遼寧沈陽高二物理上學(xué)期期末試卷含解析

1、2014-2015學(xué)年遼寧省沈 陽市高二（上）期末物理試卷一、選擇題（本題共 12小題，每小題4分，共48分，1-8題單選，9-12題多選）1.下面關(guān)于物理學(xué)家做出的貢獻(xiàn)，說法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律C.洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律D.法拉第指出閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正 比.如圖所示，大小可以忽略不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B相互排斥，靜止時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為a和3 ,且a 12； a、b、c、d為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點(diǎn)，且a、b、c與兩導(dǎo)線共面；

2、b點(diǎn)在兩導(dǎo)線之間,b、d的連線與導(dǎo)線所在平面垂直.磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的點(diǎn)是（ tda點(diǎn)b點(diǎn)c點(diǎn)d點(diǎn)虛線mW側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng) ，向右勻速進(jìn)入磁場，直徑 卜列結(jié)論中正確的是 （）；X；XI X：X：XX xxxXXXXXXX.如圖所示，一電阻為R的導(dǎo)線彎成半徑為 a的半圓形閉合回路.度為B的勻強(qiáng)磁場.方向垂直于回路所在的平面.回路以速度vCD始絡(luò)與MN直.從D點(diǎn)到達(dá)邊界開始到 C點(diǎn)進(jìn)入磁場為止，1A.B.C.圓心到達(dá)磁場邊界時(shí)感應(yīng)電流方向發(fā)生改變CD段直線始終不受安培力作用感應(yīng)電動勢平均值-兀Bav2D.通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為a22R.如圖所示，MN PQ是間距為L的平行金屬導(dǎo)軌，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

3、,方向垂直導(dǎo)軌所在平面向里的勻強(qiáng)磁場中，M P間接有一阻值為 R的電阻.一根與導(dǎo)軌接觸良好、有效阻值為1的金屬導(dǎo)線ab垂直導(dǎo)軌放置，并在水平外力F的作用下以速度 v向右勻速運(yùn)動，則2（不計(jì)導(dǎo)軌電阻）（）MX X X 川（X X X X，X X。F X X Xi X Q通過電阻R的電流方向?yàn)?-RfMab兩點(diǎn)間的電壓為 BLva端電勢比b端高D.外力F做的功等于電阻 R上發(fā)出的焦耳熱.某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵心的線圈 L、小燈泡A、開關(guān)S和電池組E,用導(dǎo)線將它們連接成如圖所示的電路.檢查電路后，閉合開關(guān)S,小燈泡發(fā)光；再斷開開關(guān)S,小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象.雖經(jīng)多次重復(fù)，仍

4、未見老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃 亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因.你認(rèn)為最有可能造成小燈泡末閃亮的原因是（）A.電源的內(nèi)阻較大B.小燈泡電阻偏大C.線圈電阻偏大D.線圈的自感系數(shù)較大.如圖所示是驗(yàn)證楞次定律實(shí)驗(yàn)的示意圖，豎直放置的線圈固定不動，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流.各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對線圈的運(yùn)動方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中正確的是（ ）.磁流體發(fā)電機(jī)原理如圖所示，將一束等離子體（正負(fù)電荷組成的離子化氣體狀物質(zhì)）噴射入磁場，在電場中有兩塊金屬板A、B,這時(shí)金屬板上就會聚集電荷，產(chǎn)生電壓.如果射入的等離子體速度為 v,

5、板間距離為d,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,方向垂直與速度方向， 負(fù)載電阻為R,電離氣體充滿兩板間的空間.當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)，電流表示數(shù)為 I .則以 下說法正確的有（）A.圖中A板為電源的正極B.有電流從a經(jīng)用電器流向bC.這個(gè)發(fā)電機(jī)的電動勢為BdvD.此發(fā)電機(jī)的等效內(nèi)阻是 幽-RI.汽車電動機(jī)啟動時(shí)車燈會瞬時(shí)變暗，如圖，在打開車燈的情況下，電動機(jī)未啟動時(shí)電流表讀數(shù)為10A,電動機(jī)啟動時(shí)電流表讀數(shù)為58A,若電源電動勢為12.5V,內(nèi)阻為0.05電動機(jī)內(nèi)阻為0.02 Q ,電流表內(nèi)阻不計(jì)，則電動機(jī)啟動時(shí)（）A. 車燈的電壓為9.6VC. 電動機(jī)的電功率為 50WB.通過電動機(jī)的電流為 48AD

