2019高考物理一輪復(fù)習(xí)練習(xí)題(7)(含解析)新人教版

1、人教物理2019高考一輪練習(xí)題（7）李仕才一、選擇題1 1、如圖，一質(zhì)量為m的滑塊靜止置于傾角為 3030的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎 直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與斜面垂直，則（）（）A.滑塊不可能只受到三個(gè)力作用B.彈簧不可能處于伸長(zhǎng)狀態(tài)C.斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零D.斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小一定等于-mg【答案】D D【解析】彈簧與斜面垂直，所以物體要靜止在斜面上必須受斜面的摩擦力，這樣才能平衡重力沿斜面的分力，有摩擦力則必有斜面對(duì)滑塊的支持力，彈簧不知是伸長(zhǎng)、壓縮還是原長(zhǎng)，所以 D D 正確。2 2、（ 20182018 福建省三明市寧化一中階段考試）如圖所示，在豎

2、直放置的半圓形容器的中心O點(diǎn)分別以水平初速度Vi、V2拋出兩個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），最終它們分別落在圓弧上的A點(diǎn)和B點(diǎn)，已知OA與OB互相垂直，且OA與豎直方向成 a角，則兩小球初速度之比為（）2【答案】C C【解折】由幾何關(guān)系可知A的豎直位移水平位移久滬土血釘B的豎直位移畑眾( 90t解得旳 r 慎FJJJ fp=lanatana.故選C.Y均xBVh3 3、如圖所示為一滑草場(chǎng)。某條滑道由上下兩段高均為 h,h,與水平面傾角分別為 4545和 3737 的滑道組成，滑草車(chē)與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩。質(zhì)量為m的載人滑草車(chē)從坡頂由靜止開(kāi)始自由下滑，經(jīng)過(guò)上、下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端(

3、(不計(jì)滑草車(chē)在兩段滑道交接處的能量損失,sin37sin37 = 0.60.6 , coscos 3737 =0.8)0.8)。則()()6A.A.動(dòng)摩擦因數(shù)卩=_C.載人滑草車(chē)克服摩擦力做功為mgh3D.D.載人滑草車(chē)在下段滑道上的加速度大小為 L L g g【答案】ABABK解折】對(duì)滑草車(chē)從墟頂由劉t滑下到底端靜止的全過(guò)亀 緡噸型-遁弊斗P血燈h -pn啄疔sin卯=5 解得尸匚選I頁(yè)扛正確,齊經(jīng)過(guò)上段滑道竝程，根據(jù)動(dòng)能/;l2h定理得，mgh-屮嗎薊討外sin 45a=2辭，解得v-V ?,選珈B正確；載人滑草車(chē)A.A. tantana/sinaaB.B. coscosC.C. tant

4、anB.B.載人滑草車(chē)最大速度為3克服摩揀力做功為加也選項(xiàng)匚錯(cuò)誤；裁人滑草車(chē)在下段滑道上的如速度犬小為a=Mgsiii37 /imgcos373m=u35g庚選項(xiàng)勁錯(cuò)誤。4 4、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M N兩點(diǎn)各放有一帶電荷量分別為+q和+ 2 2q的完全相 同的金屬球A和B,給A和B以大小相等的初動(dòng)能Eo（此時(shí)初動(dòng)量的大小均為po），使其相向 運(yùn)動(dòng)剛好能發(fā)生碰撞（碰撞過(guò)程中無(wú)機(jī)械能損失），碰后返回MN兩點(diǎn)的動(dòng)能分別為E和E2， 動(dòng)量的大小分別為pi和p2,則（ ）/Q.77TTT711TnTTT7TTTTMNA. Ei=E2 Eo,pi=p2 poB. Ei=E2=Eo,pi=p2=p

5、oC.碰撞發(fā)生在MN中點(diǎn)的左側(cè)D.兩球同時(shí)返回M N兩點(diǎn)【答案】ADAD【解析】金屬球/和喪發(fā)生碰撞時(shí)電荷量會(huì)平均分配，則化用力變?nèi)?jīng)歷相同的位移，做功增夢(mèng)，所 臥有又p=&呱,可得黑=期知 因兩球質(zhì)量相同，受力相同故加速度相同，兩球同時(shí) 返回胚N兩點(diǎn)。選項(xiàng)A、D正礁。5 5、實(shí)驗(yàn)小組利用如圖電路研究電壓的變化U與電流的變化 I的關(guān)系，電流表、電壓表均為理想電表，D為理想二極管，C為電容器閉合開(kāi)關(guān) S S 至電路穩(wěn)定后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)一小段距離，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電壓表M M 的示數(shù)改變量大小為 U,電壓表 V2V2 的示數(shù)改變量大小為 U2，電流表？的示數(shù)改變量大小為 I，則下列

6、判斷正確的是（）眉一p- 1 I-II I-I）e4A.A. 凹的值變大IB.B. 二土 的值不變，且始終等于電源內(nèi)阻rIC.C.電壓表 V Vi的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值 生 變大ID.D. 滑片向左移動(dòng)的過(guò)程中，電容器的電容減小，帶電荷量減少【答案】BCBC【解析】滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)一小段距離，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大， 電路 總電流減小，電阻R兩端電壓和電源內(nèi)電壓之和 S+U減小，電壓表 Vi的示數(shù)U增大，且Ui+ U=U,URIUr=R+r，不變，選項(xiàng) A A 錯(cuò)誤；電壓表 V V2的示數(shù)改AIAIU r= r r，不變，選項(xiàng) B B 正確；電壓表 M M 的示數(shù)與電流表的示

