湖南省醴陵二中、醴陵四中高二物理上學期期中聯(lián)考試題(含解析)

1、醴陵二中、醴陵四中2017年下學期兩校聯(lián)考高二年級物理期中考試物理試題（本試卷滿分100分，考試時間90分鐘）一、單項選擇題（共12小題，每小題3分，共36分。每小題給出的四個選項中只有一個選項是正確的，把答案填在答題表中）1 .首先發(fā)現(xiàn)電流產生磁場的科學家是（）A.富蘭克林B.法拉第C.安培D.奧斯特【答案】D【解析】試題分析：首先發(fā)現(xiàn)電流產生磁場的科學家是奧斯特Q對;考點：考查物理史實點評：本題難度很小，考查了學生對物理常識的記憶基礎2 .真空中兩個相同的金屬小球A和B,帶電荷量分別為Q=2X10-8C和Q=4X10-8C,相互作用力為F,若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變?yōu)?/p>

2、（）982A.,卜B.FC.JD.F【答案】A【解析】設A球的電荷量為Q則B球的電荷量為2Q,未接觸前，根據庫侖定律，得：F=",接觸后兩球帶電量平分，再由庫侖定律，得：廣F'=上二過=里，則F,=，故A正確。r"4產點晴：本題考查運用比例法求解物理問題的能力.對于兩個完全相同的金屬球，互相接觸后電量平分。3.電場中有一點P,下列說法正確的是（）A.若放在P點的電荷的電量減半，則P點場強減半B.若P點沒有檢驗電荷，則P點的場強為零C. P點的場強越大，則同一電荷在P點所受的電場力越大D. P點的場強方向為檢驗電荷在該點的受力方向【答案】C【解析】A項：通過電荷所受電

3、場力與其電量的比值來定義電場強度，該點的電場強度已是定值，若放在P點的電荷的電量減半，其比值是不變的，只有電場力減半，故A錯誤；B項：若P點沒有檢驗電荷，則沒有電場力，而P點的電場強度仍不變.故B錯誤；C項：P點的場強越大，則同一電荷在P點所受的電場力越大，故C正確；D項：P點的場強方向為檢驗正電荷在該點的受力方向，故D錯誤；點晴：電場強度是通過比值定義的，比值與其電場力及電量均沒有關系.例如：質量與體積的比值定義為密度.當質量變大時，體積變大，而比值卻不變.電場線雖不實際存在，但卻能形象描繪電場的強度與方向.4 .有一電場的電場線如圖所示，場中A、B兩點的場強和電勢分別用Ea、Eb和（|）a

4、、（|）b表示，則（）A. E a>&, 4 a"B.E a>EbC. Ea<Eb, (f) A> (f)D.E a<Eb【解析】電場線的疏密表示電場強度大小，電場線越密，電場強度越大，故Ea<Eb,沿電場線方向電勢降低，故中盤V中R,D正確.5 .關于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器帶的電荷量越多，其電容越大B.電容器兩板間電壓越低，其電容越小C.電容器不帶電時，其電容為0D.電容器的電容只由它本身特性決定【解析】A、B項：電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關，故AB錯誤；C項：根據C=焉，電容器的電容只由它本身

5、特性決定，當不帶電時，仍存在電容.故C錯誤，D正確。點晴：解決本題的關鍵掌握電容的決定式：二=焉，知道電容與兩極板的距離、正對面積有關，與所帶的電量及兩端的電勢差無關。6 .下圖列出了不同品牌的電視機、電風扇、空調機和電冰箱銘牌上的主要項目，試判斷正常工作時其中功率最大的是（）【答案】C【解析】由電冰箱、電視機、電風扇銘牌直接讀出它們的額定功率分別為：85W,70W、65W.對于空調機，由銘牌上讀出額定電壓3220V,額定電流l=6.2A,則其額定功率為P=UI=1364W,所以正常工作時，功率最大的電器是空調機，故C正確口點晴：本題考查讀取電器銘牌信息的能力，空調機的功率為P=UI。7 .兩