6、.電動機(jī)輸出的機(jī)械功為 430W.如圖所示，在射線 OA以下有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的正 電粒子a和b以不同的速率由坐標(biāo)原點(diǎn) O沿著x軸正方向射入磁場，已知 vavb,若帶電粒 子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（）A.兩粒子的軌道半徑之比 一 %B.粒子a在磁場中運(yùn)動時(shí)間比 b長C.兩粒子在磁場中運(yùn)動時(shí)間相等D.兩粒子離開磁場時(shí)速度方向相同二、實(shí)驗(yàn)題（本題共 2小題，共18分）.在練習(xí)使用多用表的實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)連接的電路如圖所示若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電流擋，此時(shí)測得的是通過 的電流；若斷開電路中的電鍵， 旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)歐姆擋，此時(shí)測得的是 的電阻；

7、若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電壓擋，閉合電鍵，并將滑動變阻器的滑片移至最左端，此時(shí)測得的是 兩端的電壓.為測量一個(gè)定值電阻的阻值，備用器材如下：待測電阻R電流表Ai （量程100 3內(nèi)阻約2k Q ）電流表 A （量程500 小內(nèi)阻約 300 Q ）電壓表Vi （量程15V,內(nèi)阻約150k ）電壓表 V2 （量程50V,內(nèi)阻約 500k ）電源E （電動勢15V）滑動變阻器R （最大阻值1kQ）多用電表，開關(guān) S,導(dǎo)線若干（1）先用多用電表歐姆擋對 R進(jìn)行粗測.若選擇X 100 Q擋用正確的測量方法進(jìn)行測量， 發(fā)現(xiàn)指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，為較準(zhǔn)確測量應(yīng)選用 擋（X 10, X 1k）.重新選擋測量,

8、 刻度盤上的指針位置如圖 1所示，測量結(jié)果是 Q .圖2（2）現(xiàn)用伏安法測量 R阻值.為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，要求測多組數(shù)據(jù).電流表應(yīng)選 ,電壓表應(yīng)選.在圖2的方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖.根據(jù)實(shí)驗(yàn)中測得的多組數(shù)據(jù)作出的U-I圖線如圖3所示，根據(jù)圖線求得待測電阻的阻值為 Q .三、計(jì)算題(本題共 3小題，共34分).如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的勻強(qiáng)磁場中，設(shè)導(dǎo)體棒 Oa可以以點(diǎn)O為中心轉(zhuǎn)動，而 另一端a剛好搭在光滑的半圓形金屬導(dǎo)軌上， Oa長為L且以角速度 勻速轉(zhuǎn)動，在 Ob間 接入一阻值為R的電阻，不計(jì)其他電阻，試求：(1)導(dǎo)體棒Oa兩端產(chǎn)生的電勢差；(2)流過電阻R上的電流大小及方向；(3)所需外

9、力的功率.如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩極板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m,兩板間距離d=0.4cm ,有一束相同的帶電微粒以相同的初速度先后從兩極板中央平 行極板射入，由于重力作用微粒能落到下極板上，微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上.設(shè)前一微粒落到下極板上時(shí)后一微粒才能開始射入兩極板間.已知微粒質(zhì)量為 m=2 10 6kg、電荷量 q=1X 10 8C,電容器電容為 C=1uF,取 g=10m/s2.(1)為使第一個(gè)微粒恰能落在下極板的中點(diǎn)到緊靠邊緣的B點(diǎn)之內(nèi)，求微粒入射初速度V0的取值范圍；(2)若帶電微粒以第(1)問中初速度Vo最小值入射，則最多能有

10、多少個(gè)帶電微粒落到下 極板上？17.如圖所示，在以坐標(biāo)原點(diǎn) O為圓心、半徑為R的半圓形區(qū)域內(nèi)，有相互垂直的勻強(qiáng)電場 和勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)弓II度為 B,磁場方向垂直于 xOy平面向里.一帶正電的粒子(不計(jì)重力) 從O點(diǎn)沿y軸正方向以某一速度射入，帶電粒子恰好做勻速直線運(yùn)動，經(jīng)to時(shí)間從P點(diǎn)射出(1)求電場強(qiáng)度的大小和方向.(2)若僅撤去電場，帶電粒子仍從O點(diǎn)射入，但速度為原來的 4倍，求粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間.(粒子的比荷滿足-IT2014-2015學(xué)年遼寧省沈陽市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共 12小題，每小題4分，共48分，1-8題單選，9-12題多選）1.下面關(guān)

11、于物理學(xué)家做出的貢獻(xiàn)，說法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律C.洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律D.法拉第指出閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正 比考點(diǎn)：物理學(xué)史.分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家奧斯特、洛倫茲、安培和法拉第的物理 學(xué)成就即可.解答： 解：A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故A正確.日 洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律，故 B錯(cuò)誤.C安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，故C錯(cuò)誤.D法拉第指出閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的

