèi)電阻r=2，定值電阻R0=4，滑動變阻器R的最大阻值為10，當(dāng)S閉合，滑片P從最左端向右端移動的過程中，下列說法正確的是（）A電流表示數(shù)減小，伏特表示數(shù)增大B電源的輸出功率一定先增大后減小C電源的總功率一定減小，效率一定增大D變阻器R的功率一直減小8、如圖是有兩個量程(“010V”和“0100V”)的電壓表的電路圖.已知表頭的內(nèi)阻Rg=500 ,滿偏電流I8=1mA,則下列說法正確的是( )A接a、b兩端點時,量程為010VB接a、c兩端點時,量程為010VCR1=90000

5、；R2=9 500DR1=9 500； R2=90 0009、如圖所示，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動片向下滑動的過程中A電壓表的示數(shù)減小B電流表的示數(shù)增大C電壓表的示數(shù)增大D電流表的示數(shù)減小10、邊長為a的閉合金屬正三角形框架，完全處于垂直于框架平面的勻強磁場中，現(xiàn)把框架勻速拉出磁場，如圖所示，則選項圖中電動勢、外力、外力功率與位置圖象規(guī)律與這一過程不相符的是() ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖甲所示的電路測量某電池的電動勢E和內(nèi)阻r，R為電阻箱干電池的工作電流不宜超過0.5A，實驗

6、室提供的器材如下：電壓表(量程03V，內(nèi)阻約3k)；電阻箱(阻值范圍0999.9)；開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)請根據(jù)圖甲的電路圖在圖乙中畫出連線，將器材連接成實驗電路_(2)實驗時，改變電阻箱R的值，記錄電壓表的示數(shù)U，得到若干組R、U的數(shù)據(jù)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出如圖丙所示的圖線，由圖像得出電池組的電動勢E_V，內(nèi)阻r_(保留三位有效數(shù)字) (3)關(guān)于這個實驗中存在的誤差以及減小誤差的各種方法，下列說法正確的是 （_）A電壓表的分流作用引起的誤差屬于偶然誤差B該同學(xué)讀電壓表讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差C本實驗用圖像法處理數(shù)據(jù)可以減小偶然誤差D如果將電壓表的內(nèi)阻計算在內(nèi)就可以減小系統(tǒng)誤差12（12分）現(xiàn)有一特

7、殊的電池，其電動勢E約為9V，內(nèi)阻r在3555范圍，最大允許電流為50mA。為測定這個電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學(xué)利用圖甲的電路進(jìn)行實驗。圖中電壓表看做理想電表；R為電阻箱，阻值范圍為09999.9；R0為定值電阻。該同學(xué)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值，讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值，測得多組數(shù)據(jù)，然后作出有關(guān)物理量的線性圖象，如圖乙所示，由圖可求得電源的電動勢和內(nèi)阻。(1)圖乙中橫坐標(biāo)為，縱坐標(biāo)為，請寫出該線性圖象對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式_。（用字母E、r、U、R、R0表示）(2)根據(jù)乙圖所作出的圖象求得該電池的電動勢E為_V，內(nèi)電阻r為_。四、計算題：本題共2小題，共26分

8、。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，R1=19，R2=12，當(dāng)開關(guān)處于位置A時，電流表讀數(shù)I1=0.2A；當(dāng)開關(guān)處于位置B時，電流表讀數(shù)I2=0.25A。求：電源的電動勢E和內(nèi)電阻r？14（16分）如圖所示，在空間有一坐標(biāo)系xOy，直線OP與x軸正方向的夾角為30，第一象限內(nèi)有兩個大小不同、方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域和，直線OP是它們的邊界，OP上方區(qū)域中磁場的磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子(不計重力)以速度v從O點沿與OP成30角的方向垂直于磁場進(jìn)入?yún)^(qū)域，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域和后，恰好垂直打在x軸上的Q點