6、根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長度為L,直徑為d;B的長度為2L,直徑為2d,那么通電后在相同的時間內產生的熱量之比為（）A.Qa：Q=1:2B.Qa：Q=2:1C.Qa：Q=1:1D.Qa：Q=4:1【答案】B【解析】試題分析：由電阻的公式R=p1可得，兩電阻絲的長度之比為1:2,直徑之比不1:2,則橫截面積之比為1:4,故A、B的電阻之比為2:1,串聯(lián)時的電流還相等，通電時間又相等，故由公式Q=I2Rt可得，二者產生的熱量之比是2:1,故B是正確的?？键c：電阻定律，焦耳定律。8.如右圖所示，是四只電阻的IU圖像，這四只電阻并聯(lián)起來使用時，通過各只電阻的電流強度分別是I

7、1、I2、I3、I4,則（）B. I1=I2=I3=I4C. I1VI2V13VI4D.無法判斷【答案】C【解析】由于在I-U圖象中，直線的斜率的倒數等于導體的電阻值；R4斜率最大.電阻值最小,R的斜率最小，電阻值最大；這四個電阻并聯(lián)起來使用時，它們兩端的電壓是相等的，根據歐姆定律：1=£,電阻值大的電阻，流過的電流小，所以：I1<I2<I3<I4.故C正確.點晴：會熟練應用歐姆定律，知道并聯(lián)電路電阻與電流的比值關系.明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數。9.一帶電粒子沿著右圖中曲線JK穿過一勻強電場，a、b、c、d為該電場的等勢面，其中(j)a<(J)b

8、<(J)c<(J)d,若不計粒子受的重力，可以確定()A,b8.*,A.該粒子帶正電B.從J到K粒子的電勢能減少C.粒子從J到K運動過程中的動能減小D.粒子從J到K運動過程中作變加速運動【答案】B【解析】A項：由運動軌跡可知電場力方向向右，由電勢的高低可知電場線方向向左，則電性為負，故A錯誤；BC項：由J到K電場力做正功，則動能增加，電勢能減小，總能量不變，故B正確，C錯誤；D項：由于粒子在勻強電場中運動，粒子只受電場力，所以粒子所受合力恒定，故粒子作勻變速運動，故D錯誤。點晴：本題通過帶電粒子在電場中的運動考查了電勢、電勢能、電場力等問題，解決這類問題的突破口是：做曲線運動的物體

9、所受合外力指向其軌跡內側。10 .在如右上圖所示的電路中，電池的電動勢為E,內電阻為r,R、R為兩個阻值固定的電阻，當可變電阻R的滑片向下移動時，安培表的示數I和伏特表的示數U將：（）A. I變大，U變大B. I變大，U變小C. I變小，U變大D. I變小，U變小【答案】B【解析】當R的滑動觸頭P向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知總電流I增大，電壓表測量路端電壓U,而U=E-Ir,I增大，E、r不變，則U變小；R兩端電壓變大，R兩端變小，通過R電流減小，總電流變大，通過A的電流變大，故B正確。點晴：電路的動態(tài)分析：析的順序：外電路部分電路變化一

10、總電阻的變化一判斷總電流的變化一由閉合電路歐姆定律判斷U的變化一由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化歐一用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓電功。11 .在如下圖所示的勻強磁場中，已經標出了電流I和磁場B以及磁場對電流作用力F三者的方向，其中錯誤的是（）【答案】C【解析】試題分析：根據左手定則可知：ABCA圖中電流、磁場、安培力方向均和左手定則中要求方向一致，故正確；C圖中電流和磁場方向一致，不受安培力，故C錯誤.考點：考查了左手定則【名師點睛】安培定則、左手定則、右手定則等應用容易混淆，因此平時要加強訓練，熟練應用這幾種定則進行有關物理量的判斷.12 .如圖所示，用兩根輕細金屬

