牛頓第二定律解決圖像專(zhuān)題

1、2013-2014學(xué)年度?學(xué)校3月月考卷1一物塊以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直線滑行，到達(dá)最高點(diǎn)后自行向下滑動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，設(shè)物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同，下列哪個(gè)圖像能正確地表示物塊在這一過(guò)程中的速率與時(shí)間的關(guān)系( )0 0 0 0 t t t t v v v v A B C D 【答案】C【解析】分析物體上滑和下滑的受力即可。物體上升時(shí)的加速度為 a上(mgsinumgcos)/m=gsinugcos，物體下滑時(shí)的加速度為 a下(mgsin-umgcos)/m =gsin-ugcos。而上升的最大距離和物體下滑的距離相等，所以，上升時(shí)間要小于下劃時(shí)間。并且，由于物體與斜面之間存在摩

2、擦，所以物體滑回到出發(fā)位置時(shí)的速度大小肯定小于上滑的初速度，所以，在四個(gè)圖中只有C圖符合要求。故本題選C。2在無(wú)風(fēng)的情況下，跳傘運(yùn)動(dòng)員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，下落過(guò)程中受到空氣阻力，下列描繪下落速度的水平分量大小、豎直分量大小與時(shí)間的圖像，可能正確的是 【答案】B【解析】跳傘運(yùn)動(dòng)員水平方向初速度為飛機(jī)的速度，水平方向受到空氣阻力作用，必定減速運(yùn)動(dòng)，由于空氣阻力與速度有關(guān)，加速度越來(lái)越小，故運(yùn)動(dòng)員做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，B對(duì)。3放在水平地面上的物體，受到水平拉力作用，在06s內(nèi)其速度時(shí)間圖象和力F的功率時(shí)間圖象如圖所示，則物體的質(zhì)量為:（g=10m/s2）（ ）v/ ms-1 t/ s 0 2

3、4 6 8 3 69 p/ w t/ s 0 2 4 6 8 10 20 30A B C D【答案】B【解析】分析速度圖像知道，0-2s內(nèi)的做勻加速的加速度大小a=3m/s2，設(shè)牽引力為F1；2-6s內(nèi)做勻速的速度v=6m/s，設(shè)牽引力為F2，由牛頓第二定律得F1-f=ma，F(xiàn)2-f=0；F1=P1/v，F(xiàn)2=P2/v，(P1=30W，P2=10W)，解得m=10/9kg4如圖所示，繪出一輛電動(dòng)汽車(chē)沿平直公路由靜止啟動(dòng)后，在行駛過(guò)程中速度v與牽引力的倒數(shù)的關(guān)系圖像，若電動(dòng)汽車(chē)的質(zhì)量為，額定功率為，最大速度為v2，運(yùn)動(dòng)中汽車(chē)所受阻力恒定，則以下說(shuō)法正確的是（ ）AAB段圖像說(shuō)明汽車(chē)做勻加速直線運(yùn)

4、動(dòng)BBC段圖像說(shuō)明汽車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)Cv2的大小為15m/sD汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大加速度為2m/s2【答案】AD【解析】略5如圖，一物體以某一初速度沿固定的粗糙斜面向上沿直線滑行，到達(dá)最高點(diǎn)后，又自行向下滑行，不計(jì)空氣阻力，物體與斜面間的摩擦因數(shù)處處相同，下列圖像能正確表示這一過(guò)程速率與時(shí)間關(guān)系的是：【答案】C【解析】略6物體A、B、C靜止在同一水平地面上，它們的質(zhì)量分別為ma、mb、mc，與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為a、b、c，用平行于水平面的拉力F分別拉動(dòng)物體A、B、C，所得的加速度a與拉力F之間的關(guān)系如圖對(duì)應(yīng)的直線甲、乙、丙所示，其中甲、乙兩直線平行。則下列關(guān)系正確的是（ ）、a>

5、;b ，a>c 、a<b ， a<c 、ma=mb，mc <ma、ma=mb，ma<mcA B C D【答案】B【解析】本題考查了考生提取圖象信息、處理圖象信息的能力，是高考的重點(diǎn)和熱點(diǎn)。分析由二力平衡得，圖象橫軸截距表示此時(shí)拉力等于對(duì)應(yīng)的摩擦力，即有Fa=amagFb=bmbgFC=cmcg，且有Fa <Fb <FC ，由牛頓第二定律得，即有縱軸截距（F=0）表示物體受到的摩擦力產(chǎn)生的加速度，斜率k=1/m，易得：ma=mb、ma <mc 、a<b=c，因此選擇B。7如圖甲所示，物體原來(lái)靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開(kāi)始逐漸

6、增大的過(guò)程中，物體先靜止后又做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示.根據(jù)圖乙中所標(biāo)出的數(shù)據(jù)可計(jì)算出（ ）A物體的質(zhì)量B物體與水平面間的滑動(dòng)摩擦力C物體與水平面間的最大靜摩擦力D在F為14N時(shí)，物體的速度最小【答案】A B C【解析】由圖可知，當(dāng)F=7N時(shí)物體開(kāi)始滑動(dòng)，所以最大靜摩擦力為7N；根據(jù)牛頓第二定律，由圖中可讀出外力F和加速度a的值，因此代入兩組數(shù)據(jù)即可求出物體的質(zhì)量和物體受到的滑動(dòng)摩擦力.8在某星球A表面，宇航員把一質(zhì)量為mA的重物放地面上(該處的重力加速度設(shè)為gA)，現(xiàn)用一輕繩豎直向上提拉重物，讓繩中的拉力T由零逐漸增大，可以得到加速度a與拉力T的圖象OAB；換到另一

7、個(gè)星球C表面重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，也能得到一個(gè)相似的圖線OCD，下面關(guān)于OCD所描述的物體的質(zhì)量mc與該地表面的重力加速度gc說(shuō)法正確的是( )Amc>mA，gcgABmc<mA，gcgACmc>mA，gc=gADmc<mA，gc=gA【答案】C【解析】本題涉及平衡條件等知識(shí)內(nèi)容，考查了考生提取圖象信息、處理圖象信息的能力，是高考的重點(diǎn)和熱點(diǎn)。由圖象得橫軸截距表示此時(shí)拉力等于重力：TA=mAgA，TC=mcgc，縱軸截距表示該處的重力加速度即有g(shù)A=gc。從圖中看出TA<Tc，所以得mc>mA，應(yīng)選擇C。(另法對(duì)質(zhì)量的判斷也可以應(yīng)用斜率k，由牛頓第二定律T-mg=m

