江蘇省鹽城市2021屆新高考物理三模試卷含解析

1、江蘇省鹽城市2021屆新高考物理三模試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題 5分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1.下列說法正確的是（）A .核反應(yīng)前后質(zhì)量并不守恒B .愛因斯坦在研究光電效應(yīng)現(xiàn)象時(shí)提出了能量子假說C.用一束綠光照射某金屬，能產(chǎn)生光電效應(yīng)，現(xiàn)把這束綠光的強(qiáng)度減為原來的一半，則沒有光電子飛出D.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比【答案】A【解析】【詳解】A .由于存在質(zhì)量虧損，所以核反應(yīng)前后質(zhì)量并不守恒，A正確；B.普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出了能量子假說，B錯(cuò)誤；C.用一束綠光照射某金屬，現(xiàn)把這束綠光的強(qiáng)度減為原來的一

2、半，因?yàn)轭l率不變，所以仍能發(fā)生光電效應(yīng)有光電子飛出，C錯(cuò)誤；D.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm h Wo可知光電子的最大初動(dòng)能隨入射光頻率的增大而增大，但非成正比關(guān)系，D錯(cuò)誤。故選A .如圖所示，在與水平方向成。角的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一絕緣光滑細(xì)桿，底端固定一帶正電的小球，上端有一帶正電的小環(huán)，在環(huán)由靜止釋放后沿桿向下運(yùn)動(dòng)的過程中，下列關(guān)于小環(huán)能量變化的說法中正確的是()A.重力勢(shì)能與動(dòng)能之和增加C.機(jī)械能守恒【答案】B【解析】B.電勢(shì)能與動(dòng)能之和增加D.動(dòng)能一定增加ABC .在環(huán)由靜止釋放后沿桿向下運(yùn)動(dòng)的過程中，受向下的重力、斜向上的電場(chǎng)力和豎直向上的庫侖力， 因電場(chǎng)力和庫侖力對(duì)環(huán)都做負(fù)

3、功，可知環(huán)的機(jī)械能減??；而環(huán)的動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和守恒，則因AC錯(cuò)誤,電勢(shì)能變大，則重力勢(shì)能與動(dòng)能之和減??；因重力勢(shì)能減小，則電勢(shì)能與動(dòng)能之和增加；選項(xiàng)B正確；D.環(huán)下滑過程中一定存在一個(gè)重力、電場(chǎng)力、庫侖力以及桿的彈力的四力平衡位置，在此位置時(shí)環(huán)的速度最大，動(dòng)能最大，則環(huán)下滑時(shí)動(dòng)能先增加后減小，選項(xiàng) D錯(cuò)誤；故選B。.已知?dú)湓庸庾V中有一譜線的波長(zhǎng)為656.2nm,該譜線是氫原子由能級(jí)n躍遷到能級(jí)k產(chǎn)生的，普朗克常量h=6.63M0-34J s,氫原子基態(tài)能量 Ei13.6eV ,氫原子處于能級(jí) m時(shí)的能量Em 與，真空m中光速c=3.0 M03m/s。則n和k分別為（）A. k=3;

4、 n=2B. k=2; n=3C. k=3; n=1D. k=1; n=3【答案】B【解析】【詳解】譜線的能量為348c 6.63 103 1019 IE hv h - 9J 3.03 10 J 1.89eV656.2 10氫原子由能級(jí)n躍遷到能級(jí)k時(shí)釋放出的光子的能量為匚E1E1E22nk1113.6(-22 )eVk n3時(shí),n無解;2時(shí),可得1時(shí),可得n 1.1故A、C、D錯(cuò)誤，B正確;故選Bo.將一個(gè)小木塊和一個(gè)小鋼珠分別以不同的速度，豎直向上拋出，若小木塊受到的空氣阻力大小跟速度大小成正比，即f kv （其中k為常數(shù)），小鋼珠的阻力忽略不計(jì)，關(guān)于兩物體運(yùn)動(dòng)的V t圖象正確的是（取向上

