2022-2023學年安徽省合肥市壽春中學物理高三上期中聯(lián)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，跳水運動員接觸踏板的過程可以簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態(tài)的跳板（A位置）上，隨跳板一同向下做變速運動到達最低點（B位置）。對于運動員從位置A與跳板接觸到運動至最低點B位置的過程，下列說法中正確的是（ ）A運動員到達最低點時，其所受外力的合力為零B在這個過程中，運動員的動能先增大后減小C在這個過程中，跳板的彈性勢能一直在減小D在這個過程中，運動員所受重力對她做的功等于跳板的作用力對她做的功2、中俄聯(lián)合實施探測火星計劃，中國研制的“螢火一號”火星探測器與俄羅斯研制的“福布斯土壤”火星探測器一起由俄羅斯“天頂”運載火箭發(fā)射前往火星已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)

3、量的，火星的半徑約為地球半徑的下列關于火星探測器的說法正確的是( )A發(fā)射速度只要高于第一宇宙速度即可B發(fā)射速度只有達到第三宇宙速度才可以C發(fā)射速度不能高于第二宇宙速度D火星探測器環(huán)繞火星運行的最大速度為地球第一宇宙速度的3、如圖所示，甲、乙兩個小球的質(zhì)量均為m，兩球間用細線2連接，甲球用細線1懸掛在天花板上現(xiàn)分別用大小相等的力F水平向左、向右拉兩球，平衡時細線都被拉緊則平衡時兩球的可能位置是下列選項中的()ABCD4、如圖所示，質(zhì)量相同的兩小球a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出后，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A小球a、b在空中飛行的時間之比為2：1B小

4、球a、b拋出時的初速度大小之比為2：1C小球a、b到達斜面底端時的動能之比為4：1D小球a、b到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角之比為1：15、靜止在光滑水平面上的兩物塊通過一根細線相連，中間夾著一根壓縮了的輕彈簧（與兩物塊均不拴接），如圖所示，A物塊的質(zhì)量是B物塊質(zhì)量的2倍?，F(xiàn)燒斷細線，在彈簧彈開兩物塊的過程中，用、分別表示彈簧對A、B兩物塊的沖量大小，則ABCD6、如圖所示，質(zhì)量滿足mA2mB3mC的三個物塊A、B、C，A與天花板之間，B與C之間均用輕彈簧相連，A與B之間用細繩相連，當系統(tǒng)靜止后，突然剪斷AB間的細繩，則此瞬間A、B、C的加速度分別為(取向下為正) () Ag、2g、0B2

5、g、2g、0Cg、g、0D2g、g、g二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關系如圖中實線所示在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其ax關系如圖中虛線所示，假設兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體已知星球M的半徑是星球N的3倍，則AM與N的密度相等BQ的質(zhì)量是P的3倍CQ下落過程中的最大動能是P的4倍DQ下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍

6、8、如圖所示，光滑地面上有P，Q兩個固定擋板，A，B是兩擋板連線的三等分點A點有一質(zhì)量為m2的靜止小球，P擋板的右側有一質(zhì)量為m1的等大小球以速度v0向右運動小球與小球、小球與擋板間的碰撞均沒有機械能損失，兩小球均可視為質(zhì)點已知兩小球之間的第二次碰撞恰好發(fā)生在B點處，則兩小球的質(zhì)量之比m1：m2可能為（ ）A3：1B1：3C1：5D1：79、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距s=3.5m，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.1，物塊滑上傳送帶A端的瞬時速度vA=4m/s，到達B端的瞬時速度設為vB下列說法正確的是 （ ）A若傳送帶不動，vB=3m/sB若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，vB一定等于3m/sC

7、若傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，vB一定等于3m/sD若傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，有可能等于2m/s10、一質(zhì)量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）A時物塊的速率為B時物塊的動量大小為C時物塊的動量大小為D時物塊的速度為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通過僅測量_(填選項前的序號)，間接地解決這個問題A小球開始釋放的高度hB小球拋出點距