7、數(shù)之比 5 =R,滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)一小段距離，R變大，選項(xiàng) C C 正確；電容I器的電容C= 衛(wèi)不變，選項(xiàng) D D 錯(cuò)誤.4nkd6 6、法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示。銅圓盤(pán)安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤(pán)的邊緣和銅軸接觸。圓盤(pán)處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中。圓盤(pán)旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過(guò)電A.A. 若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定B.B.若從上向下看，圓盤(pán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a到b的方向流動(dòng)C.C. 若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.D.若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2 2 倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2 2 倍變量大小為Ub= U,

8、5【答案】ABAB6【解析】將圓盤(pán)看成無(wú)數(shù)幅條組成，它們都在切割磁感線(xiàn)從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流,根據(jù)右手定則可知圓盤(pán)上感應(yīng)電流從邊緣流向中心，則當(dāng)圓盤(pán)順時(shí)針（俯視）轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，流過(guò)一12電阻的電流方向從a到b, B B 對(duì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得感生電動(dòng)勢(shì)E=BL=丄BLw,I2,3 恒定時(shí)，I大小恒定，3 大小變化時(shí)，I大小變化，方向不變，故 A A 對(duì)，C CR r7 7、如圖為玻爾為解釋氫原子光譜畫(huà)出的氫原子能級(jí)示意圖，一群氫原子處于n= 4 4 的激發(fā)態(tài),當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低能級(jí)時(shí)，以下說(shuō)法符合玻爾理論的有（）0 -0.S5 -1.5) -3.40- - 13.fiA.A. 電子軌道

9、半徑減小，動(dòng)能增大B.B. 氫原子躍遷時(shí)，可發(fā)出連續(xù)不斷的光譜線(xiàn)C.C. 由n= 4 4 躍遷到n= 1 1 時(shí)發(fā)出光子的頻率最小D.D.金屬鉀的逸出功為 2.212.21 eVeV，能使金屬鉀發(fā)生光電效應(yīng)的光譜線(xiàn)有4 4 條【答案】ADAD【解析】氫原子從第4能韁向低能級(jí)舐遷時(shí)，原子的能量減小，電子的軌道半徑減小，動(dòng)能増大，電勢(shì)能 減小，故人正確，育魏間舐遷時(shí)輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)生則氫原子砥遷時(shí)，發(fā)出不連續(xù)的光譜線(xiàn)，故B錯(cuò)誤；由Q4躍遷到遷二1時(shí)輻射的光子能量最圮發(fā)出光子的頻率最犬，故C錯(cuò)誤；一群處于第4能級(jí)的氫原子躍遷到較低能級(jí)時(shí)可以放出6條光譜線(xiàn)，能量大于2.21

10、eV的光譜纟賄4條，故D正確.8 8、如圖所示，空間同一平面內(nèi)有AB、C三點(diǎn)，AB=5 5 m m,BC=4 4 m m,AC=3 3 m m.AC兩點(diǎn) 處有完全相同的波源做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，振動(dòng)頻率為 1 1 360360 HzHz ,波速為 340340 m/s.m/s.下列說(shuō)法正確的 是（）（）A.A.兩列波的波長(zhǎng)均為0.250.25 m mB.B.B、C間有 8 8 個(gè)振動(dòng)減弱的點(diǎn)C.C. B B 點(diǎn)的位移總是最大D.D.A、B間沒(méi)有個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)錯(cuò)；由P=I2R=B2L42R4( R+r)2P變?yōu)樵瓉?lái)的 4 4 倍，D D 錯(cuò)。3 變?yōu)?2 2 倍時(shí),7E.E. 振動(dòng)減弱點(diǎn)的位移總是為零8【

11、答案】ABEABE【解析】由入=/ = 0.250.25 m m 知，A A 正確；只要到兩振源的路程差為半波長(zhǎng)奇數(shù)倍的點(diǎn)就是振動(dòng)減弱點(diǎn)，兩波源到BC上的點(diǎn)的位移差從 1 1 m m 逐漸增大到 3 3 m m,因此在B、C間有 8 8 個(gè)振 動(dòng)減弱點(diǎn)，B B 正確；B點(diǎn)到兩振源的路程差為 1 1 m m，為波長(zhǎng)的整數(shù)倍，處在振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)上， 但只是振動(dòng)的振幅增大，不是任意時(shí)刻位移都最大，C C 錯(cuò)誤；從AB上的點(diǎn)，到兩振源的路程差從 0 0 到 3 3m m，因此有多個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，D D 錯(cuò)誤；振動(dòng)減弱點(diǎn)的振幅為兩振源振幅的差，因此振幅為零，故位移總為零，E E 正確.g=10m/s=10m/s2。試求:【解析】當(dāng)抄為如度時(shí)旳=當(dāng)砂0度時(shí)，H 尸2/叭可知物體運(yùn)動(dòng)中受摩據(jù)阻力，且在水平面做勻籀速直纟嶷動(dòng)。4設(shè)摩播因數(shù)為佝此時(shí)摩攜力犬小為閣啖換速度大小為畤由運(yùn)動(dòng)學(xué)有程刪=2昭詢(xún)（2 2）對(duì)于任意角度，根據(jù)動(dòng)能定理可得，物體對(duì)應(yīng)的最大位移x x 滿(mǎn)足的關(guān)系式:二、非選擇題如圖（a）所示，一物體以一定的速度V0沿足夠長(zhǎng)斜面向上運(yùn)動(dòng)，此物體在斜面上的最大位移與斜面傾角的關(guān)系如圖（b） 所示。設(shè)各種條件下，物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的動(dòng)摩擦因數(shù)均不變,(1)