8、a得，即斜率表示物體質(zhì)量的倒數(shù)，而kA>kc，所以也得mc>mA)9某物體做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖甲所示，據(jù)此判斷圖乙（F表示物體所受合力）四個(gè)選項(xiàng)中正確的是（ ） 【答案】B【解析】在v-t圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度恒定，受力恒定速度-時(shí)間圖象特點(diǎn)：因速度是矢量，故速度-時(shí)間圖象上只能表示物體運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)方向，t軸上方代表的“正方向”，t軸下方代表的是“負(fù)方向”，所以“速度-時(shí)間”圖象只能描述物體做“直線運(yùn)動(dòng)”的情況，如果做曲線運(yùn)動(dòng)，則畫(huà)不出物體的“位移-時(shí)間”圖象；“速度-時(shí)間”圖象沒(méi)有時(shí)間t的“負(fù)軸”，因時(shí)間沒(méi)有負(fù)值，畫(huà)圖要注意這一點(diǎn)；“速度-時(shí)間”圖象

9、上圖線上每一點(diǎn)的斜率代表的該點(diǎn)的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正負(fù)表示加速度的方向；“速度-時(shí)間”圖象上表示速度的圖線與時(shí)間軸所夾的“面積”表示物體的位移本題中物體先勻加速前進(jìn)，然后勻減速前進(jìn)，再勻加速后退，最后勻加減速后退，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況先求出加速度，再求出合力解：由圖可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為負(fù)，且恒定，4s-6s做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為負(fù)，恒定，6s-8s做負(fù)方向勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為正，恒定，綜上分析B正確故選B10如圖所示，表示某物體所受的合力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象，設(shè)物體的初速度

10、為零，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A物體時(shí)而向前運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向后運(yùn)動(dòng)，2s末在初始位置的前邊B物體時(shí)而向前運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向后運(yùn)動(dòng)，2s末在初始位置處C物體一直向前運(yùn)動(dòng)，2s末物體的速度為零D若物體在第1s內(nèi)的位移為L(zhǎng)，則在前4s內(nèi)的位移為4L【答案】CD【解析】物體第一秒內(nèi)加速運(yùn)動(dòng)，第二秒內(nèi)減速運(yùn)動(dòng)，由于加速度一樣大，所以2s末物體的速度為零；物體一直向前運(yùn)動(dòng)；每一秒內(nèi)位移相同，物體在第1s內(nèi)的位移為L(zhǎng)，則在前4s內(nèi)的位移為4L。11一個(gè)質(zhì)量為30kg的小孩在蹦床上做游戲，他從高處落到蹦床上后又被彈起到原高度，小孩從高處開(kāi)始下落到彈回的整個(gè)過(guò)程中，他的運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，圖中只有段和段為

11、直線則根據(jù)此圖像可知，小孩和蹦床相接觸的時(shí)間內(nèi)，蹦床對(duì)小孩的平均作用力為(空氣阻力不計(jì)，g取10ms2) A400NB700NC1000ND1300N【答案】B【解析】考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；動(dòng)量定理專(zhuān)題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專(zhuān)題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題分析：從圖象可以看出，從0.8s到2.0s時(shí)間段內(nèi)，網(wǎng)對(duì)小孩有向上的彈力，根據(jù)動(dòng)量定理列式求解解答：解：小孩與網(wǎng)接觸1.2s的時(shí)間段內(nèi)（0.8s-2.0s），以向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，有：-Ft+mgt=mv2-mv1代入數(shù)據(jù)解得F=700N故選B點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵根據(jù)圖象得到運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后根據(jù)動(dòng)量定理列式求解12在光滑水平面

12、上有一個(gè)物體同時(shí)受到兩個(gè)水平力F1與F2的作用，在第1s內(nèi)保持靜止，若兩力F1、F2隨時(shí)間的變化如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A、在第2s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度的大小恒定，速度均勻增大B、在第5s內(nèi)，物體做變加速運(yùn)動(dòng)，加速度的大小均勻減小，速度逐漸增大C、在第3s內(nèi)，物體做變加速運(yùn)動(dòng)，加速度均勻減小，速度均勻減小D、在第6s末，物體的加速度和速度均為零【答案】B【解析】略13一物體放在水平桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使物體受到一個(gè)方向不變、大小按圖示規(guī)律變化的合外力作用，則02s這段時(shí)間內(nèi)A物體做勻減速運(yùn)動(dòng)B物體做變減速運(yùn)動(dòng)C物體的加速度逐漸減小，速度逐漸增大D物體的加速度和速度都在逐漸減小

13、【答案】C【解析】略14將重為50N的物體放在某直升電梯的地板上。該電梯在經(jīng)過(guò)某一樓層地面前后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體受到電梯地板的支持力隨時(shí)間變化的圖象如圖所示。由此可以判斷 A. t=1s時(shí)刻電梯的加速度方向豎直向下B. t=6s時(shí)刻電梯的加速度為零C. t=8s時(shí)刻電梯處于失重狀態(tài)D. t=11s時(shí)刻電梯的加速度方向豎直向上【答案】B 【解析】據(jù)圖可知02s物體處于超重狀態(tài)，210s內(nèi)加速度為零，1012s處于失重狀態(tài)，則t=1s時(shí)刻電梯的加速度方向豎直向上，A錯(cuò)，t=6s時(shí)刻電梯的加速度為零，B對(duì)。t=8s時(shí)刻電梯加速度為零，所以不是失重狀態(tài)，C錯(cuò)，t=11s時(shí)刻電梯的加速度方向豎直向下，D錯(cuò)

14、。15如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面之間的最大靜摩擦力fm大小與滑動(dòng)摩擦力大小相等，則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是At0時(shí)間內(nèi)加速度最小Bt0時(shí)間內(nèi)F做的功為零Ct1時(shí)刻物塊的速度最大Dt2時(shí)刻物塊的速度最大【答案】C【解析】由圖可知因?yàn)槔π∮谧畲箪o摩擦力，所以0t0這段時(shí)間內(nèi)物體保持靜止?fàn)顟B(tài)，t2-t0這段時(shí)間物體做加速運(yùn)動(dòng)，t2以后做減速運(yùn)動(dòng)，依此判斷t0時(shí)刻加速度最小為零A對(duì)0t0這段時(shí)間內(nèi)物體保持靜止?fàn)顟B(tài)F做的功為零，B對(duì)t2時(shí)刻物塊的速度達(dá)到最大值，其后減速，C錯(cuò)，D對(duì)選C16一質(zhì)量為m1 kg的物體在水平恒力F作用下水平