5、為正方向）（）【答案】D【解析】【詳解】小鋼珠在運(yùn)動(dòng)過程中只受到重力作用，所以小鋼珠的V t圖象為一條向下傾斜的直線， 小木塊在向上運(yùn)動(dòng) 過程中其加速度滿足a mg kv m隨著v的減小a減小，當(dāng)速度減為零的瞬間加速度剛好減小到等于重力加速度，此時(shí)曲線的斜率跟斜線的 斜率相同，之后小木塊下落，這個(gè)過程加速度滿足a mg kv m加速度繼續(xù)減小，如果高度足夠高，小鋼珠最后可能做勻速直線運(yùn)動(dòng);故選Do.如圖所示，重力均為 G的兩小球用等長(zhǎng)的細(xì)繩 a、b懸掛在O點(diǎn)，兩小球之間用一根輕彈簧連接，兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩細(xì)繩 a、b與輕彈簧c恰好構(gòu)成正三角形?，F(xiàn)用水平力F緩慢拉動(dòng)右側(cè)小球，使細(xì)繩a最終豎

6、直，并保持兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.最終狀態(tài)時(shí)，水平拉力 F等于J3GB.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，輕彈簧c的彈性勢(shì)能保持不變C.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，右側(cè)小球機(jī)械能的增加量等于彈簧彈性勢(shì)能的減小量加上力F做的功D.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，系統(tǒng)的機(jī)械能增加【答案】D【解析】【分析】【詳解】AB.以左邊小球?yàn)檠芯繉?duì)象，初狀態(tài)受到重力、彈簧彈力和細(xì)繩拉力，如圖所示根據(jù)平衡條件可得細(xì)繩拉力TaG,其中 =30；則cosT 2Ga .3根據(jù)對(duì)稱性可知，初狀態(tài)細(xì)繩b的拉力大小為Tb2G3,末狀態(tài)以右邊的小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受到重力、細(xì)繩b的拉力和水平方向拉力而平衡，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得cos其中a 0

7、,則Tb2G,3c的彈性勢(shì)能改變，后來三邊構(gòu)成的三根據(jù)平衡條件可得：F=Gtan”，由于彈簧的長(zhǎng)度發(fā)生變化，輕彈簧 角形不是等邊三角形，故 a W60。則F 73g ,故AB錯(cuò)誤。C.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，根據(jù)能量守恒可知，兩球機(jī)械能的增加量等于彈簧彈性勢(shì)能的減小量加上力 F 做的功，而左側(cè)小球機(jī)械能減小，故右側(cè)小球增加量大于彈簧彈性勢(shì)能的減小量加上力 F做的功，故C 錯(cuò)誤；D.兩球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于外力 F做的功，由于F做正功，故系統(tǒng)機(jī)械能增加，故 D 正確。故選Do2018年7月29日09時(shí)48分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，以箭雙星”方式成功發(fā)射第33、34

8、顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星?；鸺龑深w衛(wèi)星送入了同一個(gè)軌道上的不同位置，如圖所示。如果這兩顆衛(wèi)星與地心連線成?；《龋┙牵谲夁\(yùn)行的加速度大小均為a,均沿順時(shí)針做圓周運(yùn)動(dòng)。已知地球的半徑為R,地球表面的重力加速度為 g,則第33顆北斗衛(wèi)星從圖示位置運(yùn)動(dòng)到第34顆北斗衛(wèi)星圖示位置所用的時(shí)間為【解析】【詳解】根據(jù)題意衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的加速為a,則GMm2-rma,22m() rGMm在地球表面時(shí) 2mg則第33顆北斗衛(wèi)星從圖示位置運(yùn)動(dòng)到第34顆北斗衛(wèi)星圖示位置所用的時(shí)間為t T2解得：tJg ，故B對(duì)；AC。故選B 二、多項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部

