2022-2023學年廣東省博羅中學物理高三第一學期期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，晾曬衣服的繩子兩端分別固定在兩根等高的豎直桿上，繩子的質量及繩與衣架掛鉤間摩擦均忽略不計，原來

2、保持靜止一陣恒定的風吹來，衣服受到水平向右的恒力而發(fā)生滑動，并在新的位置保持靜止則（ ）A兩繩子拉力不再相等 B繩的拉力可能變大C兩繩對掛鉤合力變小 D兩繩對掛鉤合力可能不變2、t0時刻，小球以一定初速度水平拋出，不計空氣阻力，重力對小球做功的瞬時功率為P則Pt圖象正確的是（ ）ABCD3、一輛汽車在平直公路上做剎車實驗，若從0時刻起汽車在運動過程中的位移與速度的關系式為x(100.1v2) m，則下列分析正確的是（ ）A上述過程的加速度大小為10 m/s2B剎車過程持續(xù)的時間為5 sC0時刻的初速度為10 m/sD剎車過程的位移為5 m4、在水平面上有A、B兩物體，通過一根跨過定滑輪的輕繩相

3、連，現A物體以v1的速度向右勻速運動，當繩被拉成與水平面的夾角分別為、時(如圖所示)，B物體的運動速度vB為(繩始終有拉力)()ABCD5、如圖為北京航天飛行控制中心對“嫦娥二號”衛(wèi)星實施降軌控制的示意圖，衛(wèi)星成功由軌道半徑為a、周期為T1的極月圓軌道進入遠月點距離為a、周期為T2的橢圓軌道，為拍攝月球圖像做好準備。則“嫦娥二號” （ ）A經過圓軌道上B點時的速率等于它經過橢圓軌道上A點時的速率B在圓軌道上經過B點和在橢圓軌道上經過A點時的加速度大小相等C在圓軌道上運行周期T1小于它在橢圓軌道上運行周期T2D在圓軌道上經過B點和在橢圓軌道上經過A點時的機械能相等6、圖示為一個質點做直線運動的圖

4、象，則下列說法中正確的是() A質點在05s內的位移為10mB質點在整個012s內的運動過程中，10s12s內的加速度最大C質點在10s末離出發(fā)點最遠D質點在8s12s內的平均速度為4 ms二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質量等于Q球的質量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點（ ） AP球的動量一定等于Q球的動量BP球的動能一定等于Q球的動能CP

5、球所受繩的拉力一定等于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定等于Q球的向心加速度8、質量均為0.5kg的木塊P、M、N疊放在水平桌面上，用一根細線分別拴接在M和N右側，在細線中點用水平輕質細繩繞過固定在桌面右端的光滑定滑輪懸掛一質量為0.5kg的重物系統(tǒng)整體處于靜止狀態(tài)，細線與豎直方向夾角=60，取g=10m/s2，則下列說法正確的是（）A木塊M受到木塊P的摩擦力水平向左B木塊M和N之間的摩擦力為2.5NC細線中的拉力為D若其它條件不變，變小，木塊N對桌面的壓力增大，系統(tǒng)仍將處于平衡狀態(tài)9、甲、乙兩物體同時同地沿同一方向做直線運動的速度時間圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A兩物體兩次相遇

6、的時刻是末和末B末乙在甲前面C在內，兩物體相距最遠的時刻是末D乙先向前運動，隨后向后運動10、甲、乙兩車從t=0時刻開始在一條平直公路上相向行駛，其v-t圖象分別如圖中的直線A和B所示，已知兩車在t=8s時相遇，由圖可知At=4s時，甲、乙兩車相距最遠Bt=6s時，甲、乙兩車第一次相遇Ct=0時，甲、乙兩車相距16mD甲、乙兩車兩次相遇的地點相距12m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）未來在一個未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運動的規(guī)律。懸點O正下方P點處有水平放置的熾熱電熱絲，當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向

7、前飛出做平拋運動。現對小球采用頻閃數碼照相機連續(xù)拍攝。在有坐標紙的背景屏前，拍下了小球在做平拋運動過程中的多張照片，經合成后，照片如圖乙所示。a、b、c、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s，照片大小如圖中坐標所示，又知該照片的長度與實際背景屏的長度之比為1：4，則：(1)由以上信息，可知a點_（填“是”或“不是”）小球的拋出點。(2)由以上及圖信息，可以推算出該星球表面的重力加速度為_m/s2。（結果保留兩位有效數字）(3)由以上及圖信息可以算出小球平拋的初速度是_m/s。（結果保留兩位有效數字）12（12分）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，采用下圖