15、運(yùn)動(dòng)，1 s末撤去恒力F，其vt圖象如圖所示，則恒力F和物體所受阻力f的大小是( ) AF8 N BF9 N Cf3 N Df2 N【答案】BC【解析】根據(jù)受力分析由圖象可知：，1 s末撤去恒力F：，解得：F=9N, f3 N,選擇BC.17玩具彈簧槍等彈射裝置的工作原理可簡(jiǎn)化為如下模型：光滑水平面有一輕質(zhì)彈簧一端固定在豎直墻壁上，另一自由端位于O點(diǎn)，用一滑塊將彈簧的自由端（與滑塊未拴接）從O點(diǎn)壓縮至A點(diǎn)后由靜止釋放，如圖所示。則滑塊自A點(diǎn)釋放后運(yùn)動(dòng)的vt圖象可能是下圖中的（ ） A B C D【答案】C【解析】開(kāi)始釋放物體時(shí)隨著物體不斷向右運(yùn)動(dòng)，彈簧的壓縮量逐漸減小，因此物體合外力減小，加速

16、度逐漸減小，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，加速度為零，物體開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，明確了物體的運(yùn)動(dòng)形式，根據(jù)v-t圖象的特點(diǎn)可正確解答解：開(kāi)始釋放時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：kx=ma，隨著彈簧壓縮量的減小，物體加速度減小，因此物體開(kāi)始做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，物體開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，在v-t圖象中圖象的斜率表示物體的加速度，因此圖象開(kāi)始階段斜率逐漸減小，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選C18有一質(zhì)量為1kg的物體正沿傾角為30°足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面下滑，從t=0時(shí)刻起物體受到一個(gè)沿斜面向上的力F作用，F(xiàn)隨時(shí)間變化如圖所示，重力加速度g=10m/s2。則 A第1秒內(nèi)物體的機(jī)械能減小B第2秒內(nèi)物體的加速度逐

17、漸變大C第3秒內(nèi)物體速度逐漸減小D第4秒末與第1秒末物體的速度大小相等【答案】AB【解析】分析：除了重力和彈力之外的力對(duì)物體做了負(fù)功，物體的機(jī)械能就減小，外力對(duì)物體做正功，物體的機(jī)械能就增加；求出合力的大小，根據(jù)牛頓第二定律可以知道物體加速度的變化解答：解：A、物體受到一個(gè)沿斜面向上的力F作用，F(xiàn)對(duì)問(wèn)題做負(fù)功，物體的機(jī)械能減小，所以A正確B、第2秒外力F逐漸減小，物體受到的合力增加，加速度變大，所以B正確C、第3秒內(nèi)外力逐漸變大，但是外力一直小于物體沿斜面向下的分力，物體受到的合力仍然向下，物體速度仍在變大，所以C錯(cuò)誤D、重力沿斜面的分力是5N，始終大于外力F的大小，所以整個(gè)過(guò)程中物體一直在向

18、下加速運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，所以D錯(cuò)誤故選：A、B點(diǎn)評(píng)：本題就是應(yīng)用牛頓第二定律判斷物體的加速度的變化，找出合力的變化規(guī)律就能判斷加速度如何變化了19質(zhì)量為m1的物體放在A地的地面上，用豎直向上的力F拉物體，物體在豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的加速度與拉力的關(guān)系如圖4中直線A所示；質(zhì)量為m2的物體在B地的地面上做類(lèi)似的實(shí)驗(yàn)，得到加速度與拉力的關(guān)系如圖4中直線B所示，A、B兩直線相交縱軸于同一點(diǎn)，設(shè)A、B兩地的重力加速度分別為g1和g2，由圖可知 （ ）ABCD【答案】B【解析】分析：根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a與拉力F的關(guān)系式，通過(guò)圖線的斜率以及截距比較物體的質(zhì)量和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冉獯穑航猓焊鶕?jù)牛頓第二定

19、律得，F(xiàn)-mg=ma，則a=-g知圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，縱軸截距的大小表示重力加速度從圖象上看，甲圖線的斜率大于乙圖線的斜率，則m2m1，縱軸截距相等，則g1=g2故B正確故選B點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵通過(guò)牛頓第二定律求出加速度a與拉力F的關(guān)系式，根據(jù)圖線的斜率和截距進(jìn)行比較20如圖甲所示，光滑水平面上，木板m1向左勻速運(yùn)動(dòng)t=0時(shí)刻，木塊從木板的左端向右以與木板相同大小的速度滑上木板，t1時(shí)刻，木塊和木板相對(duì)靜止，共同向左勻速運(yùn)動(dòng)以v1和a1，表示木板的速度和加速度；以v2和a2表示木塊的速度和加速度，以向左為正方向，則圖乙中正確的是【答案】BD【解析】：t=0時(shí)刻，木塊從木板的左端向右以與

20、木板相同大小的速度滑上木板，在摩擦力作用下，二者均做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。根據(jù)題述“t1時(shí)刻，木塊和木板相對(duì)靜止，共同向左勻速運(yùn)動(dòng)”木塊加速度大小大于木板，圖象BD正確。21（2012年湖北黃岡期末） 物體在x軸上做直線運(yùn)動(dòng)，則上下兩圖對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是(圖中F表示物體所受的合外力，a表示物體的加速度，v表示物體的速度，x表示物體的位移，C、D圖中曲線為拋物線)【答案】BD 【解析】：由牛頓第二定律，F(xiàn)=ma，F(xiàn)-t圖象與a-t圖象應(yīng)該類(lèi)似，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)位移圖象的斜率表示速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。22在由靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)的電梯里，某同學(xué)把一測(cè)量加速度的裝置(重力不計(jì))固定在一個(gè)質(zhì)量為1 kg的手提包上進(jìn)入