12、磁通量的變化率成正比，故D正確.故選：AD.點(diǎn)評：對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論等等要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一.如圖所示，大小可以忽略不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B相互排斥，靜止時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為a和3 ,且a 3 ,兩小球在同一水平線上，由此可知（）B球受到的庫侖力較大，電荷量較大B球的質(zhì)量較大B球受到的拉力較大D.兩球接觸后，再處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，懸線的偏角 a 、3 仍滿足a V 3 考點(diǎn)：庫侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：根據(jù)根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫侖力等于B球?qū)球的庫侖力.對小球受力分析，根據(jù)平衡條件和相似三角形表

13、示出兩個(gè)球的重力和拉力，進(jìn)行比較.解答： 解：A、根據(jù)牛頓第三定律得： A球?qū)球的庫侖力等于 B球?qū)球的庫侖力，無論兩球電荷量是否相等所受庫倫力都相等，故無法比較哪個(gè)電荷量較大，故A錯(cuò)誤；對小球受力分析，根據(jù)平衡條件有：日對小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有:mAg=nBg=tan匹F摩tan P； n,故B錯(cuò)誤.C根據(jù)平衡條件有:F拉a4F拉B=sinaF庫sinPv 3 ,所以B球受的拉力較小，故 C錯(cuò)誤.D兩球接觸后，再靜止下來，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)閷π∏騮an aA、B受力分析，根據(jù)平衡條件有:*庫因?yàn)閚A nB,所以a v 3 .故D正確.故選：D.點(diǎn)評：本題在解答過程

14、中，物體的平衡條件成為關(guān)鍵內(nèi)容，因此分析物體的受力， 對力進(jìn)行分解合成就成了必須的步驟，有利于學(xué)生將力學(xué)知識與電學(xué)知識相結(jié)合.真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷 M N分別固定于x軸上xi=0和X2=3a的兩點(diǎn)上，在它們 連線上各點(diǎn)場強(qiáng)隨 x變化關(guān)系如圖所示，以下判斷中正確的是（）A. x=a點(diǎn)的電勢高于 x=2a點(diǎn)的電勢B.點(diǎn)電荷M N所帶電荷量的絕對值之比為4： 1C.點(diǎn)電荷M N 一定為異種電荷D. x=2a處的電勢一定為零考點(diǎn)：電勢；電場強(qiáng)度.專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動專題. TOC o 1-5 h z 分析：由于M N之間的場強(qiáng)的方向相反，故點(diǎn)電荷 M N一定為同種電荷；由于不知道MN的

15、所帶電荷的性質(zhì)，故需要討論，若都帶正電荷，則02a場強(qiáng)的方向向右，而沿電場線方向電勢降低，故 x=a點(diǎn)的電勢高于x=2a點(diǎn)的電勢；若都帶負(fù)電荷，則02a場強(qiáng)的方向向左，故x=a點(diǎn)的電勢低于x=2a點(diǎn)的電勢；由于2a處場強(qiáng)為0,故M在2a處產(chǎn)生的場強(qiáng) Ei=一空和N在2a處產(chǎn)生白勺場強(qiáng) 巳32大小相等；由于電勢是一個(gè)相對性的概念，即 （2a） 2整零電勢的選擇是任意的，人為的，即任意點(diǎn)的電勢都可以為0.解答： 解：A、由于不知道 M N的所帶電荷的性質(zhì)，故需要討論，若都帶正電荷，則 0 2a場強(qiáng)的方向向右，而沿電場線方向電勢降低，故x=a點(diǎn)的電勢高于x=2a點(diǎn)的電勢；若都帶負(fù)電荷，則02a場強(qiáng)的

16、方向向左，故 x=a點(diǎn)的電勢低于x=2a點(diǎn)的電勢，故 A錯(cuò)誤.曰M在2a處廣生的場強(qiáng) Ei=而N在2a處廣生的場強(qiáng) G=由于2a處場強(qiáng)（2a） 2a2為0,故E=E,所以Q=4Q,故B正確.C由于M N之間的場強(qiáng)的方向相反，故點(diǎn)電荷 M N一定為同種電荷，故 C錯(cuò)誤.D由于電勢是一個(gè)相對性的概念，即零電勢的選擇是任意的，人為的，故x=2a處的電勢可以為零，也可以不為零，故 D錯(cuò)誤. 故選B. 點(diǎn)評：只要把握了同種性質(zhì)和異種性質(zhì)的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場的分別特點(diǎn)就能順利解決此類 問題.某空間中存在一個(gè)有豎直邊界的水平方向勻強(qiáng)磁場區(qū)域， 現(xiàn)將一個(gè)等腰梯形閉合導(dǎo)線圈， 從圖示位置垂直于磁場方向勻速拉過這個(gè)