8、所示的裝置（1）本實驗應用的實驗方法是 _A控制變量法 B假設法C理想實驗法 D等效替代法（2）下列說法中正確的是 _ A平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D小車運動的加速度可用天平測出砝碼質量m以及小車質量M，直接用公式amgM求出（3）該同學在實驗中保持拉力不變，得到了小車加速度a隨質量M變化的一組數據，為了能直觀反映出加速度與質量關系，最好作a=_ （選填“M”或“”）的圖像。 （4）在“探究加速度與力的關系”時，保持小車的質量不變，改變小桶中砝碼的質量，該同學根據實驗數據作出了

9、加速度a與合力F圖線如圖所示，該圖線不通過坐標原點的原因：_圖線中斜率的倒數的物理含義是 _。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，物體A放在長L=1m的木板B上，木板B靜止于水平面上已知A的質量mA和B的質量mB均為1.0kg，A、B之間的動摩擦因數1=0.1，B與水平面之間的動摩擦因數1=0.1，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度g取10m/s1若從t=0開始，木板B受F=16N的水平恒力作用，（1）木板B受F=16N的水平恒力作用時，A、B的加速度aA、aB各為多少？（1）t=1

10、s時，在B的速度為多少？14（16分）如圖所示，是一傳送裝置，其中AB段長為L=1m，動摩擦因數=15；BC、DEN段均可視為光滑，DEN是半徑為r15 m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向，C位于DN豎直線上，CD間的距離恰能讓小球自由通過。其中N點又與足夠長的水平傳送帶的右端平滑對接，傳送帶以6m/s的速率沿順時針方向勻速轉動，小球與傳送帶之間的動摩擦因數也為1.5。左端豎直墻上固定有一輕質彈簧，現用一可視為質點的小球壓縮彈簧至A點后由靜止釋放（小球和彈簧不粘連），小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，而始終不脫離軌道。已知小球質量m=12 kg，g取11m/s2。（1）求小球到達D點時速度的大

11、小及彈簧壓縮至A點時所具有的彈性勢能；（2）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，在傳送帶上留下多長的痕跡？（3）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，小球與傳送帶因摩擦產生的熱量和電動機多消耗的電能？15（12分）如圖所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為m的小球，從離彈簧上端高h處由靜止釋放以小球開始下落的位置O為原點，沿豎直向下方向建立坐標軸Ox，在小球開始下落到向下運動到最低點的過程中，小球所受彈簧彈力F的大小隨小球下落的位置坐標x的變化關系如圖所示，x0為已知量不計空氣阻力，重力加速度為g求：（1）剛要接觸彈簧時，小球的速度大小v；（2）彈簧的勁度系數k；（3）小球下落過程

12、中的最大動能Ek參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】衣服原來是受重力和兩個拉力而平衡，衣服受到水平向右的恒力后是四力平衡，兩個繩子的拉力的合力與重力、風力的合力相平衡，故兩個繩子的拉力的合力變大，即繩對掛鉤合力變大，故CD錯誤；兩個繩子的夾角變小，兩個繩子的拉力的合力變大，故兩個繩子的拉力可能變大、變小或不變，故B正確，A錯誤；故選B?！军c睛】本題關鍵是受力分析后結合共點力平衡條件分析，注意衣服受到水平向右的恒力后兩邊繩子的夾角不再相等2、C【解析】將小球以一定的初速度水平拋出，不計阻力，物體做平拋運動，

13、速度為，故t秒時重力的功率為故說明P與時間成正比，故C正確，ABD錯誤。故選C。3、C【解析】AC根據公式和位移與速度的關系式為x=(10-0.1v2)m，解得：a=-5m/s2，v0=10m/s負號表示與運動方向相反，故A正確，C正確。B剎車時間 =2s故B錯誤；D剎車位移為故D錯誤。故選C4、D【解析】將物體A的速度分解為使繩右端伸長和逆時針轉動兩個分量，如圖(a)所示，則繩端伸長的速度vv1cos；同理對物體B，速度分解如圖(b)所示，繩端縮短的速度vv，因此物體B的運動速度vBv/cos ，D項正確5、B【解析】根據開普勒周期定律比較兩個軌道上的周期，當萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時