8、地面的高度HC小球做平拋運動的水平位移(2)用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2.圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球m2靜止于軌道水平部分的右側末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并重復多次，分別找到小球的平均落點M、P、N，并測量出平均水平位移OM、OP、ON.(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為_用(2)中測量的量表示；若碰撞是彈性碰撞，那么還應該滿足的表達式為_用(2)中測量的量表示12（12分）長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪.輕繩跨過滑輪，一端與小車連接，車內(nèi)放上5 個相同

9、的鉤碼，另一端可懸掛鉤碼小車的右端固定有寬度為d 的遮光片利用如圖的裝置，實驗小組探究質(zhì)量一定時加速度與力的關系他們進行了如下操作，完成步驟中的填空:(1)從小車內(nèi)取1 個鉤碼掛在輕繩的右端，將小車從A 處由靜止釋放，測出A、B 間的距離為x、遮光片通過光電門的時間為t1，則遮光片通過光電門的瞬時速度v1=_; 小車的加速度a1=_(用已知和測得的物理量符號表示) (2)再從小車內(nèi)取1 個鉤碼掛在右端鉤碼的下方(共2 個)，仍將小車從A 處由靜止釋放，測出遮光片通過光電門的時間為t2，用m 表示一個鉤碼的質(zhì)量，用M 表示小車的質(zhì)量(不含鉤碼)，為達到實驗目的，本次操作需要驗證的關系式為_(重力

10、加速度為g，用已知和測得的物理量符號表示) (3)依次取3、4、5 個鉤碼掛在輕繩右端，重復以上操作，得到一系列遮光片通過光電門的時間t用F 表示右端所掛鉤碼的總重量，如果實驗操作無誤，作出的下列圖象中正確的是_ (4)下列措施中，能夠減小實驗誤差的是_ A、保證輕繩下端所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車與車內(nèi)鉤碼的總質(zhì)量 B、實驗前應平衡摩擦力 C、細線在桌面上的部分應與長木板平行 D、圖中AB 之間的距離應盡量小些四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，傾斜軌道AB的傾角為37，CD、EF軌道水平，AB與

11、CD通過光滑 圓弧管道 BC 連接，CD右端與豎直光滑圓周軌道相連小球可以從D進入該軌道，沿軌道內(nèi) 側運動，從E滑出該軌道進入EF水平軌道小球由靜止從A點釋放，已知AB長為5R，CD長為 R，重力加速度為 g，小球與斜軌 AB 及水平軌道CD、EF的動摩擦因數(shù)均為 0.5，圓弧管道BC入口B與出口C的高度差為1.8R.(sin37=0.6，cos37=0.8)求：(1)小球?qū)偟紺時對軌道的作用力；(2)要使小球在運動過程中不脫離軌道，豎直圓周軌道的半徑 R應該滿足什么條件？若R=2.5R，小球最后所停位置距D(或E)多遠？（注：在運算中，根號中的數(shù)值無需算出）14（16分）如圖所示,在光滑的

12、水平面上放置一個質(zhì)量為的木板的左端放置一個質(zhì)量為m的物塊已知之間的動摩擦因數(shù)為,現(xiàn)有質(zhì)量為的小球以水平速度飛來與物塊碰撞后立即粘住,在整個運動過程中物塊始終未滑離木板,且物塊可視為質(zhì)點,求:（1）球與物體A碰后的速度大小;（2）物塊A相對木板靜止后的速度大?。?）木板B至少多長15（12分）如圖，導熱性能極好的氣缸，高為L1m，開口向下固定在豎直平面內(nèi)，氣缸中有橫截面積為、質(zhì)量為m10kg的光滑活塞，活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在汽缸內(nèi)。當外界溫度為、大氣壓為時，氣柱高度為，汽缸和活塞的厚度均可忽略不計，取。求：如果外界溫度緩慢升高到恰使活塞移至汽缸開口處，求此時外界溫度為多少開；如果氣體溫度