17、區(qū)域， 尺寸如圖所示，下圖中能正確反映該過程線 圈中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象是（ ）X考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：楞次定律，判斷感應(yīng)電流方向； 由法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律判斷電流大小，,排除法解決較好.解答： 解：當(dāng)右邊進(jìn)入磁場時(shí)， 便會產(chǎn)生感應(yīng)電流， 由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)是逆時(shí)針 方向，由于有效切割長度逐漸增大，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小也均勻增大；當(dāng)線框右邊出磁場后，有效切割長度不變，則產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小不變，但比剛出磁場時(shí)的有效長度縮短，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小比其電流小, 故排除AB;當(dāng)線框左邊進(jìn)入磁場時(shí)， 有效切割長度在變大，大小

18、增大，故選項(xiàng) C正確，ABD昔誤.故選：C.點(diǎn)評：對于圖象問題可以通過排除法進(jìn)行求解，化等進(jìn)行排除.但由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)仍是逆時(shí)針,當(dāng)感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針， 即是負(fù)方向且如根據(jù)圖象過不過原點(diǎn)、電流正負(fù)、大小變.如圖，兩根相互平行的長直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流11和12,且11 12； a、b、c、d為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點(diǎn)，且 a、b、c與兩導(dǎo)線共面；b點(diǎn)在兩導(dǎo)線之間，b、 d的連線與導(dǎo)線所在平面垂直.磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的點(diǎn)是（）td I II 4 I 一心3 h 工A. a點(diǎn)B. b點(diǎn)C. c點(diǎn)D. d點(diǎn)考點(diǎn)：通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向.專題：應(yīng)用題.分析：由安培定

19、則可判出兩導(dǎo)線在各點(diǎn)磁感線的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的位置.解答： 解：兩電流在該點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為 0,說明兩電流在該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足等大 反向關(guān)系.a或c,又I i 12,所以該點(diǎn)根據(jù)右手螺旋定則在兩電流的同側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，則為 距11遠(yuǎn)距I2近，所以是C點(diǎn)；故選C.點(diǎn)評：本題考查了安培定則及矢量的合成方法，特別應(yīng)注意磁場的空間性， 注意培養(yǎng)空間想象能力.如圖所示，一電阻為R的導(dǎo)線彎成半徑為 a的半圓形閉合回路. 虛線MN&側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng) 度為B的勻強(qiáng)磁場.方向垂直于回路所在的平面.回路以速度v向右勻速進(jìn)入磁場，直徑CD始絡(luò)與MN直.從D點(diǎn)到達(dá)邊界開始到 C點(diǎn)

20、進(jìn)入磁場為止，下列結(jié)論中正確的是 （）A.圓心到達(dá)磁場邊界時(shí)感應(yīng)電流方向發(fā)生改變CD段直線始終不受安培力作用感應(yīng)電動勢平均值-兀Bav2D.通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為 Bk&2R考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢.分析：根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則判斷出直線 CD段所受的安培力，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動勢的大小，結(jié)合q=旦生求出通過導(dǎo)線橫截面的R電荷量.解答： 解：A從D點(diǎn)到達(dá)邊界開始到 C點(diǎn)進(jìn)入磁場為止，磁通量逐漸增大，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向一直為逆時(shí)針方向.故 A錯(cuò)誤.B CD段的電流方向由 D到C,根據(jù)左手定則知，CD段受到豎直向下的安培力，故B錯(cuò)誤

21、.力B弓兀相C運(yùn)動的時(shí)間 At竺，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：e=-t-h77rBa歲，故yZA t da 4vC錯(cuò)誤.D通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為：q=上=J牟裊.故D正確.R R 2R故選：D.點(diǎn)評：對于電磁感應(yīng)問題，往往根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)求感應(yīng)電動勢的平均值，公式E=BLvsin ” ,既可以感應(yīng)電動勢的平均值，也可以求電動勢的瞬時(shí)值.7.如圖所示，MN PQ是間距為L的平行金屬導(dǎo)軌，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂直導(dǎo)軌所在平面向里的勻強(qiáng)磁場中，M P間接有一阻值為 R的電阻.一根與導(dǎo)軌接觸良好、有效阻值為F的金屬導(dǎo)線ab垂直導(dǎo)軌放置，并在水平外力F的作用下以速度 v向右勻速運(yùn)動，則2（不計(jì)導(dǎo)軌