9、選對(duì)的得 5分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分一列簡(jiǎn)諧橫波沿 x軸正方向傳播，P和Q是介質(zhì)中平衡位置分別位于x=lm和x=7m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。t=0時(shí)刻波傳到P質(zhì)點(diǎn)，P開始沿y軸正方向振動(dòng)，t=ls時(shí)刻P第1次到達(dá)波峰，偏離平衡位置位移為0.2m;t=7s時(shí)刻Q第1次到達(dá)波峰。下列說法正確的是（）A.波的頻率為4Hz波的波速為1m/sP和Q振動(dòng)反相t=13s時(shí)刻，Q加速度最大，方向沿 y軸負(fù)方向E.073s時(shí)間，Q通過的路程為1.4m【答案】BCE【解析】A.由題意可知1T 1s4可得T=4s頻率f=0.25Hz選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B. t=ls時(shí)刻P第1次到達(dá)波峰，t=7s時(shí)刻Q第1次到達(dá)波峰，可

10、知在 6s內(nèi)波傳播了 6m,則波速為xv 一 1m/s t選項(xiàng)B正確；C.波長(zhǎng)為vT 4m因PQ=6m=1 1入，可知P和Q振動(dòng)反相，選項(xiàng) C正確； 2DE . t=7s時(shí)刻Q第1次到達(dá)波峰，則t=6s時(shí)刻Q點(diǎn)開始起振，則t=13s時(shí)刻，Q點(diǎn)振動(dòng)了 7s=1-T,4則此時(shí)Q點(diǎn)到達(dá)波谷位置，加速度最大，方向沿y軸正方向；此過程中Q通過的路程為7A=7X 0.2m=1.4m, 選項(xiàng)D錯(cuò)誤，E正確。故選BCE。8.下列說法中正確的是（）A.分子運(yùn)動(dòng)的平均速率可能為零，瞬時(shí)速度不可能為零B.液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引C.空氣的相對(duì)濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)表示D

11、.有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體E.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢(shì)能不一定減小【答案】BDE【解析】【分析】【詳解】A.分子做永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，其平均速率不可能為零，而瞬時(shí)速度可能為零，故A錯(cuò)誤；.表面張力的微觀解釋為液體表面層的分子間距較大，表現(xiàn)為引力，故 B正確；C.空氣絕對(duì)濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)表示，故 C錯(cuò)誤；D.晶體具有規(guī)則的幾何形狀，有一定的熔點(diǎn)，物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性， 非晶體則沒有規(guī)則的幾何形狀，沒有一定的熔點(diǎn)，物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性， 二者在一定的條件下可以相互轉(zhuǎn)化，例如，天然水晶是晶體，D正確;而熔化以后再凝結(jié)的水晶(即石英玻璃)就是非晶

12、體，故E.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，當(dāng)分子距離小于r0時(shí)，分子力為斥力，距離增大時(shí)分子斥力做正功，分子勢(shì)能減??；當(dāng)分子距離大于ro時(shí)，分子力為引力，距離增大時(shí)分子引力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故E正確。故選BDE。.如圖所示，用等長(zhǎng)的絕緣線分別懸掛兩個(gè)質(zhì)量、電量都相同的帶電小球 A和B,兩線上端固定于 。點(diǎn),B球固定在。點(diǎn)正下方。當(dāng)A球靜止時(shí)，兩懸線的夾角為0.下列方法中能保持兩懸線的夾角不變的是( )A.同時(shí)使兩懸線長(zhǎng)度減半B.同時(shí)使兩球的質(zhì)量和電量都減半C.同時(shí)使A球的質(zhì)量和電量都減半D.同時(shí)使兩懸線長(zhǎng)度減半和兩球的電量都減半【答案】CD【解析】【詳解】同時(shí)使兩懸線長(zhǎng)度減半，若