21、電梯，到達(dá)某一樓層后停止該同學(xué)將采集到 的數(shù)據(jù)分析處理后列在下表中，為此，該同學(xué)在計(jì)算機(jī)上畫(huà)出了如圖8所示的圖象，請(qǐng)你根據(jù)表中數(shù)據(jù)和所學(xué)知識(shí)判斷下列圖象正確的是(設(shè)F為手提包受到的拉力，取g9.8 m/s2)【答案】AC【解析】3 s末物體的速度，vat0.4×3 m/s1.2 m/s，然后以1.2 m/s做了8 s的勻速直線運(yùn)動(dòng)，最后3 s做勻減速運(yùn)動(dòng)，末速度vvat1.20.4×3 m/s0，由此可得A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律在前3 s有F1mgma，得F110.2 N；緊接著的8 s，F(xiàn)2mg0，F(xiàn)29.8 N；最后3 s，F(xiàn)3mgma，F(xiàn)39.2 N所以C項(xiàng)正

22、確；手提包一直在運(yùn)動(dòng)，D項(xiàng)錯(cuò)誤23如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊，以初速度v0從傾角為的斜面底端滑上斜面，當(dāng)其速度減為0后又沿斜面返回底端已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，若滑塊所受的摩擦力為f、所受的合外力為F合、加速度為a、速度為v，選沿斜面向上為正方向，在滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，這些物理量隨時(shí)間變化的圖像大致正確的是()圖3511圖3512【答案】AD.【解析】.滑塊在上滑過(guò)程中滑動(dòng)摩擦力方向向下，大小恒定為mgcos，物塊下滑時(shí)滑動(dòng)摩擦力方向向上，大小仍為mgcos，A答案正確；在物體上滑下滑過(guò)程中，加速度始終沿斜面向下，為負(fù)，所受合力也為負(fù)，所以B、C錯(cuò)；上滑過(guò)程做正向的勻減速，減速的

23、加速度a(gsingcos)，vt圖像斜率大，下滑過(guò)程做負(fù)向的勻加速，加速度agsingcos，小于a，vt圖像斜率減小D答案正確24放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，力F的大小與時(shí)間t的關(guān)系如甲圖所示；物塊的運(yùn)動(dòng)速度v與時(shí)間t的關(guān)系如乙圖所示，6s后的速度圖象沒(méi)有畫(huà)出，g取10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（ ） A滑動(dòng)時(shí)受的摩擦力大小是3NB物塊的質(zhì)量為1.5kgC物塊在69s內(nèi)的加速度大小是2m/s2D物塊前6s內(nèi)的平均速度大小是4.5m/s【答案】BCD【解析】物體在3-6s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以拉力F等于摩擦力f，即物體滑動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小為6N.A錯(cuò)誤。根據(jù)圖像

24、可知物體在0-3s內(nèi)的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得，所以物體的質(zhì)量m=1.5kg，B正確。物體在6-9s內(nèi)的加速度大小為，C正確。V-t圖像中圖線圍成的面積表示物體的位移，所以物體在前6s內(nèi)的位移是，所用時(shí)間為t=6s，所以平均速度為，D正確。25質(zhì)量為10kg的物體置于水平地面上，它與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)µ=0.2。從t=0開(kāi)始，物體以一定的初速度向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)受到一個(gè)水平向左的恒力F=10N的作用。則反映物體受到的摩擦力Ff隨時(shí)間t變化的圖象是下列圖示中的（取水平向右為正方向，g取10m/s2）（ ）t/sFf /N10-30t1t20Ff /N10-20t1t20t/st/sFf

25、 /N-30t1t20Ff /N-20t1t20t/sABCD【答案】B【解析】當(dāng)物體向右運(yùn)動(dòng)時(shí)， 摩擦力為滑動(dòng)摩擦力µmg=20N 方向向左，當(dāng)物體速度減小到零時(shí)，拉力F不能克服最大靜摩擦力，物體靜止，摩擦力大小等于拉力F，方向與F相反，B對(duì)；26如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動(dòng)摩擦力大小相等，則A0t1時(shí)間內(nèi)F的功率逐漸增大Bt2時(shí)刻物塊A的加速度最大Ct2時(shí)刻后物塊A做反向運(yùn)動(dòng)Dt3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最大【答案】BD【解析】0t1時(shí)間內(nèi)F<fm，物體沒(méi)有運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤。t2時(shí)刻F最

26、大，物塊A所受合力最大，加速度最大，B錯(cuò)誤。t2時(shí)刻后F>fm，物體A仍做加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)變。t3時(shí)刻后F<fm，物塊A將做減速運(yùn)動(dòng)，所以t3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最大，D正確。27如圖所示為一質(zhì)點(diǎn)從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的加速度時(shí)間變化的圖像，關(guān)于該質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是A.質(zhì)點(diǎn)在起點(diǎn)附近往復(fù)運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)點(diǎn)始終在起點(diǎn)一側(cè)往復(fù)運(yùn)動(dòng)C.質(zhì)點(diǎn)在第6s末的速度大小是4m/sD.質(zhì)點(diǎn)在前4s內(nèi)的位移為0【答案】CD【解析】根據(jù)a-t圖像畫(huà)出的速度圖像可見(jiàn)質(zhì)點(diǎn)不是往復(fù)運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)；在2s末質(zhì)點(diǎn)總在負(fù)位移運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)；根據(jù)4s后質(zhì)點(diǎn)加速度為2m/s2，在6s末的速度為4m/s，C對(duì)；速度時(shí)間圖像橫軸以上

27、位移為正，橫軸以下位移為負(fù)，D對(duì)；28一滑塊以初速度v0從固定斜面底端沿斜面（其足夠長(zhǎng)）向上滑，該滑塊的速度-時(shí)間圖象不可能是 t v O（A）v0 v0 t v O（C）v0 t v O（D）t v O（B）v0 【答案】D【解析】上滑過(guò)程中，物塊做勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，下滑過(guò)程中物塊做勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，加速度減小了，C對(duì)；還有可能上升到最高點(diǎn)，重力的分力不足以克服最大靜摩擦力而靜止，B對(duì)；如果斜面光滑，則選A，D不可能；29壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，某研究性學(xué)習(xí)小組利用壓敏電阻判斷升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖甲所示，將壓敏電阻和兩塊擋板固定在升降機(jī)內(nèi)，中間放一個(gè)絕緣重球，當(dāng)

28、升降機(jī)靜止時(shí)，電流表的示數(shù)為I0，在升降機(jī)做直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電流表的示數(shù)如圖乙所示，下列判斷正確的是A從0到t1時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B從t1到t2時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C從t1到t2時(shí)間內(nèi)，重球處于失重狀態(tài)D從t2到t3時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能靜止【答案】AD【解析】試題分析：當(dāng)升降機(jī)靜止時(shí)，電流表的示數(shù)為I0，所以從0到t1時(shí)間內(nèi)，故過(guò)程中壓敏電阻的阻值減小，所以受到的壓力增大，即小球處于超重狀態(tài)，所以升降機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A正確，從t1到t2時(shí)間內(nèi)，并且隨時(shí)間在減小，所以升降機(jī)仍在向上做加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，但是加速度在減小，BC錯(cuò)誤，從t2到t3時(shí)間內(nèi)，即小球處于平衡狀