22、電阻）（）A/X XaIX X X XX X X X X x xlx 通過電阻R的電流方向?yàn)?-R-Mab兩點(diǎn)間的電壓為 BLva端電勢比b端高D.外力F做的功等于電阻 R上發(fā)出的焦耳熱考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢；焦耳定律.專題：交流電專題.分析：根據(jù)楞次定律或右手定則可判斷出通過電阻R的電流方向和a、b電勢高低.金屬導(dǎo)線ab相當(dāng)于電源，外電路為電阻 R,由閉合電路歐姆定律求解 ab兩點(diǎn)間的電壓；根據(jù)能量 守恒得外界的能量轉(zhuǎn)化成整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱.解答： 解：A、根據(jù)右手定則可知：ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)?b-a,則通過電阻R的電 流方向?yàn)?MHF-R故A錯(cuò)誤；日 金屬導(dǎo)線ab相當(dāng)

23、于電源，ab兩點(diǎn)間的電壓是路端電壓，即是R兩端的電壓.根據(jù)閉合電路歐姆定律得知,C金屬導(dǎo)線ab相當(dāng)于電源,D ab棒向右做勻速直線運(yùn)動,ab兩點(diǎn)間的電壓為 U=-；EBLv.故B錯(cuò)誤. 嗚3a端相當(dāng)于電源的正極，電勢較高，故C正確.根據(jù)能量守恒得知：外力F做的功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱,大于電阻R上發(fā)出的焦耳熱，故 D錯(cuò)誤.故選：C.點(diǎn)評：本題比較簡單考查了電磁感應(yīng)與電路的結(jié)合，解決這類問題的關(guān)鍵是正確分析外電路的結(jié)構(gòu)，然后根據(jù)有關(guān)電學(xué)知識求解.8.某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵心的線圈 L、小燈泡A、開關(guān)S和電池組E,用導(dǎo)線將它們連接成如圖所示的電路.檢查電路后，閉合開關(guān)S,小燈泡發(fā)

24、光；再斷開開關(guān)S,小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象.雖經(jīng)多次重復(fù)，仍未見老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃 亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因.你認(rèn)為最有可能造成小燈泡末閃亮的原因是（）A.電源的內(nèi)阻較大C.線圈電阻偏大B.小燈泡電阻偏大D.線圈的自感系數(shù)較大考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù).專題：壓軸題.分析：線圈與小燈泡并連接電池組上.要使燈泡發(fā)生閃亮， 斷開開關(guān)時(shí)，流過燈泡的電流要比以前的電流大.根據(jù)楞次定律和并聯(lián)的特點(diǎn)分析.解答： 解：A、開關(guān)斷開開關(guān)時(shí)，燈泡能否發(fā)生閃亮，取決于燈泡的電流有沒有增大，與 電源的內(nèi)阻無關(guān).故 A錯(cuò)誤.B 、若小燈泡電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過燈泡的電流小于線圈的電流，斷開開關(guān)時(shí)，根據(jù)楞次

25、定律，流過燈泡的電流從線圈原來的電流逐漸減小，燈泡將發(fā)生閃亮現(xiàn)象.故B錯(cuò)誤.C、線圈電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過燈泡的電流大于線圈的電流，斷開開關(guān)時(shí)，根據(jù)楞次定律，流過燈泡的電流從線圈原來的電流逐漸減小，燈泡不發(fā)生閃亮現(xiàn)象.故C正確.D、線圈的自感系數(shù)較大，產(chǎn)生的自感電動勢較大，但不能改變穩(wěn)定時(shí)燈泡和線圈中電流的大小.故D錯(cuò)誤.故選C.點(diǎn)評：自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，根據(jù)楞次定律分析要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯的條件：線圈的電阻應(yīng)小于燈泡的電阻.如圖所示是驗(yàn)證楞次定律實(shí)驗(yàn)的示意圖，豎直放置的線圈固定不動，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流.各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵

26、相對線圈的運(yùn)動方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中正確的是( )考點(diǎn)：楞次定律.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：當(dāng)磁鐵向下或向上運(yùn)動時(shí)， 穿過線圈的磁通量增大或減小，根據(jù)楞次定律分析感應(yīng)電流方向.解答： 解：A、當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁 場與原磁場方向相反.再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上.故A錯(cuò)誤；B當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方向相反.再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上，故B錯(cuò)誤；C當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方

27、向相同.再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下.故 C錯(cuò)誤；Dk當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方向相同.再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D正確；故選：D.點(diǎn)評：可從運(yùn)動角度去分析： 來拒去留.當(dāng)N極靠近時(shí)，則線圈上端相當(dāng)于 N極去抗拒，從 而確定感應(yīng)電流方向.磁流體發(fā)電機(jī)原理如圖所示，將一束等離子體（正負(fù)電荷組成的離子化氣體狀物質(zhì)）噴射入磁場，在電場中有兩塊金屬板A、B,這時(shí)金屬板上就會聚集電荷，產(chǎn)生電壓.如果射入的等離子體速度為 v,板間距離為d,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,方向垂直與速度方向， 負(fù)載電阻為R,