11、絲將質量為m長為L的金屬棒ab懸掛在c、d兩處，置于勻強磁場內.當棒中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向0角而處于平衡狀態(tài).為了使棒平衡在該位置上，所需的磁場的最小磁感應強度的大小、方向為A.豎直向上b.豎直向下C.mgsi呷平行懸線向下d.mgsi呷比，平行懸線向上【答案】D【解析】為了使棒平衡在該位置上,Fmin=mgsin艮得：Bmin=嘿也，由左手定則知所加磁場的方向平行懸線向上.故D正確。點晴：本題主要考查共點力平衡，解決平衡問題的常用方法：隔離法、整體法、圖解法、三角形相似法、正交分解法等。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分，每小題有多個選項符合題意。全部

12、對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。13 .如圖所示，AB為兩個等量的正點電荷，在其連線中垂線上的P點放一個負點電荷q（不計重力）由靜止釋放后，下列說法中正確的是（）卜。一BA.點電荷在從P點到O運動的過程中，加速度越來越大，速度越來越大B.點電荷在從P點到O點運動的過程中，加速度越來越小，速度越來越大C.點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值D.點電荷將在O點兩側往復運動?！敬鸢浮緾D【解析】A、B項：在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向OH巳負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向AQ速度越來越大.但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受

13、電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷.故AB錯誤；C項：越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到。點時速度最大.電場力為零，加速度為零.故C正確.D項：在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向OH巳負點電荷q從P點到。點運動的過程中，電場力方向F*-Q速度越來越大，越過O點后，負電荷q做減速運動，根據電場的對稱性可知：點電荷將在O點兩側往復運動，故D正確。點晴：本題考查對等量異種電荷電場線的分布情況及特點的理解和掌握程度，要抓住電場線的對稱性。14 .某同學設計了一個多量程多用電表，其內部結構原理圖如圖所示.測電流和測電壓時各有兩個量程，還有兩個檔位用來測電阻.則下列說法正確的

14、是-14 -A.當功能選擇開關S與1、2觸點相接時，測的是電流B.當功能選擇開關S與3、4觸點相接時，測的是電壓C.A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆D.當功能選擇開關S旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程大【答案】AC【解析】A項：當S旋到位置1、2時，電流表與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻起分流作用，可用來測量電流.則A正確；B項：當轉換開關S旋到位置3,4時，內部電源被接通，構成歐姆表，可測量電阻，則B錯誤；C項：電流由紅表筆進，由黑表筆出，則A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆，則C正確；D項：S旋到位置5時，串聯(lián)電阻阻值較小，則分壓較大，故旋到觸點5時的量程比旋到6時的量程小，則D錯誤。點晴：本題考查多用電

15、表的內部結構，電壓檔和電流檔的內部結構與前面所學習的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時內部電源被接通。15 .如右圖所示，三個質量相同，帶電荷量分別為+q、一q和0的小液滴a、b、c,從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過，軌跡如圖所示，則在穿過極板的過程中：A.電場力對液滴a、b做的功相同B.三者動能的增量相同C.液滴a與液滴b電勢能的變化量相等D.重力對c做的功最多【答案】AC【解析】A項：因為液滴a、b的電荷量大小相等，則液滴所受的電場力大小相等，由靜止釋放，穿過兩板的時間相等，則偏轉位移大小相等，電場力做功相等.故A正確；c液滴，只B項：電場力對a、b兩液滴做功相

16、等，重力做功相等，則動能的增量相等，對于有重力做功，小于a、b動能的增量.故B錯誤；C項：對于液滴a和液滴b,電場力均做正功，電場力所做的功等于電勢能的變化量，故C正確；D項：三者在穿過極板的過程中豎直方向的位移相等，三個質量相同，所以重力做功相等，故D錯誤。16 .如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長直導線，導線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直）的電流，與原來沒有放置通電導線時相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是A.N減小了B.N增大了C.f始終為0D.f不為0,且方向向右【答案】BD【解析】以導線為研究對象，由左手定則判斷得知導線所受安培力