13、角度。不變，球間距減半，根據(jù)公式 匚=匚三，靜電斥力增加為4倍，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故 A錯(cuò)誤；同時(shí)使兩球的質(zhì)量和電荷量減半，A球的重力減小為一半，靜電力都減小為四分之一，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故B錯(cuò)誤；同時(shí)使 A球的質(zhì)量和電荷量減半，A球的重力和靜電力都減小為一半，故重力和靜電斥力的合力方向不變， 球能保持平衡，故C正確；同時(shí)使兩懸線長(zhǎng)度和兩球的電荷量減半，球間距減為一半，根據(jù)公式匚=口不，靜電力不變，故重力和靜電斥力的合力方向不變，球能保持平衡，故D正確。所以CD正確，AB錯(cuò)誤。10.以下說法正確的是 A.液體表面張力有使液

14、面收縮到最小的趨勢(shì)B.水結(jié)為冰時(shí)，水分子的熱運(yùn)動(dòng)會(huì)消失C.熱量總是自動(dòng)地從分子平均動(dòng)能大的物體向分子平均動(dòng)能小的物體轉(zhuǎn)移D.花粉顆粒在水中做布朗運(yùn)動(dòng)，反映了花粉分子在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)E.恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過程中，氣泡中的理想氣體內(nèi)能不變，對(duì)外做功，吸收熱量【答案】ACE【解析】 【詳解】A.液體由于存在表面張力，由收縮成球形的趨勢(shì)，故 A正確；B.水結(jié)冰時(shí)，由液體變?yōu)楣腆w，分子熱運(yùn)動(dòng)仍然存在，故 B錯(cuò)誤；C.由熱力學(xué)第二定律可知，熱量總是自發(fā)的從溫度高的物體傳到溫度低的物體，即熱量總是自動(dòng)地從分子平均動(dòng)能大的物體向分子平均動(dòng)能小的物體轉(zhuǎn)移，故C正確；D.花粉顆粒在水中做布朗運(yùn)動(dòng)

15、，反映了水分子在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；E.由于水池恒溫，故理性氣體溫度不變，內(nèi)能不變，由于氣體上升的過程體積膨脹，故對(duì)外做功，由熱 力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，故 E正確； 故選ACE。11.如圖甲所示，由一根導(dǎo)線繞成的矩形線圈的匝數(shù)n=10匝，質(zhì)量m = 0.04 kg、高h(yuǎn)=0.05 m、總電阻R= 0.5 Q豎直固定在質(zhì)量為 M = 0.06 kg的小車上，小車與線圈的水平長(zhǎng)度l相同。線圈和小車一起沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，并以初速度 vo= 2 m/s進(jìn)入垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B= 1.0 T ,運(yùn)動(dòng)過程中線圈平面和磁場(chǎng)方向始終垂直。若小車從剛進(jìn)磁場(chǎng)位置 1運(yùn)動(dòng)到剛

16、出磁場(chǎng)位置 2的過程中速度v隨車的位移x變化的圖象如圖乙所示，則根據(jù)以上信息可知（）A.小車的水平長(zhǎng)度 l=10cmB.小車的位移 x= 15cm時(shí)線圈中的電流I = 1.5AC.小車運(yùn)動(dòng)到位置 3時(shí)的速度為1.0m/sD.小車由位置 2運(yùn)動(dòng)到位置3的過程中，線圈產(chǎn)生的熱量Q= 0.0875J【答案】AC【解析】【詳解】A.從位置1到位置2,開始進(jìn)入磁場(chǎng)，安培力向左，小車減速，全進(jìn)入磁場(chǎng)后，回路磁通量不再變化，沒有感應(yīng)電流，不受安培力開始勻速，所以根據(jù)圖像可以看出小車長(zhǎng)10cm, A正確B.小車的位移x= 15cm時(shí)，處于勻速階段，磁通量不變，回路電流為零，B錯(cuò)誤C.小車進(jìn)入磁場(chǎng)過程中：（M