28、電離氣體充滿兩板間的空間.當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)，電流表示數(shù)為 I .則以 下說法正確的有（）A.圖中A板為電源的正極B.有電流從a經(jīng)用電器流向bC.這個(gè)發(fā)電機(jī)的電動勢為 BdvD.此發(fā)電機(jī)的等效內(nèi)阻是 他-R I考點(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理.分析：大量帶正電和帶負(fù)電的微粒向右進(jìn)入磁場時(shí)，由左手定則可以判斷正負(fù)電荷受到的洛倫茲力方向，從而確定相當(dāng)于電源的正負(fù)極，從而得出通過電阻的電流方向.抓住帶電粒子在復(fù)合場中受電場力和洛倫茲力平衡求出發(fā)電機(jī)的電動勢.根據(jù)閉合電路歐姆定律求出發(fā)電機(jī)的內(nèi)電阻. 解答： 解：A、大量帶正電和帶負(fù)電的微粒向右進(jìn)入磁場時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷 受到的洛倫茲力向上

29、， 所以正電荷會聚集的 A板上，負(fù)電荷受到的洛倫茲力向下，負(fù)電荷聚集到B板上，故A板相當(dāng)于電源的正極，B板相當(dāng)于電源的負(fù)極，所以通過電阻R的電流從a到b,故AB正確；C 根據(jù)qvB=q得，E=Bdv.故C正確.D根據(jù)歐姆定律得，r=E-R=迫-R.故D正確.I I故選：ABCD點(diǎn)評：根據(jù)洛倫茲力的方向判斷物體的運(yùn)動方向，此題還可以根據(jù)洛倫茲力與極板間產(chǎn)生的電場力平衡解得磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢，注意確定正負(fù)電荷的洛倫茲力的方向是解題的關(guān)鍵.解決本題的關(guān)鍵知道穩(wěn)定時(shí)，電荷所受洛倫茲力和電場力平衡，電路中電流越大，則單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)金屬板 A、B的等離子體數(shù)目增多.汽車電動機(jī)啟動時(shí)車燈會瞬時(shí)變暗，如圖，

30、在打開車燈的情況下，電動機(jī)未啟動時(shí)電流表讀數(shù)為10A,電動機(jī)啟動時(shí)電流表讀數(shù)為58A,若電源電動勢為12.5V,內(nèi)阻為0.05電動機(jī)內(nèi)阻為0.02 Q ,電流表內(nèi)阻不計(jì)，則電動機(jī)啟動時(shí)（）- 電動機(jī)A. 車燈的電壓為9.6VC. 電動機(jī)的電功率為 50WB.通過電動機(jī)的電流為 48AD.電動機(jī)輸出的機(jī)械功為 430W考點(diǎn)：電功、電功率.專題：恒定電流專題.分析：電機(jī)不啟動時(shí)電源電壓直接加在燈泡兩端，由閉合電路歐姆定律可求得燈泡的電阻，當(dāng)電機(jī)啟動時(shí)，電動機(jī)與燈泡并連接在電源兩端， 此時(shí)燈泡兩端的電壓等于路端電壓， 根據(jù)歐姆定律可得通過燈泡的電流，從而求出通過電動機(jī)的電流，電動機(jī)的電功率P=UIm

31、,電動機(jī)輸出的機(jī)械功率等于總功率減去內(nèi)阻消耗的功率.解答： 解：A、電動機(jī)啟動后，路端電壓 LL=E- lr=12.5 - 0.05 X 58=9.6V,故 A正確； 日電機(jī)不啟動時(shí)電源電壓直接加在燈泡兩端，由閉合電路歐姆定律得：解得：R=i.2a,電動機(jī)啟動后，根據(jù)歐姆定律得通過燈泡的電流則通過電動機(jī)的電流l M=|-l l=58 - 8=50A,故 B 錯(cuò)誤；C 電動機(jī)的電功率 P=LLI m=9.6 X 50=480W 故 C錯(cuò)誤；D電動機(jī)輸出的機(jī)械功率 pzp-I 2 r=480 - 2500X04 02=430故D正確.故選：AD點(diǎn)評：燈泡是純電阻電路，功率公式較多，要根據(jù)不同的條件