29、態(tài)，升降機(jī)可能靜止，也可能做勻速運(yùn)動(dòng)，所以D正確考點(diǎn)：本題結(jié)合電學(xué)知識(shí)考查了牛頓運(yùn)動(dòng)定律點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵是清楚壓敏電阻電路的工作原理，然后結(jié)合牛頓第二定律解題30物體放在水平地面上，在水平拉力的作用下，沿水平方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中阻力保持恒定，在06s內(nèi)其速度與時(shí)間關(guān)系的圖象和拉力的功率與時(shí)間關(guān)系的圖象如圖所示，由圖象可以求得物體的質(zhì)量為（取g10m/s2）（ ）A、kg B、kg C、kg D、kg【答案】B【解析】試題分析：在2s時(shí)刻汽車(chē)的功率增大到最大，由P=Fv可知此時(shí)牽引力F=P/v=5N，之后以10W的功率，6m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)牽引力等于阻力，由P=Fv和F=f可知阻力為，在

30、勻加速階段加速度為3m/s2，由牛頓第二定律，B對(duì)；考點(diǎn)：考查機(jī)車(chē)啟動(dòng)問(wèn)題點(diǎn)評(píng)：明確本題的考查對(duì)象，結(jié)合兩個(gè)圖判斷加速階段和勻速階段牽引力和阻力的關(guān)系是本題的重點(diǎn)依據(jù)31如右圖，在光滑水平面上有一質(zhì)量為的足夠長(zhǎng)的木板，其上疊放一質(zhì)量為的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等?，F(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間增大的水平力（是常數(shù)），木板和木塊加速度的大小分別為和，下列反映和變化的圖線中正確的是( ) 【答案】A【解析】木塊和木板之間相對(duì)靜止時(shí)，所受的摩擦力為靜摩擦力。在達(dá)到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，木塊和木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，恒定不變，。所以正確答案是A3220

31、08年8月18日，在北京奧運(yùn)會(huì)上，何雯娜為我國(guó)奪得了奧運(yùn)歷史上首枚蹦床金牌假設(shè)在比賽時(shí)她僅在豎直方向運(yùn)動(dòng)，通過(guò)傳感器繪制出蹦床面與運(yùn)動(dòng)員間的彈力隨時(shí)間變化規(guī)律的曲線如圖所示重力加速度g已知，依據(jù)圖像給出的信息，能求出何雯娜在蹦床運(yùn)動(dòng)中的物理量有(忽略空氣阻力)A質(zhì)量B最大加速度C運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，離開(kāi)蹦床后上升的最大高度D運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離 【答案】ABC【解析】本題考查的是根據(jù)力與時(shí)間圖計(jì)算相關(guān)物理量，由圖可知開(kāi)始力為500N，則質(zhì)量為50Kg，力最大為2500N，則最大加速度為40m/s2,運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，從9.5s到11.5s有2s的時(shí)間為上升和下落過(guò)程，如果上升和下落時(shí)間相等，則即

32、為上升的最大高度，而最低點(diǎn)無(wú)法求出，故運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離無(wú)法計(jì)算，ABC正確；33如圖（甲）所示，物體原來(lái)靜止在水平地面上，用一水平力F拉物體，在F從0開(kāi)始逐漸增大的過(guò)程中，物體先靜止后又做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖（乙）所示。設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2。根據(jù)題目提供的信息，下列判斷正確的是( )A物體的質(zhì)量m=2kgB物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.6C物體與水平面的最大靜摩擦力fmax=12ND在F為10N時(shí)，物體的加速度a=2.5m/s2【答案】A【解析】試題分析：此題找到圖中兩個(gè)特殊點(diǎn)，列牛頓第二定律表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)就可得

33、出結(jié)果。AB、當(dāng)時(shí)，由牛頓第二定律可得；當(dāng)時(shí)，由牛頓第二定律可得兩式聯(lián)立解得m=2kg，=0.3；A對(duì)B錯(cuò)C、物體與水平面的最大靜摩擦力；錯(cuò)誤D、當(dāng)時(shí)，由牛頓第二定律可得，；錯(cuò)誤故選A考點(diǎn)：牛頓第二定律點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)受力列出牛頓第二定律表達(dá)式，然后帶入圖像中對(duì)應(yīng)的特殊值求解。34某物體同時(shí)受到兩個(gè)在同一直線上的力F1、F2的作用，物體由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，其位移與力F1、F2的關(guān)系圖像如圖所示，在這4m內(nèi)，物體具有最大動(dòng)能時(shí)的位移是A. 1mB. 2mC. 3mD. 4m【答案】B【解析】試卷分析：在（01m），物體加速度為正，物體加速運(yùn)動(dòng)，在（12m）內(nèi)，物體F1>F2，加速度在

34、減小，但物體加速度為正，所以物體速度繼續(xù)增加。此后F1<F2，物體開(kāi)始減速運(yùn)動(dòng)，因此B答案正確?？键c(diǎn)：加速度a與速度v的關(guān)系點(diǎn)評(píng)：此類(lèi)題型考察物體合外力求加速度，并通過(guò)加速度與速度方向判斷物體的運(yùn)動(dòng)速度變化規(guī)律。35如圖所示，在足夠大的光滑水平面上放有兩質(zhì)量相等的物塊A和B，其中A物塊連接一個(gè)輕彈簧并處于靜止?fàn)顟B(tài)，B物體以初速度向著A物塊運(yùn)動(dòng)。當(dāng)物塊與彈簧作用時(shí)，兩物塊在同一條直線上運(yùn)動(dòng)。請(qǐng)識(shí)別關(guān)于B物塊與彈簧作用過(guò)程中，兩物塊的圖象正確的是( ) 【答案】D【解析】試題分析：以?xún)晌矬w及彈簧作為整體分析，對(duì)整體由動(dòng)量守恒及彈簧狀態(tài)的變化可知兩物體的速度變化及加速度的變化，即可得出速度圖象