17、方向斜向右下方；根據牛頓第三定律得知，導線對磁鐵的安培力方向斜向左上方，磁鐵有向左運動的趨勢，受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地的壓力減??；故A、D正確。本題考查靈活運用牛頓第三定律選擇研究對象的能力.關鍵存在先研究導線所受安培力。三、實驗題：（本大題共9小題，每空2分，共計18分）17.某同學測量一個圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。分別使用20分度游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數如圖（a）圖（b）和圖（b）所示，長度為cm,直彳至為mm圖（a）按下圖連接電路后，實驗操作如下:（a）將滑動變阻器R的阻值置于最處（填“大”或“小”）；將&撥向接點1,閉合

18、S,調節(jié)R,使電流表示數為I0；（b）將電阻箱R2的阻值調至最（填“大”或“小”）；將S2撥向接點2;保持滑動變阻器Ri不變，調節(jié)電阻箱R2,使電流表示數仍為I0,此時電阻箱R阻值為1280a;由此可知，圓柱體的電阻為Qo【答案】（1）.5.015;（2）.5.310;（3）.大；（4）.（b）大；（5）.1280【解析】根據游標卡尺讀數規(guī)則，主尺讀數為5cm,游標尺讀數為0.05x3mm長度為5.015cm,根據螺旋測微器的讀數規(guī)則，主尺讀數為5mm可動刻度為31.0x0.01mm所以直徑為5.310mm=（a）為了保護電路，因此閉合電鍵前，滑動變阻器一定調到阻值最大；（b）將固柱體電阻換成

19、電阻箱時，也一定將電阻箱調到最大，也是為了保護電路安全；此題采用等效替代法測量電阻，圓柱體的電阻等于電阻箱R2的阻值為12800。點晴：首先應明確實驗原理，本實驗中測量電阻所采取的方法是替代法。18 .測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U-I圖象如下，回答下列問題：現(xiàn)備有以下器材:.滑動變阻器（050Q）電壓表（015V）電流表（03A）A.干電池1個BD.電壓表（03V）EF.電流表（00.6A）G其中電流表應選,電壓表應選.（填字母代號）根據圖線讀出電池的電動勢E=V,電池的內阻r=Q.【答案】(1).F；(2).D;(3).1.5;(4).1.0【解析】由題意可知，電源采用電池供電，故

20、電動勢只有1.5V,則為了準確電壓表只能選擇D;而電流表只有最大量程為0.6A和3A的；因電動勢較小，故電流表只能選擇F,圖象與縱坐標的交點為1.5V,故電源的電動勢為1.5V,=工言=1.00。點晴：干電池電動勢為1.5V,根據電壓表量程可以選擇電壓表，根據電路中的電流選擇電流表及滑動變阻器；在U-I圖象中，圖象與縱坐標的交點為電動勢；圖象的斜率表示電源的內阻。四、解答題：(共10+10+10=30分。解答時寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位)19 .在靜電場中，有一帶電荷量q=3X10-6C的正點電荷，從電場中A

21、點移到B點時，克服靜電力做功6X10-4J,從B點移到C點時靜電力做功9X10-4J。則：(1)A、B、C三點中哪點電勢最高？哪點電勢最低？(2)求ABBC的電勢差UAb、UBco【答案】(1)B點電勢最高，C點電勢最低；(2)UAB=-200V,Ubc=300V.【解析】(1)正電荷從A移到B點的過程，電荷克服電場力做功，可見正電荷從電勢高處移至電勢低處，即(f)A<(f)B正電荷從B移至C,電場力做正功，可見正電荷從電勢低處移至電勢高處，即()CV4BWab四日匚(2)UAB200V,UBC=-=300V點晴：電勢差UI:電荷在電場中由一點A移動到另一點B時，電場力所做的功Wb與電荷量q的比值WB/q叫做AB兩點間的電勢差。20.如圖所示，一束電子流在經Ui=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，若兩板間距d=1.0cm,板長L=5.0cm,發(fā)現(xiàn)電子恰好能從平行板間飛出。電子的比荷e/m=1.76X10"c/kg。問：(1)電子進入平行板時的速度Vo多大？(2)兩個極板間的電壓U2有多大？【答案】V分=4.20m