32、，選擇不同的公式形式求解. 本 題要注意電路的結(jié)構(gòu)，無論電動機(jī)是否啟動，燈泡兩端的電壓都為路端電壓；同時(shí)要注意電動機(jī)為非純電阻用電器，不能適用歐姆定律，路端電壓可以由U=E- lr求得.如圖所示，在射線 OA以下有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的正 電粒子a和b以不同的速率由坐標(biāo)原點(diǎn) O沿著x軸正方向射入磁場，已知 vavb,若帶電粒 子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（）寓 算 乳 黑A.兩粒子的軌道半徑之比B.粒子a在磁場中運(yùn)動時(shí)間比b長C.兩粒子在磁場中運(yùn)動時(shí)間相等D.兩粒子離開磁場時(shí)速度方向相同考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動；牛頓第二定律；向心力.專題：帶電粒子在

33、磁場中的運(yùn)動專題.分析：三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，則運(yùn)動半徑的不同，導(dǎo)致運(yùn)動軌跡也不同.因此運(yùn)動軌跡對應(yīng)的半徑越大，則粒子的速率也越大.而運(yùn)動周期它們均一樣，但運(yùn)動時(shí)間卻由圓弧對應(yīng)的圓心角決定.解答： 解：A、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時(shí)，由洛倫茲力提供向心力， 根據(jù)qvB=K,r得：r=qB則得=.故A正確.Rb vbBCD粒子運(yùn)動周期 T=25, T相同.兩個(gè)粒子從 OA射出磁場時(shí)，速度與 OA夾角相同，qB方向平行，則兩個(gè)粒子軌跡對應(yīng)的圓心角都是60。，根據(jù)t=_匕T知兩粒子在磁場中運(yùn)動24時(shí)間相等.故B錯(cuò)誤，CD正確.故選：ACD點(diǎn)評：帶電粒子在

34、磁場、質(zhì)量及電量相同情況下， 運(yùn)動的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運(yùn)動圓弧來確定速率的大小； 運(yùn)動的周期均相同的情況下，可根據(jù)圓弧的對應(yīng)圓心角來確定運(yùn)動的時(shí)間的長短.二、實(shí)驗(yàn)題（本題共 2小題，共18分）.在練習(xí)使用多用表的實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)連接的電路如圖所示若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電流擋，此時(shí)測得的是通過R 的電流;若斷開電路中的電鍵，旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)歐姆擋，此時(shí)測得的是R和R串聯(lián)的電阻； 若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電壓擋， 閉合電鍵，并將滑動變阻器的滑片移至最左端， 此時(shí)測得的是 R 兩端的電壓.考點(diǎn)：用多用電表測電阻.專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題.分析：圖中多用電表與滑動變阻器串聯(lián)

35、后與電阻R2并聯(lián)，通過電鍵與電池相連，根據(jù)電路的串并聯(lián)知識分析即可.解答： 解：多用電表使用電流檔時(shí)應(yīng)該串聯(lián)在電路中，圖中多用電表與滑動變阻器串聯(lián)，電流相等，若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使其尖端對準(zhǔn)直流電流檔，此時(shí)測得的是通過R的電流.斷開電路中的電鍵， R與的串聯(lián)，多用電表兩表筆接在其兩端，故測得的是R與R串聯(lián)的總電阻.若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電壓擋， 閉合電鍵，并將滑動變阻器的滑片移至最左端，多用電表并聯(lián)在R2兩端，此時(shí)測得的是 R兩端的電壓；故答案為：R 1；Ri和R串聯(lián)；R 2.點(diǎn)評：本題關(guān)鍵明確多用電表的使用，電流表應(yīng)串聯(lián)接入電路， 使用多用電表的歐姆檔測電阻時(shí)應(yīng)把待測電阻與電源斷開，分析

36、清楚電路結(jié)構(gòu)是正確解題的關(guān)鍵.為測量一個(gè)定值電阻的阻值，備用器材如下：待測電阻R電流表Ai （量程100 A,內(nèi)阻約2k Q ）電流表 A （量程500 小內(nèi)阻約300 Q ）電壓表Vi （量程15V,內(nèi)阻約150k ）電壓表V2 （量程50V,內(nèi)阻約500k ）電源E （電動勢15V）滑動變阻器R （最大阻值1kQ）多用電表，開關(guān) S,導(dǎo)線若干（1）先用多用電表歐姆擋對R進(jìn)行粗測.若選擇X 100 Q擋用正確的測量方法進(jìn)行測量，發(fā)現(xiàn)指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，為較準(zhǔn)確測量應(yīng)選用 X1k擋（X10, X1k）.重新選擋測量，刻度盤上的指針位置如圖 1所示，測量結(jié)果是30k Q .（2）現(xiàn)用伏安法測量 R阻