13、保持不變，將活塞緩慢拉至汽缸開口處，作用于活塞上的豎直拉力F的大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A.運動員從接觸跳板到達最低點，彈力在增大，合力先減小后增大，所以運動到最低點合力不為零，故A錯誤；B.當合力的方向與速度同向，速度增加，當合力的方向與速度反向，速度減小，合力的方向先向下后向上，所以運動員的速度先增大后減小，運動員的動能先增大后減小，故B正確；C.在此過程中，跳板的形變量增大，跳板的彈性勢能一直在增加，故C錯誤；D.根據(jù)動能定理，重力做正功，彈力做負功，動能在減小，所以運動員所受重力對

14、他做的功小于跳板的作用力對他做的功，故D錯誤。2、D【解析】A、B、C、火星探測器前往火星，脫離地球引力束縛，還在太陽系內(nèi)，發(fā)射速度應大于第二宇宙速度、可以小于第三宇宙速度，故A、B錯誤、C正確D、由，得：，已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的，可得火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比，故D錯誤故選C【點睛】本題要求同學們了解三個宇宙速度的基本含義通過物理規(guī)律把進行比較的物理量表示出來，再通過已知的物理量關系求出問題是選擇題中常見的方法3、A【解析】以整體為研究對象，受到向左和向右的拉力、重力和繩子1的拉力而靜止，向左和向右的拉力等大反向，合力為零，重力和繩子1的拉力合力

15、也為零，所以繩子的拉力應豎直向上；再隔離乙球分析，受向下的重力、水平向右的拉力和繩子2的拉力而平衡，所以繩子2的拉力應斜向左上方，故A正確、BCD錯誤故選A4、D【解析】因為兩球下落的高度之比為2：1，根據(jù)h=gt2得，高度之比為2：1，則時間之比為：1，故A錯誤兩球的水平位移之比為2：1，時間之比為：1，根據(jù) 知，初速度之比為：1，故B錯誤根據(jù)動能定理可知，到達斜面底端時的動能之比EKa：Ekb=(mva2+mgha)：(mvb2+mghb)=2：1，故C錯誤小球落在斜面上，速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，因為位移與水平方向的夾角相等，則速度與水平方向的夾角相

16、等，到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等，故D正確故選D5、A【解析】燒斷細線后在彈簧彈開兩個物體的過程中，A、B所受的彈簧彈力大小相等、作用時間t相等，則由I=Ft知：IA=IB，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、C【解析】試題分析：設C物體的質(zhì)量為m，則A物體的質(zhì)量為3m，B物體的質(zhì)量為1.5m，剪斷細線前，對BC整體受力分析，受到總重力和細線的拉力而平衡，故T=2.5mg；再對物體A受力分析，受到重力、細線拉力和彈簧的拉力；剪斷細線后，重力和彈簧的彈力不變，細線的拉力減為零，故物體A受到的力的合力等于2.5mg，向上，根據(jù)牛頓第二定律得A的加速度為；物體C受到的力不變，合力為零，故C

17、的加速度為aC=0 ；剪斷細線前B受重力、繩子的拉力和彈簧的拉力，他們合力為零；剪短細線后，繩子的拉力突變?yōu)榱?，重力和彈簧的彈力不變，故B合力大小等于繩子的拉力2.5mg，方向豎直向下，根據(jù)牛頓第二定律得B的加速度為，可知ABD錯誤，C正確；故選C.考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是力學中的瞬時問題，關鍵是先根據(jù)平衡條件求出各個力，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；同時要注意輕彈簧的彈力與形變量成正比，來不及突變，而細線的彈力是有微小形變產(chǎn)生的，故可以突變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的

18、得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有：，變形式為：，該圖象的斜率為，縱軸截距為重力加速度根據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：；又因為在某星球表面上的物體，所受重力和萬有引力相等，即：，即該星球的質(zhì)量又因為：，聯(lián)立得故兩星球的密度之比為：，故A正確；B、當物體在彈簧上運動過程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，即：；結合a-x圖象可知，當物體P和物體Q分別處于平衡位置時，彈簧的壓縮量之比為：，故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：，故B錯誤；C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時，它們