9、(圖中未畫出)，試求：（1）區(qū)域中磁場的磁感應(yīng)強度大?。唬?）Q點的坐標(biāo)。15（12分）如圖所示，傾角37的光滑且足夠長的斜面固定在水平面上，在斜面頂端固定一個半徑和質(zhì)量不計的光滑定滑輪D，質(zhì)量均為m1 kg的物體A和B用一勁度系數(shù)k240 N/m的輕彈簧連接，物體B被位于斜面底端且垂直于斜面的擋板P擋住。用一不可伸長的輕繩使物體A跨過定滑輪與質(zhì)量為M的小環(huán)C連接，小環(huán)C穿過豎直固定的光滑均勻細(xì)桿，當(dāng)整個系統(tǒng)靜止時，環(huán)C位于Q處，繩與細(xì)桿的夾角 53，且物體B對擋板P的壓力恰好為零。圖中SD水平且長度為d0.2 m，位置R與位置Q關(guān)于位置S對稱，輕彈簧和定滑輪右側(cè)的繩均與斜面平行?，F(xiàn)讓環(huán)C從位

10、置R由靜止釋放，sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2.求(1)小環(huán)C的質(zhì)量M；(2)小環(huán)C運動到位置Q的速率v。(3)小環(huán)C通過位置S時的動能Ek及環(huán)從位置R運動到位置S的過程中輕繩對環(huán)做的功WT；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、當(dāng)R5的滑動觸點向圖中a端移動時，R5變小，外電路總電阻變小，則由閉合電路歐姆定律知，總電流I變大，路端電壓變小，U變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電路中并聯(lián)部分電壓變小，則I變小，故A、B正確；C、電源的效率，路端電壓減小，E不變，則效率變低，故C正確

11、；D、當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時,電源的輸出功率最大，而r=R1，所以外電路電阻一定大于內(nèi)阻，則外電路總電阻變小，輸出功率增大，故D錯誤；故選ABC【點睛】關(guān)鍵是知道當(dāng)R5的滑動觸點向圖中a端移動時，R5變小，外電路總電阻變小，根據(jù)歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，確定電流表A和電壓表的讀數(shù)變化，電源的效率，當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大2、D【解析】一段長為L，電阻為R的均勻電阻絲，把它拉制成4L長的均勻細(xì)絲后，截面積變?yōu)樵瓉淼?，則根據(jù)，可知，電阻變成原來的16倍。A。故A不符合題意。 B。故B不符合題意。 C。故C不符合題意。 D。故D符合題意。3、A【解析】設(shè)磁場的磁感應(yīng)強度為

12、B，則有：=BL2sin45，求得B=2L2，cd棒處于靜止，則受到的安培力垂直于磁感應(yīng)強度指向右上，設(shè)cd中的電流為I，則有：BILcos45=mg，解得：I=mgL，根據(jù)左手定則可知，cd棒中的電流方向從d到c，故A正確， BCD錯誤。4、D【解析】試題分析：電場強度是電場本身的性質(zhì)，與放不放電荷沒有關(guān)系，放什么電荷無關(guān)，AB錯；正電荷所受電場力的方向與場強方向相同，負(fù)電荷所受電場力的方向與場強方向相反，C錯；由公式F=qE可知D對；考點：考查電場強度與電場力的關(guān)系點評：在學(xué)習(xí)靜電場的過程中，要理解電場強度的決定式和計算式，理解電場的力的性質(zhì)5、B【解析】帶點粒子在電場中運動時，電場力做正

13、功，在電場和磁場的復(fù)合場中運動時，洛倫茲力不做功，電場力做負(fù)功，所以有v2v0v1，對以上兩個過程運用動能定理：，聯(lián)立解得，正確答案是B6、C【解析】設(shè)A1的示數(shù)為5A，則A2的示數(shù)為3A，A3的示數(shù)為1A，因三電阻并聯(lián)，所以I1+I2+I3=5A，I2+I3=3A，I3=1A解得I2=2A，I1=2A，所以R1：R2：R3=故C正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A：滑片P從最左端向右端移動的過程，R增大，電路總電阻增大，電路中總電流減小，電流表示