35、解答：解：碰后時(shí)B速度減小，A的速度增大，而由于彈力增大，故A、B的加速度均增大；而在彈簧到達(dá)原長(zhǎng)以后，B開(kāi)始減速而A繼續(xù)加速，因彈簧開(kāi)始伸長(zhǎng)，故兩物體受力減小，故加速度減??；由圖可知，正確圖象應(yīng)為D故選D考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像點(diǎn)評(píng)：本題解題的關(guān)鍵在于分析在碰撞過(guò)程中彈簧彈力的變化，從而找出加速度的變化；結(jié)合速度變化即可得出正確的圖象36用水平拉力F拉著一物體在一水平地面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻起力F隨時(shí)間均勻減小，方向不變，物體所受的摩擦力f隨時(shí)間變化的圖像如右圖中實(shí)線所示。則該過(guò)程對(duì)應(yīng)的v-t圖像是（ ）【答案】B【解析】試題分析：在過(guò)程中，拉力等于摩擦力，物體做勻速直線

36、運(yùn)動(dòng)，在過(guò)程中，拉力逐漸減小，但由于物體仍是運(yùn)動(dòng)的，所以摩擦力仍為滑動(dòng)摩擦力，大小不變，此時(shí)小球受到的拉力小于摩擦力，所以做減速運(yùn)動(dòng)，并且，加速度越來(lái)越大，所以圖像的斜率越來(lái)越大，當(dāng)過(guò)程中，小球速度為零時(shí)，滑動(dòng)摩擦力變?yōu)殪o摩擦力，隨著F的減小而減小，所以B正確，考點(diǎn)：考查了牛頓第二定律的應(yīng)用以及對(duì)v-t圖像的理解點(diǎn)評(píng)：做變力題目的時(shí)候，一定要根據(jù)力的變化通過(guò)牛頓第二定律判斷出加速度的變化，然后再推導(dǎo)出速度的變化情況37某人在地面上用體重秤稱(chēng)得自己的體重為500N，他將體重秤移至電梯內(nèi)稱(chēng)其體重，t0至t3時(shí)間內(nèi)，體重秤的示數(shù)變化如圖所示，則電梯運(yùn)行的v-t圖可能是（取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎?

37、）【答案】B【解析】試題分析：升降機(jī)內(nèi)的彈簧秤的讀數(shù)是人對(duì)彈簧秤的拉力的大小，也就是人受到的拉力的大小，通過(guò)圖象的讀數(shù)，和人的真實(shí)的重力相對(duì)比，可以判斷人處于超重還是失重狀態(tài)，從而可以判斷升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)由于電梯是從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的，初速度是零，速度-時(shí)間圖象應(yīng)該從0開(kāi)始，所以AC錯(cuò)誤，人的體重為500N，在第一段時(shí)間內(nèi)讀數(shù)是450N，小于人的真實(shí)的體重，此時(shí)人處于失重狀態(tài)，應(yīng)該有向下的加速度，即加速度應(yīng)該是負(fù)的，所以第一段時(shí)間 的圖象應(yīng)該是向下傾斜的，所以D錯(cuò)誤，選項(xiàng)A正確之后的第二段時(shí)間內(nèi)彈簧秤的示數(shù)和人的真實(shí)的體重相等，說(shuō)明此時(shí)應(yīng)該處于平衡狀態(tài)，所以電梯是勻速運(yùn) 動(dòng)，在速度-時(shí)間圖象中應(yīng)該

38、是水平的直線，在第三段時(shí)間內(nèi)彈簧秤的示數(shù)大于人的真實(shí)的體重，此時(shí)人處于超重狀態(tài)，應(yīng)該有向上的加速度，即加速度應(yīng)該是正 的，所以第三段時(shí)間的圖象應(yīng)該是向上傾斜的考點(diǎn)：考查了牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：本題是判斷物體的運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)，通過(guò)牛頓第二定律求得物體的加速度的大小，根據(jù)加速度就可以判斷物體做的是什么運(yùn)動(dòng)38靜止在光滑水平面上的物體受到一個(gè)水平拉力的作用，該力隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是A物體在20s內(nèi)平均速度為零B物體在10s末的速度為零C物體在20s末的速度為零D物體在20s末時(shí)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)【答案】CD【解析】試題分析：A、物體在圖示力作用下，先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)，加

39、速度大小相等，物體速度方向沒(méi)有變化，平均速度不為零；錯(cuò)誤B、由圖知物體前10s做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，10s末的速度最大；錯(cuò)誤C、據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知20s末速度為零；正確D、因物體速度方向沒(méi)有變化，一直同一方向運(yùn)動(dòng)，所以物體在20s末時(shí)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)；正確故選CD考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖象點(diǎn)評(píng)：本題運(yùn)用牛頓第二定律分析物體的受力情況及運(yùn)動(dòng)情況，要注意加速度方向變化，速度方向不一定變化。39在光滑的水平面上有一物體同時(shí)受到兩個(gè)水平力F1和F2的作用，在第一秒內(nèi)保持靜止?fàn)顟B(tài)，兩力F1和F2隨時(shí)間的變化如圖所示，則（ ）A在第2s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小，速度增大B在第3s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度增

40、大，速度增大C在第4s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小，速度增大D在第6s內(nèi)，物體又保持靜止?fàn)顟B(tài)【答案】BC【解析】試題分析：在第一秒內(nèi)保持靜止?fàn)顟B(tài)，說(shuō)明一開(kāi)始兩個(gè)力等大方向，合力。AB、在13s內(nèi)，減小則合力增大，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度增大，做加速度運(yùn)動(dòng)，速度增大；A錯(cuò)誤B正確C、在35s內(nèi)，增大則合力減小，合力方向沒(méi)有變化，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度減小，做加速度運(yùn)動(dòng)，速度增大；正確D、物體一直加速，5s后合力為零，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，第6s內(nèi)物體仍做勻速運(yùn)動(dòng)；錯(cuò)誤故選BC考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：會(huì)根據(jù)圖像分析物體的合力變化情況，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度分析物體運(yùn)動(dòng)情

41、況。40如圖甲所示，兩物體A、B疊放在光滑水平面上，對(duì)物體A施加一水平力F， Ft關(guān)系圖象如圖乙所示兩物體在力F作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，且始終相對(duì)靜止，則（ ）AA對(duì)B的摩擦力方向始終與力F的方向相同B01s時(shí)間內(nèi)兩物體間的摩擦力大小不變C兩物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D兩物體沿直線做往復(fù)運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】試題分析：A、對(duì)整體分析，整體的加速度與F的方向相同，B物體所受的合力為摩擦力，故摩擦力的方向與加速度方向相同，即與F的方向相同；正確B、這段時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)逐漸增大，整體加速度逐漸增大，隔離對(duì)B分析，B的合力逐漸增大，即B所受的摩擦力逐漸增大，兩物體間的摩擦力逐漸增大；錯(cuò)誤C、整體所受的合力方向改變，