14、，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運動，若是供大于需，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運動；若是供小于需，則衛(wèi)星做逐漸遠離圓心的運動；【詳解】A、在圓軌道實施變軌成橢圓軌道是做逐漸靠近圓心的運動，要實現這個運動必須萬有引力大于所需向心力，所以應給“嫦娥二號”衛(wèi)星減速，減少所需的向心力，所以經過圓軌道上A點時的速率大于它經過橢圓軌道上A點時的速率，而圓軌道上的各個位置速率相等，即經過圓軌道上B點時的速率大于它經過橢圓軌道上A點時的速率，故A錯誤；B、“嫦娥二號”衛(wèi)星變軌前通過B點時只有萬有引力來提供加速度，變軌后沿橢圓軌道運動到A點時也是只有萬有引力來提供加速度，而且這兩點距離月球相等，由于萬有引力與距離有關，說明

15、衛(wèi)星在這兩點時萬有引力的大小相等，根據牛頓第二定律可知這兩點加速度大小也相等，故選項B正確； C、根據開普勒第三定律得：，k與中心體有關，由于圓軌道的半徑大于橢圓的半長軸，所以在圓軌道運行周期大于它在橢圓軌道運行周期，故C錯誤；D、衛(wèi)星變軌的時候發(fā)動機點火，發(fā)動機做功，所以“嫦娥二號”衛(wèi)星點火變軌，前后的機械能不守恒，而圓軌道上的各個位置機械能相等，即在圓軌道上經過B點和在橢圓軌道上經過A點時的機械能不相等，故D錯誤?！军c睛】衛(wèi)星變軌也就是近心運動或離心運動，根據提供的萬有引力和所需的向心力關系確定，注意變軌時發(fā)動機點火，即變軌前后機械能不守恒。6、B【解析】在05s內，質點的位移x=52m5

16、m；故A錯誤。質點在整個012s內的運動過程中，10s12s內圖線的斜率絕對值最大，則加速度最大。故B正確。質點在11s末圖線與時間軸圍成的面積最大，則11s末距離出發(fā)點最遠。故C錯誤。質點在8s12s內的位移與810s內的位移相等，則x=(2+6)2m8m，則平均速度故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】AB.從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得：mgR=12mv2解得：v=2gR在最低點的動量I=mv=m2gR，半徑不相等，動量不相等，A

17、錯誤；B、由機械能守恒得：mgR=12mv2，最低點的動能等于重力勢能的減少量，由于下降的高度不相等，最低點動能不相等，B錯誤；C、在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：F-mg=mv2R，解得：F=3mg，與半徑無關吧，C正確；D、根據a向=（Fmg）/m=2g，向心加速度相等。故D正確。故選：CD。點睛：從靜止釋放至最低點，由機械能守恒列式，可知最低點的速度、動能；在最低點由牛頓第二定律可得繩子的拉力和向心加速度8、BC【解析】A、對P進行受力分析可知，P只受到重力和支持力，水平方向沒有引起P產生運動趨勢的力，所以P不受摩擦力，則M也不受P的摩擦力，故A項錯誤B、水平繩子

18、拉力 細線與豎直方向夾角=60，將傾斜細線的拉力分解成水平方向與豎直方向，則細線水平分力大?。?將P、M作為整體，N對M的摩擦力等于傾斜細線拉力的水平分量，木塊M和N之間的摩擦力為2.5N，故B項正確C、細線與豎直方向夾角=60，則細線的拉力大小：，故C項正確D、當看成整體時，無論變小，還是變大，整體受力情況不變木塊N對桌面的壓力不變，系統(tǒng)仍將處于平衡狀態(tài)故D項錯誤點睛：整體法和隔離法的問題，要恰當選擇研究對象進行分析9、AB【解析】At=2s時乙的位移為甲的位移為x=22=4m兩者位移相同，又是從同一地面出發(fā)，故2s末時二者相遇，同理可判斷6s末二者也是相遇，故A正確；B4s時甲的位移為x=