14、數(shù)減小，據(jù)，增大，伏特表示數(shù)增大故A正確B：電源的輸出功率 ，因為，隨著R增大，電源的輸出功率減小故B錯誤C：電源的總功率，隨著R增大，電源的總功率減?。浑娫吹男?，隨著R增大，電源的效率增加故C正確D：變阻器R的功率：，當(dāng)時，變阻器的功率最大，則滑片P從最左端向右端移動的過程中，變阻器R的功率先增加后減小故D錯誤點睛：當(dāng)內(nèi)外電路電阻相等時，電源的輸出功率最大8、AD【解析】A、B、由圖示電路圖可知，接a、b兩端點時分壓電阻阻值小于接a、c兩端點時分壓電阻阻值，由此可知，接a、b兩端點時量程小，為10V，接a、c兩端點時量程大，為100V，故A正確，B錯誤；C、由圖示電路圖可知：Ig（Rg+

15、R1）=10V，Ig（Rg+R1+R2）=100V，解得R1=9500，R2=9104，故C錯誤，D正確；故選AD【點睛】本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理、應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題，掌握基礎(chǔ)知識是解題關(guān)鍵，要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累9、AD【解析】在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內(nèi)電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數(shù)變小；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，路端電壓減小，故并聯(lián)部分電壓減小，即可知電流表示數(shù)變小。故AD正確。10、ACD【解析】感應(yīng)電動勢 ，則E與x成正比

16、，故A錯誤，B正確；線框勻速運動F外=F安=BIL，感應(yīng)電流為：，感應(yīng)電動勢為：E=BLv，得到外力為：, 有效長度為：，可得：，B、R、v一定，則F外x2，故C錯誤；外力的功率為：，P外x2 ，故D錯誤所以B正確，ACD錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、如圖所示： 2.86(2.852.87均可) 6.07(6.066.08均可) CD 【解析】 (1)如圖所示：(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律：則 ，所以圖象的縱截距：，解得：，斜率為：，解得： (3)A：電壓表分流作用引起的是系統(tǒng)誤差，故A項錯誤B：讀數(shù)引起的是偶然誤差，故B項錯誤

17、C：圖像法可以減小偶然誤差，故C項正確D：電壓表的電阻計算在內(nèi)可以減小系統(tǒng)誤差，故D項正確點睛：圖象法處理數(shù)據(jù)時，要根據(jù)物理規(guī)律寫出橫縱坐標(biāo)之間的關(guān)系式結(jié)合圖象的截距、斜率等求解12、 10 【解析】(1)1根據(jù)閉合電路的歐姆定律有整理可得(2)23根據(jù)一次函數(shù)的形式可知，縱截距為解得由函數(shù)的斜率為可解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、，【解析】開關(guān)處于位置A時，由閉合電路歐姆定律得開關(guān)處于位置B時，由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立可得，14、 (1)B=2B (2) X=3+12mvqB【解析】（1）設(shè)質(zhì)子在磁場和中

18、做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域中磁感應(yīng)強度為B，由牛頓第二定律知：qvBmv2r1 qvBmv2r2粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知，質(zhì)子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為300，故粒子在磁場I中軌跡的圓心角為=60則O1OA為等邊三角形OA=r1 r2=OAsin30 解得區(qū)域II中磁感應(yīng)強度為B=2B （2）Q點坐標(biāo)x=OAcos30+r2=r1cos30+r2故x=(3+12)mvqB【點睛】帶電粒子通過磁場的邊界時，如果邊界是直線，根據(jù)圓的對稱性得到，帶電粒子入射速度方向與邊界的夾角等于出射速度方向與邊界的夾角，這在處理有界磁場的問題常常用到15、 (1)0.72kg；(2)2m/s；(3)1.38J，0.3J。【解析】(1)先以AB組成的整體為研究對象，AB系統(tǒng)受到重力、支持力和