19、的動能最大；根據(jù)，結合a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足，物體Q的最大速度滿足：，則兩物體的最大動能之比：，C正確；D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡諧運動，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動的振幅A分別為和，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4，則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時P物體最大壓縮量的2倍，D錯誤；故本題選AC8、ABD【解析】若碰后球1的速度方向與原來的方向相同，可知1球的速度小于2球的速度，兩球在B點相遇，是球2反彈后在B點相遇，有：v 2 t=3v 1 t，即：v 2 =3v 1 根據(jù)動量守恒得，m 1 v 0 =m 1 v 1

20、+m 2 v 2 ，根據(jù)機械能守恒得：聯(lián)立解得m 1 =3m 2若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反，與擋板碰后反彈在B點追上球2，則有：v 1 t=3v 2 t，即：v 1 =3v 2根據(jù)動量守恒得：m 1 v 0 =-m 1 v 1 +m 2 v 2 ，根據(jù)機械能守恒得：聯(lián)立解得：m 2 =7m 1若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反，與擋板碰后反彈、球2與擋板碰后反彈在B點相遇，則有：v1t=v2t，即：v1=v2，根據(jù)動量守恒得：m1v0=-m1v1+m2v2，根據(jù)機械能守恒得聯(lián)立解得：m2=3m1 綜上所述，故A、B、D正確點晴：解決本題的關鍵知道彈性碰撞的特點，動量守恒，機械能

21、守恒，結合兩球碰后的速度大小的關系和方向，運用動量守恒和機械能守恒綜合求解9、AC【解析】當傳送帶不動或者傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動時，物體一定會受到滑動摩擦力作用，摩擦力方向水平向左且大小相同，物體做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律可得物體加速度大小為 根據(jù)勻變速運動規(guī)律可知，物體到達B點時的速度為故AC正確；當傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動時，若傳送帶速度小于 時，則物體到達B點時的速度大小為 故B、D項錯誤；綜上所述本題正確答案為AC10、AB【解析】A前兩秒，根據(jù)牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為1m/s，A正確；Bt=2s時，速率為2m/s，則動量為P=mv=4kgm/sB

22、正確；CD2-4s，力開始反向，物體減速，根據(jù)牛頓第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s時的速度為1.5m/s，動量為3kgm/s，4s時速度為1m/s，CD錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C （3） 【解析】（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度，故選C（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v1t，代入得：；若碰撞是彈性碰撞，滿足能量守恒：，代入得；m1OP1=m

23、1OM1+m1ON112、 ； ； ； D； BC； 【解析】（1）遮光片通過光電門的瞬時速度v1=; 根據(jù)v12=2ax可得小車的加速度（2）對砝碼和小車的整體，合外力為F=2mg，加速度為；則需要驗證的是F=M整體a2，即；（3） 設下面掛的鉤碼重力為F，則由（2）的分析可知：，即F-為過原點的直線，可知選項D正確； （4）因此實驗中研究對象是小車的鉤碼的整體，則不需要保證輕繩下端所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車與車內(nèi)鉤碼的總質(zhì)量，選項A錯誤；實驗前應平衡摩擦力，從而保證整體受的合外力等于F，選項B正確；細線在桌面上的部分應與長木板平行，以減小實驗的誤差，選項C正確；圖中AB 之間的距離應盡量大

24、些，這樣小車到達光電門處的速度較大些，可減小測量的誤差，選項D錯誤；故選BC.【點睛】本題考查驗證牛頓第二定律的實驗，要求能明確實驗原理，認真分析實驗步驟，從而明確實驗方法；同時注意掌握圖象處理數(shù)據(jù)的方法，能根據(jù)函數(shù)關系判斷圖象，明確對應規(guī)律的正確應用四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 球?qū)壍赖淖饔昧?.6mg，方向豎直向下 (2)b球?qū)⑼Ｔ贒點左側，距D點0.6R處【解析】（1）設小球到達C點時速度為v，a球從A運動至C過程，由動能定理有：可得： 小球沿BC軌道做圓周運動，設在C點時軌道對球的作用力為N，由牛頓第二定律，有： 其中r滿足： r+rsin53=1.8R 聯(lián)立上式可得： N=6