19、42=8m乙的位移為甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正確；C1s末兩物體相距的距離等于一個小三角形的面積，而4s末兩物體相距的距離等于2-4之間三角形的面積，明顯4s末二者的距離最大，故C錯誤；D乙的速度一直為正，說明其運動方向始終未發(fā)生變化，故D錯誤。故選AB。10、CD【解析】AB根據v-t圖像可知，因為8s時兩車相遇了，所以根據面積關系可判斷在t=4s時甲車和乙車第一次相遇，故A錯誤，B錯誤；C在t=0時，甲、乙兩車相距：故C正確；D甲乙兩車第二次相遇地點沿公路方向的距離也就是從第4s末到第8s末兩車運動的位移：故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

20、答題處，不要求寫出演算過程。11、是 【解析】(1)1因為豎直方向上相等時間內的位移之比為，符合初速度為零的勻變速直線運動特點，因此可知點的豎直分速度為零，點是小球的拋出點；(2)2由照片的長度與實際背景屏的長度之比為可得乙圖中正方形的邊長為豎直方向上有解得(3)3水平方向小球做勻速直線運動，因此小球平拋運動的初速度為12、（1）A； （2）B； （3）1/M； （4）平衡摩擦力過度； 小車的質量 【解析】（1）加速度與物體質量、物體受到的合力有關，在探究加速度與物體質量、受力關系的實驗中，應該使用控制變量法。（2）當盤及盤中砝碼的總質量遠小于小車及砝碼總質量時，可以認為小車受到的拉力等于盤及

21、砝碼的重力。平衡摩擦力時，不能掛盤；實驗過程中，應保證繩和紙帶與木板平行；小車的加速度應由紙帶求出。（3）根據牛頓第二定律可知，加速度和質量成反比，故應該做a-1/M圖象；（4）實驗時應平衡摩擦力，沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a-F圖象在F軸上有截距；平衡摩擦力過度，在a-F圖象的a軸上有截距?！驹斀狻浚?）該實驗是探究加速度與力、質量的三者關系，研究三者關系必須運用控制變量法，故選A。（2）平衡摩擦力時，不能將及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上。故A錯誤。改變小車質量時，不需要重新平衡摩擦力。故B正確。實驗時，先接通電源，再釋放小車。故C錯誤。小車運動的加速度通過紙帶求出，不能通過a

22、=mg/M求出。故D錯誤。故選B。（3）在合外力保持不變時，物體的加速度與物體的質量成反比，故作出加速度與小車質量倒數的關系圖象，即a-1/M圖像；（4）當F=1時，a1也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大；由a=F/M可知圖線中斜率的倒數的物理含義是小車的質量。【點睛】本題第（1）（2）問關鍵明確實驗原理和實驗誤差的來源；第（3）問關鍵明確用圖像法處理數據時，要作直線，直線較為形象直觀。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1m/s1，4m/s1（1）11m/s

23、【解析】試題分析：（1）分別對A、B隔離分析，運用牛頓第二定律求出A、B的加速度（1）因為aAaB，A相對B向后滑動，結合A、B的位移關系，結合位移時間公式求出A從B上滑下的時間，滑下后，根據牛頓第二定律求出B的加速度，結合速度時公式求出B的速度解：（1）根據牛頓第二定律得：1mAg=mAaA解得：；對B有：F11（mA+mB）g1mAg=mBaB代入數據解得：（1）因為aAaB，A相對B向后滑動，設經過t1后A滑到B的左邊緣，A的位移為：，B的位移為：，x1x1=L解得：t1=1st=1s，則1s時A已從B上滑下t1=1s時，A、B的速度分別為vA、vB，則有：vB=aBt1=41m/s=4m/s設A滑落后B的加速度為aB，根據牛頓第二定律得：F1mBg=mBaB代入數據解得：在t=1s時B的速度：vB=vB+aB（tt1）代入數據解得：vB=11m/s答：（1）木板B受F=16N的水平恒力作用時，A、B的加速度aA、aB各為1m/s1、4m/s1（1）t=1s時，B的速度為11m/s【點評】解決本題的關鍵理清A、B的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁14、 (2) (3) 【解析】由題意可知考查豎直面內的圓周運動，傳送帶模型，根據牛頓運動定律、