17、m）v2 （M m）w nBIh t nBhq ,出磁場(chǎng)過程中： TOC o 1-5 h z E .(M m)V3 (M m)V2nBIh t nBhq ,而進(jìn)出磁場(chǎng)過程中電量：q It t n,進(jìn)出磁場(chǎng)R R過程中磁通量變化相同，所以電量相同，所以mv2 mv1 mv3 mv2 ,解得：v3 1m/s, C正確212D.從位置2運(yùn)動(dòng)到位置3的過程中，根據(jù)能量守恒：一(M m)V2 (M m)V3 Q ,解得： HYPERLINK l bookmark127 o Current Document 2Q 0.0625J , d 錯(cuò)誤12.長(zhǎng)為l、間距為d的平行金屬板水平正對(duì)放置，豎直光屏 M到金

18、屬板右端距離為l ,金屬板左端連接有閉合電路，整個(gè)裝置結(jié)構(gòu)如圖所示.質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子以初速度V0從兩金屬板正中間自左端N點(diǎn)水平射入，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在某一位置時(shí)，粒子恰好垂直撞在光屏上.對(duì)此過程，下列分析正確的是(),VA .粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和從金屬板右端到光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等 2mgB.板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 一 qC.若僅將滑片 P向下滑動(dòng)一段后，再讓該粒子從N點(diǎn)以水平速度V0射入板間，粒子不會(huì)垂直打在光屏上D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該粒子從 N點(diǎn)以水平速度V0射入板間，粒子依然會(huì)垂直打在光屏上【答案】ABD【解析】A、粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)

19、，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場(chǎng)后，粒 子一定打在屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)和離開電場(chǎng)后斜上拋運(yùn) 動(dòng)，水平方向都不受外力，都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度都等于V0,所以粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和從金屬板右端到光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，故A正確；B、設(shè)粒子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小為a,則粒子離開電場(chǎng)豎直分速度大小為qE mg ll2mgVy at1m一丁，粒子離開電場(chǎng)后斜上拋運(yùn)動(dòng)則有Vy gt2 g v ,聯(lián)立解得E j，故B正確；C、若僅將滑片 P向下滑動(dòng)一段后，R的電壓減小，電容器的電壓減小，帶電量要減小，因?yàn)槎O管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器?/p>

20、能放電，帶電量不變，板間的電壓不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓該粒 子從N點(diǎn)以水平速度Vo射入板間，粒子會(huì)垂直打在光屏上，故 C錯(cuò)誤；Q、，一，D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電谷器的電谷要減小，由 C J知U不變，電量要減小，但因?yàn)?二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，帶電量不變，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，再讓1粒子從 N點(diǎn)以水平速度V。射入板間，粒子會(huì)垂直打在光屏上，故D正確;故選ABD .【點(diǎn)睛】粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場(chǎng)后，粒子一定打在屏的上方，做斜上拋運(yùn)動(dòng)，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運(yùn)動(dòng)和離開

21、電場(chǎng)后斜上拋運(yùn)動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的合成與分解求解.三、實(shí)驗(yàn)題：共2小題，每題8分，共16分13.很多人都認(rèn)為 力越小速度就越小”，為了檢驗(yàn)這個(gè)觀點(diǎn)是否正確，某興趣小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了這樣的實(shí)驗(yàn)方案：在水平桌面上放一木塊，木塊后端與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，前端通過定滑輪與不可伸長(zhǎng)的細(xì)線相連接，細(xì)線上不等間距地掛了五個(gè)鉤碼，其中第四個(gè)鉤碼與第五個(gè)鉤碼之間的距離最大。起初木塊停在靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的位置，第五個(gè)鉤碼到地面的距離小于木塊到定滑輪的距離，如圖甲所示。接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，木塊在鉤碼的牽引下，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，所有鉤碼落地后，木塊會(huì)繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為 50Hz。圖乙是實(shí)驗(yàn)得到的第一