37、值.為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，要求測多組數(shù)據(jù).電流表應(yīng)選A ,電壓表應(yīng)選V1 .在圖2的方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖.根據(jù)實(shí)驗(yàn)中測得的多組數(shù)據(jù)作出的U-I圖線如圖3所示，根據(jù)圖線求得待測電阻的阻值為 31.25k Q .考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線. 專題：實(shí)驗(yàn)題.分析：(1)測電阻時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，說明電阻大，應(yīng)換較大擋并重新調(diào)零，測量時(shí)手不能接觸電阻；根據(jù)表盤指針示數(shù)讀出數(shù)值然后乘以所選倍率即為最后結(jié)果.(2)要求多測數(shù)據(jù)，應(yīng)采用滑動變阻器的分壓接法，電壓表和電流表的選擇要求指針偏轉(zhuǎn)角度大些，在其滿量程的三分之二左右偏轉(zhuǎn)最好，根據(jù)該電阻的U-I圖線可以求出待測電阻的大小.解答： 解：(1)指針偏角

38、小，說明待測電阻的阻值較大，應(yīng)換用，X 1k 擋，并重新調(diào)零 后測量，測量時(shí)手不能接觸電阻；歐姆表的讀數(shù)為：30 x 1k=30k Q .(2)電壓表和電流表的選擇要求指針偏轉(zhuǎn)角度大些，在其滿量程的三分之二左右偏轉(zhuǎn)最好，由于所選電源電動勢為 15V,因此電壓表選擇 V,根據(jù)歐姆表的粗測可知，該電阻大小30kQ ,因此回路中的最大電流為：500 R A，故電流表選擇 A加R要求多測數(shù)據(jù)，應(yīng)采用滑動變阻器的分壓接法，由于待測電阻較大，因此電流表采用內(nèi)接法，故具體電路圖如下所示：1：(A WnE a根據(jù)該電阻的UI- I圖線可以求出待測電阻為：R=1QV_. =31, 25kQ320X1 0故答案為

39、：(1) x 1k, 30k.(2)A 2, V.如圖所示；31.25k .點(diǎn)評：本題考查描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)；要明確各種測量電阻方法的原理以及誤差來源，熟練掌握安培表的內(nèi)外接法以及滑動變阻器的分壓和限流接法.三、計(jì)算題(本題共 3小題，共34分).如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的勻強(qiáng)磁場中，設(shè)導(dǎo)體棒 Oa可以以點(diǎn)O為中心轉(zhuǎn)動，而 另一端a剛好搭在光滑的半圓形金屬導(dǎo)軌上， Oa長為L且以角速度 勻速轉(zhuǎn)動，在 Ob間 接入一阻值為R的電阻，不計(jì)其他電阻，試求：(1)導(dǎo)體棒Oa兩端產(chǎn)生的電勢差；(2)流過電阻R上的電流大小及方向；(3)所需外力的功率.RK考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢.

40、 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：(1)導(dǎo)體棒Oa勻速轉(zhuǎn)動，由EBL2co求出感應(yīng)電動勢，然后求出電勢差；2(2)由歐姆定律求出感應(yīng)電流大小，由右手定則判斷出電流方向；(3)由功率公式求電阻 R消耗的功率.解答： 解：(1) (2)導(dǎo)體棒Oa勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：e=bL=bl0+c，jl=1bL2 co ,22電路中只有電阻 R,其余電阻都不計(jì)，則 oa端的電勢差為：1BL23；22(2)回路中感應(yīng)電流：I=E=BL 3R 2R由右手定則可知，電流從左流向右；(3)電阻R消耗的電功率：P=R L山R 4R答：(1)導(dǎo)體棒Oa兩端產(chǎn)生的電勢差為 LbL2co；2(2)流過電阻R上的電

41、流大小為也也，方向：從左向右；2R(3)所需外力的功率為 口 J .4R2點(diǎn)評：對于轉(zhuǎn)動切割類型感應(yīng)電動勢公式e，bl 3要能夠熟練推導(dǎo)，并在理解的基礎(chǔ)上記2住此公式.如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩極板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m,兩板間距離d=0.4cm ,有一束相同的帶電微粒以相同的初速度先后從兩極板中央平 行極板射入，由于重力作用微粒能落到下極板上，微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上.設(shè)前一微粒落到下極板上時(shí)后一微粒才能開始射入兩極板間.已知微粒質(zhì)量為 m=2 電荷量 q=1X 10 8C,電容器電容為 C=1uF,取 g=10m/s；(1)為使第一個(gè)微粒恰能落在下極板的中點(diǎn)到緊靠邊緣的B點(diǎn)之內(nèi)，求微粒入射初速度 vo的取值范圍；