42、加速度方向隨之改變，兩物體不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)；錯(cuò)誤D、在02s內(nèi)整體向右做加速運(yùn)動(dòng)，加速度先增大后減??；24s內(nèi)加速度反向，做減速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閮啥螘r(shí)間內(nèi)受力是對(duì)稱(chēng)的，所以4s末速度變?yōu)榱悖?4s內(nèi)一直向前運(yùn)動(dòng)，然后又重復(fù)以前的運(yùn)動(dòng)；錯(cuò)誤故選A考點(diǎn)：牛頓第二定律點(diǎn)評(píng)：學(xué)會(huì)根據(jù)物體的受力情況判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況，熟練掌握整體法和隔離法的運(yùn)用。41如圖（a）所示，O為水平直線MN上的一點(diǎn)，質(zhì)量為m的小球在O點(diǎn)的左方時(shí)受到水平恒力F1作用，運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的右方時(shí)，同時(shí)還受到水平恒力F2的作用，設(shè)質(zhì)點(diǎn)從圖示位置由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖（b）所示，由圖可知（）（b）tvv1v1t1t30mt2t4mOM

43、N（a）A質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)右方運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)的左方加速度大小為CF2的大小為D質(zhì)點(diǎn)在0t4這段時(shí)間內(nèi)的最大位移為【答案】BD【解析】試題分析：由v-t圖像知，小球在O點(diǎn)的左方時(shí)受到水平恒力F1作用時(shí)，小球向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，在t1時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，在O點(diǎn)的右方時(shí)，同時(shí)還受到水平恒力F2的作用，小球的加速度向左，做勻減速運(yùn)動(dòng)，在t2時(shí)刻小球減速到零，然后反向做勻加速運(yùn)動(dòng)，在t3時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，在t4時(shí)刻小球減速到零，知質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)右方運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，A錯(cuò)；質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)的左方加速度大小為，B對(duì)；由牛頓第二定律得到，聯(lián)立得到，C錯(cuò)；質(zhì)點(diǎn)在0t4這段時(shí)間內(nèi)的最大位移在t2時(shí)刻，最大

44、位移為圖線與橫軸圍成的面積，即是，D對(duì)?？键c(diǎn)：v-t圖像，加速度的定義式，牛頓第二定律點(diǎn)評(píng)：學(xué)生能根據(jù)v-t圖像分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，清楚圖線的斜率表示加速度，圖線與橫軸圍成的面積表示位移。42在電梯的地板上放置一個(gè)壓力傳感器，在傳感器上放一個(gè)重量為20N的物塊，如圖甲所示，計(jì)算機(jī)顯示出傳感器所受物塊的壓力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖乙.根據(jù)圖象分析得出的結(jié)論中正確的是：甲 乙 A從時(shí)刻t1到t2，物塊處于失重狀態(tài) B從時(shí)刻t3到t4，物塊處于失重狀態(tài) C電梯可能開(kāi)始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層D電梯可能開(kāi)始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后

45、停在低樓層【答案】BC【解析】試題分析：由圖知，從時(shí)刻t1到t2，物塊受到的支持力大于物塊的重力，所以物塊處于超重狀態(tài)，A錯(cuò)；從時(shí)刻t3到t4，物塊受到的支持力小于物塊的重力，所以物塊處于失重狀態(tài)，B對(duì)；電梯可能開(kāi)始停在低樓層，先加速向上物塊處于超重狀態(tài)，接著勻速向上，再減速向上物塊處于失重狀態(tài)，最后停在高樓層，C對(duì)，D錯(cuò)?？键c(diǎn)：F-t圖像，超重和失重點(diǎn)評(píng)：學(xué)生要明確物塊受到的支持力大于物塊的重力是超重現(xiàn)象，物塊受到的支持力小于物塊的重力是失重現(xiàn)象。43放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時(shí)間t的關(guān)系和物塊速度v與時(shí)間t 的關(guān)系如圖所示。取重力加速度g10m/s2

46、。由此兩圖線可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為2130246810FNNts202468104tsvm/sA.m0.5kg，0.4 Bm1.5kg，Cm0.5kg，0.2 Dm1kg，0.2【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系及牛頓第二定律，物體受合力等于零時(shí)，物體處于平衡狀態(tài)，即靜止或勻速運(yùn)動(dòng)結(jié)合圖象4-6s段，可求物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的滑動(dòng)摩擦力大??；根據(jù)第2s到4s內(nèi)的速度圖象斜率，可求這一階段的加速度；在24s內(nèi)，由牛頓第二定律和滑動(dòng)摩擦力公式即可求得動(dòng)摩擦因素.由v-t圖象可知，物塊在46 s內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，由F-t圖象知，46s，故，由v-t圖象可知，2

47、4s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，由，在24s內(nèi)由牛頓第二定律有，可得m=0.5kg；由滑動(dòng)摩擦定律有，可得。故選A考點(diǎn)：牛頓第二定律與圖像問(wèn)題點(diǎn)評(píng)：利用F-t圖象和V-t圖象的不同時(shí)段的受力和運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律，可以分析求解物體的速度、加速度、位移、質(zhì)量等物理量。44如圖是空中軌道列車(chē)（簡(jiǎn)稱(chēng)空軌）懸掛式單軌交通系統(tǒng)，無(wú)人駕駛空軌行程由計(jì)算機(jī)自動(dòng)控制。在某次研究制動(dòng)效果的試驗(yàn)中，計(jì)算機(jī)觀測(cè)到制動(dòng)力逐漸增大，下列各圖中能反映其速度v隨時(shí)間t變化關(guān)系的是A B C DtOvtOvtOvtOv【答案】D【解析】試題分析：在列車(chē)運(yùn)動(dòng)方向上，只受到制動(dòng)力作用，所以根據(jù)牛頓第二定律可得，制動(dòng)力越來(lái)越大，所以加速