22、個(gè)鉤碼落地后的一段紙帶，紙帶運(yùn)動(dòng)方向如箭頭所示。(當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?g取9.8m/s2)i第反)的研 ：圉用IM L 黜2 31) 1由2,SO 50 三棚 EMI 尉嶺門血 k X 啟 A X B兒3a飛、員兀1 圖乙(1)根據(jù)紙帶上提供的數(shù)據(jù)，可以判斷第五個(gè)鉤碼落地時(shí)可能出現(xiàn)在紙帶中的 段(用Di, D2,，D15字母區(qū)間表示)；第四個(gè)鉤碼落地后至第五個(gè)鉤碼落地前木塊在做 運(yùn)動(dòng)。(2)根據(jù)紙帶上提供的數(shù)據(jù)，還可以計(jì)算出第五個(gè)鉤碼落地后木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 m/s 2 ；木塊與 桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=。(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(3)根據(jù)紙帶上提供的數(shù)據(jù)，分析可知為越小速度就越小”的觀

23、點(diǎn)是的。(填 正確”或 錯(cuò)誤”)【答案】D106勻速直線5.00.51 錯(cuò)誤(1)12.第五個(gè)鉤碼落地后木塊將做減速運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)跡間距逐漸減小，則可以判斷第五個(gè)鉤碼落地時(shí)可能出現(xiàn)在紙帶中的 Di。 Dii ；由此也可判斷第四個(gè)鉤碼落地后至第五個(gè)鉤碼落地前的一段時(shí)間內(nèi)，紙帶上點(diǎn)跡均勻，木塊在做勻速直線運(yùn)動(dòng)。(2)34.由紙帶可看出，第五個(gè)鉤碼落地后 x 0.2cm根據(jù) x aT2可得木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為_2x 0.2 10222 5.0m/sT 0.02mg g m可得科=0.51(3)5 .根據(jù)紙帶上提供的數(shù)據(jù)，分析可知力越小速度就越小”的觀點(diǎn)是錯(cuò)誤的。14 .在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中

24、。(1)某組同學(xué)用如圖甲所示裝置，采用控制變量的方法，來研究小車質(zhì)量不變的情況下，小車的加速度與小車受到合力的關(guān)系。下列措施中不需要和不正確的是 ;A.平衡摩擦力的方法就是在祛碼盤中添加祛碼，使小車能勻速滑動(dòng)；B.每次改變拉小車?yán)蟛恍枰匦缕胶饽Σ亮?；C .實(shí)驗(yàn)中通過在祛碼盤中添加祛碼來改變小車受到的拉力；D.每次小車都要從同一位置開始運(yùn)動(dòng)；E.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先放小車，然后再開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源；甲(2)實(shí)驗(yàn)使用頻率為 50Hz的交流電源，得到的一條紙帶如圖乙所示。 從比較清晰的點(diǎn)起， 每4個(gè)點(diǎn)取一 個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，第1與第2個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為 s=3.58cm,第3與第4個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為 s =4.71

25、cm ,該小車的 加速度大小a=m/s2 (保留兩位有效數(shù)字)?！敬鸢浮緼DE 0.88【解析】【分析】【詳解】1AB ,平衡摩擦力時(shí)，不是在祛碼盤中添加祛碼，而是通過調(diào)節(jié)墊板使重力沿木板方向的分力等于 摩擦力，即mgsin mgcos可以約掉m,只需要平衡一次摩擦力，故 A錯(cuò)誤，符合題意；B正確，不符合題意；C正確，不符合題意;C.實(shí)驗(yàn)中通過在祛碼盤中添加祛碼來改變小車受到的拉力，故D.實(shí)驗(yàn)中每次小車不需要從同一位置開始運(yùn)動(dòng)，故 D錯(cuò)誤，符合題意；E.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，然后再放小車，故 E錯(cuò)誤，符合題意； 故選ADE。2每4個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則兩個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T 4 0

26、.02s=0.08s根據(jù)s3 S1 2aT2得S3 s1ss a2-2-2T 2T代入數(shù)值解得2a 0.88m/s四、解答題：本題共 3題，每題8分，共24分15.如圖，質(zhì)量 M 0.3kg的長(zhǎng)方體鋼板靜止在粗糙的水平面上，質(zhì)量m 0.5kg的滑塊靜止在鋼板右端。一質(zhì)量mo 0.2kg的光滑小球沿水平面以初速度v0 5m/s向右運(yùn)動(dòng)，與鋼板發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，碰后鋼板向右滑行，滑塊恰好不從鋼板上掉下來。已知鋼板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)10.1 ,與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)2 0.2,取g 10m/s2。求:(1)碰后瞬間，小球的速度大小和鋼板的速度大小；(2)滑塊在鋼板上滑行的時(shí)間t;(3)鋼

27、板的長(zhǎng)度L以及鋼板剛停下時(shí)滑塊與小球間的距離x?！敬鸢浮?1)1m/s, 4m/s； (2) 0.5s； (3)1m , 2.25m(1)碰后瞬間，設(shè)小球的速度為 v,鋼板的速度為 ,小球與鋼板發(fā)生彈性正碰，取水平向右為正，滿足動(dòng) 量守恒和機(jī)械能守恒，則m0v0 m0v Mv1 TOC o 1-5 h z 12 12 1 2m0v0m0vMv1222解得v m_Mv01m/sm0 M2m0v0v14m/sm0 M小球的速度大小為1m/s,鋼板的速度大小為 4m/s。(2)碰后，滑塊水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，鋼板水平向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直至與滑塊的速度相同。設(shè)鋼板、滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小分別為a

28、1、a2,根據(jù)牛頓第二定律有1(M m)g 2mg Ma12mg ma2鋼板與滑塊速度相同時(shí)有v1a1t1v2a2t1解得t10.5s鋼板與滑塊共速后，由于1(M m)g a .1g a2M m滑塊與鋼板以相同的加速度一起水平向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則滑塊在鋼板上滑行的時(shí)間t t10.5s(3)在0 ： t1內(nèi)，鋼板的位移大小v1 、2 .x112滑塊的位移大小X2v2t鋼板的長(zhǎng)度Lx1x2解得L 1m設(shè)鋼板與滑塊共速后到剛停下所用的時(shí)間為t2 ,則+a2、t2 a鋼板剛停下時(shí)滑塊與小球間的距離x |v| tl t2x2- at22解得x 2.25m16.平面直角坐標(biāo)系 xOy中，第I象限存在垂

29、直于平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第印象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示.一帶負(fù)電的粒子從電場(chǎng)中的Q點(diǎn)以速度vo沿x軸正方向開始運(yùn)動(dòng)，Q點(diǎn)到y(tǒng)軸的距離為到x軸距離的2倍.粒子從坐標(biāo)原點(diǎn) O離開電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)，最終從 x軸上的P點(diǎn)射出磁場(chǎng)，P點(diǎn) 到y(tǒng)軸距離與Q點(diǎn)到y(tǒng)軸距離相等.不計(jì)粒子重力，問：(1)粒子到達(dá)。點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；(2)電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比.【答案】(1) J2V0 ,與x軸正方向成45 角斜向上 (2)包2【解析】【分析】【詳解】(1)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖:粒子在電場(chǎng)中由 Q到O做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè) O點(diǎn)速度v與x方向夾角為軸的距離為2L,粒子的加速度為 a,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有:Q點(diǎn)到x軸的距離為L(zhǎng),至ij yx 方向：2L Voty 方向：L at22粒子到達(dá)。點(diǎn)時(shí)沿y軸方向的分速度:vyattanvyvx解得tan 1,即 45 ,粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的夾角為450解斜向上，粒子到達(dá) 。點(diǎn)時(shí)的速度大小為vo v cos45(2)設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為E,粒子電荷