48、度越來(lái)越大，故列車(chē)做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，而v-t圖像的斜率表示加速度，A中加速度恒定，不符合題意；B中加速度減小，不符合題意；C中加速度先增大后減小，不符合題意；D中加速度逐漸增大，符合題意；故選D考點(diǎn)：考查了牛頓第二定律以及v-t圖像點(diǎn)評(píng)：做本題的關(guān)鍵是理解v-t圖像中斜率代表的物理含義45如圖所示，粗糙的斜面與光滑的水平面相連接，滑塊沿水平面以速度v0運(yùn)動(dòng)。設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的時(shí)刻為t=0，滑塊離開(kāi)A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距A點(diǎn)的水平距離為x，水平速度為vx。由于v0不同，從A點(diǎn)到B點(diǎn)的幾種可能的運(yùn)動(dòng)圖象如下列選項(xiàng)所示，其中表示摩擦力做功最大的是【答案】D【解析】試題分析：A、從水平位移與時(shí)間的正比

49、關(guān)系可知，滑塊做平拋運(yùn)動(dòng)，摩擦力必定為零故A錯(cuò)誤    B、開(kāi)始階段水平位移與時(shí)間成正比，滑塊先平拋后在斜面上再反彈還是平拋，水平速度突然增大，摩擦力依然為零故B錯(cuò)誤    C、水平速度不變，為平拋運(yùn)動(dòng)，摩擦力為零故C錯(cuò)誤    D、水平速度與時(shí)間成正比，說(shuō)明滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有摩擦力，摩擦力做功最大故D正確考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；牛頓第二定律點(diǎn)評(píng)：分析討論滑塊的運(yùn)動(dòng)情況：當(dāng)v0很大時(shí)，滑塊做平拋運(yùn)動(dòng)；當(dāng)v0較大時(shí)，滑塊先做平拋運(yùn)動(dòng)，落到斜面上后反彈再平拋；當(dāng)v0較小時(shí)，滑塊在斜面上做勻加

50、速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)水平位移、速度與時(shí)間的關(guān)系分情況判斷46一塊物和傳送帶間摩擦因數(shù)為，傳送帶與水平面間傾角為，傳送帶沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，將物塊輕放在傳送帶頂端，在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下面關(guān)于物塊的速度時(shí)間圖象不可能的是：VtVtVtVtABCD【答案】D【解析】試題分析：物體初速度小于皮帶速度，所以物體重力，支持力，沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力，所以物體先勻加速看，加速度為。若物體的重力分量小于最大靜摩擦力，則物體加速到與皮帶速度相同就會(huì)勻速，即B正確?；蛘咭恢钡降走€未加速到與皮帶速度一樣，即A正確。若重力大于最大靜摩擦力，則當(dāng)物體加速到與皮帶速度一樣厚，滑動(dòng)摩擦力向上，則物體加速度，因此加速度應(yīng)小于第一階

51、段，C正確。考點(diǎn)：受力分析點(diǎn)評(píng)：本題考查了經(jīng)典的傳送帶專(zhuān)題，通過(guò)相對(duì)運(yùn)動(dòng)判斷滑動(dòng)摩擦力的方向決定物體第一階段運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)重力分量與滑動(dòng)摩擦力的關(guān)系，決定第二階段的運(yùn)動(dòng)規(guī)律47地面上有一個(gè)質(zhì)量為M的重物，用力F向上提它，力F的變化將引起物體加速度的變化已知物體的加速度a隨力F變化的函數(shù)圖像如圖所示，則（ ）A當(dāng)F小于F0時(shí)，物體的重力Mg大于作用力FB當(dāng)FF0時(shí)，作用力F與重力Mg大小相等C物體向上運(yùn)動(dòng)的加速度與作用力F成正比DA的絕對(duì)值等于該地的重力加速度g的大小【答案】ABD【解析】試題分析：由圖可得：在力F小于F0時(shí)，加速度為0，所以物體的重力大于F，在F=F0時(shí)是臨界點(diǎn)，之后物體有加速

52、度，F(xiàn)大于物體的重力，所以在臨界點(diǎn)，F(xiàn)=F0，物體向上運(yùn)動(dòng)的加速度與F-F0成正比，A的絕對(duì)值為g，因?yàn)榇藭r(shí)物體只受重力。所以選ABD考點(diǎn)：考查牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，主要是列出加速度a與F的關(guān)系式，根據(jù)式子與圖像的截距、斜率對(duì)比進(jìn)行判斷48一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)其速度為2.0m/s。從此刻開(kāi)始在滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平拉力F，力F和滑塊的速度v隨時(shí)間t的變化規(guī)律分別如圖甲和乙所示。取g=10m/s2。則（ ）1F/Nt/s甲0331221.0 v/ms-1t/s乙03122.0 A滑塊的質(zhì)量為0.5kgB滑塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4C13s內(nèi)，力F對(duì)滑塊做功

53、為8JD13s內(nèi)，摩擦力對(duì)滑塊做功為-8J【答案】AB【解析】試題分析：根據(jù)v-t圖像可以求出加速度根據(jù)牛頓第二定律可以求出物體的質(zhì)量和加速度，根據(jù)功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自時(shí)間段內(nèi)物體的位移即可求得力F做功的多少由速度圖象可知，第1s、2s、3s內(nèi)的加速度大小分別為，設(shè)第1s、2s、3s內(nèi)的水平拉力分別為：，則，解得：滑塊的質(zhì)量為0.5kg，滑塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，AB正確；第1s、2s、3s內(nèi)的位移分別為1m、1m、2m，由F-t圖象及功的公式，可求知：，13s內(nèi)，力F對(duì)滑塊做功為7J；2s3s內(nèi)物體做勻速運(yùn)動(dòng)，摩擦力等于外力，摩擦力對(duì)滑塊做功為故CD錯(cuò)故選AB考點(diǎn)：功的計(jì)算；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像點(diǎn)評(píng)：本題考查的是學(xué)生對(duì)功的理解，根據(jù)功的定義可以分析做功的情況49“蹦極” 是一項(xiàng)刺激的極限運(yùn)動(dòng)，一個(gè)重為F0的運(yùn)動(dòng) 員將一端固定的長(zhǎng)彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)處，從高處跳下，測(cè)得彈性繩的彈力F的大小隨時(shí)間t 的變化規(guī)律如圖所示。若將蹦極過(guò)程視為豎直方向上的運(yùn)動(dòng)，且空氣阻力不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是 F04F0 At1-t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài) Bt1-t3時(shí)間內(nèi)重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做功的功率越來(lái)越大Ct1-