福建省漳州八校2016屆高三12月聯(lián)考 物理

1、絕密啟用前2015-2016學(xué)年度漳州市八校第一次聯(lián)考高三物理試卷考試范圍：必修、，選修3-1；考試時間：90分鐘； 題號一二三總分得分注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上第I卷 選擇題 （50分）評卷人得分一、選擇題（本題共11道小題，每小題4分，共44分；1-6題為單項選擇， 7-11題為多項選擇，多選但選不全者得2分，錯選或不選得0分）1.如圖是質(zhì)量為1kg的質(zhì)點在水平面上運動的vt圖象，以水平向右的方向為正方向以下判斷正確的是（）A在03.0s時間內(nèi)，合力對質(zhì)點做功為10JB在4.0s6.0s時間內(nèi)，質(zhì)點的平均速度為3m/sC在1.0s5.0

2、s時間內(nèi)，合力的平均功率為4WD在t=6.0s時，質(zhì)點加速度為零2.如圖所示，不計重力的輕桿OP能以O(shè)點為圓心在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，P端用輕繩PB掛一重物，另用一根輕繩通過滑輪系住P端在力F的作用下，當(dāng)桿OP和豎直方向的夾角（0）緩慢增大時，力F的大小應(yīng)（）A逐漸增大B恒定不變C逐漸減小D先增大后減小3.如圖甲所示，在傾角為30°的足夠長的光滑斜面上，有一質(zhì)量為m的物體，受到沿斜面方向的力F作用，力F按圖乙所示規(guī)律變化（圖中縱坐標是F與mg的比值，力沿斜面向上為正）。則物體運動的速度v隨時間t變化的規(guī)律是圖丙中的（物體的初速度為零，重力加速度取10 m/s2）（ ）4.如圖所示，質(zhì)量

3、為m的物塊與水平轉(zhuǎn)臺之間的動摩擦因數(shù)為，物塊與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸相距R，物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始轉(zhuǎn)動并計時，在t1時刻轉(zhuǎn)速達到n，物塊即將開始滑動保持轉(zhuǎn)速n不變，繼續(xù)轉(zhuǎn)動到t2時刻則（）A在0t1時間內(nèi)，摩擦力做功為零B在t1t2時間內(nèi)，摩擦力做功為2mgRC在0t1時間內(nèi)，摩擦力做功為2mgRD在0t1時間內(nèi)，摩擦力做功為mgR 5. 如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌CD、EF間距為l ，與電動勢為E的電源相連，質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置構(gòu)成閉合回路，回路平面與水平面成角，回路其余電阻不計為使ab棒靜止，需在空間施加的勻強磁場磁感強度的最小值及其方向分別為（）A. ，水平向右 B. ，垂直于回路

4、平面向上C. ，豎直向下D. ，垂直于回路平面向下6.如圖所示，一個質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點），以某一初速度由A點沖上傾角為30°的固定斜面，其加速度大小為g，物體在斜面上運動的最高點為B，B點與A點的高度差為h，則從A點到B點的過程中，下列說法正確的是（ ）A物體動能損失了B物體動能損失了2mghC系統(tǒng)機械能損失了2mghD系統(tǒng)機械能損失了7a、b、c三個粒子由同一點垂直場強方向進入偏轉(zhuǎn)電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場，由此可以肯定（）A在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上Bb和c同時飛離電場C進入電場時，c的速度最大，a的速度最小D動能的增量相比，c的最小，a和b的一

5、樣大8如圖所示為糧袋的傳送帶裝置，已知AB間的長度為L，傳送帶與 水平方向的夾角為，工作時運行速度為v，糧袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，正常工作時工人在A點將糧袋從A到B的運動，以下說法正確的是（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（）A糧袋到達B點的速度與v比較，可能大，也可能相等或小B糧袋開始運動的加速度為g（sincos），若L足夠大，則以后將一定以速度v做勻速運動C若tan，則糧袋從A到B一定一直是做加速運動D不論如何小，糧袋從A到B一直勻加速運動，且agsin9如圖所示，空間存在一勻強電場，其方向與水平方向間的夾角為30°，A、B與電場垂直，一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電小球以初速

6、度v0從A點水平向右拋出，經(jīng)過時間t小球最終落在C點，速度大小仍是v0，且，則下列說法中正確的是 （ ）A電場方向沿電場線斜向上 B電場強度大小為C小球下落高度 D此過程增加的電勢能等于102014年10月24日02時00分，我國自行研制的探月工程三期再人返回飛行試驗器，在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號丙運載火箭發(fā)射升空，我國探月工程首次實施的再入返回飛行試驗首戰(zhàn)告捷假設(shè)月球是一個質(zhì)量為M，半徑為R的均勻球體萬有引力常數(shù)為C，下列說法錯誤的是（ ） A在月球上發(fā)射一顆環(huán)繞其表面運行的衛(wèi)星，它的最小周期為 B在月球上發(fā)射一顆環(huán)繞其表面運行的衛(wèi)星，它的最大運行速度為 C在月球上以初速度0豎直上拋一個物

7、體，物體上升的最大高度為D在月球上以初速度0豎直上拋一個物體，物體落回到拋出點所用時間為11如圖所示電路中，R為一滑動變阻器，P為滑片，若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，下列判斷正確的是（）A電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大B燈泡L2一定逐漸變暗C電源效率一定逐漸減小 DR上消耗功率一定逐漸變小第II卷 非選擇題 （56分）評卷人得分二、實驗題（本題共2道小題,12小題6分,13小題9分，共15分）12.某課外活動小組利用豎直上拋運動驗證機械能守恒定律（1）（2分）某同學(xué)用20分度游標卡尺測量小球的直徑，讀數(shù)如圖甲所示，小球直徑為 cm圖乙所示彈射裝置將小球豎直向上拋出，先后通過光電門A、B，計

8、時裝置測出小球通過A、B的時間分別為2.55ms、5.15ms，由此可知小球通過光電門A、B時的速度分別為vA、vB，其中vA= m/s（2）（2分）用刻度尺測出光電門A、B間的距離h，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，只需比較 和 是否相等，就可以驗證機械能是否守恒（用題目中涉及的物理量符號表示）（3）（2分）通過多次的實驗發(fā)現(xiàn)，小球通過光電門A的時間越短，（2）中要驗證的兩數(shù)值差越大，試分析實驗中產(chǎn)生誤差的主要原因是 13. 在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A待測的干電池（電動勢約為1.5 V，內(nèi)電阻小于1.0 ）B電流表A1（量程03 mA，內(nèi)阻10 ）C電流表A2（量程

9、00.6 A，內(nèi)阻0.1 ）D滑動變阻器R1（020 ，10 A） E滑動變阻器R2（0200 ，l A）F定值電阻R0（990 ） G開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）（2+2分）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是_圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應(yīng)選_（填寫器材前的字母代號）。（2）（2+2分）圖乙為該同學(xué)根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1-I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠大于I1的數(shù)值），則由圖線可得被測電池的電動

10、勢E_V，內(nèi)阻r_。（結(jié)果保留小數(shù)點后2位）（3）（1分）若將圖線的縱坐標改為_，則圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小。評卷人得分三、計算題（本題共4道小題, 第14題8分,第15題9分,第16題10分,第17題14分,共41分,寫出必要的文字說明,否則不得分）14. 如圖所示,質(zhì)量為mB=14kg的木板B放在水平地面上,質(zhì)量為mA=10kg的貨箱A放在木板B上。一根輕繩一端拴在貨箱上,另一端拴在地面上,繩繃緊時與水平面的夾角為=37°。已知貨箱A與木板B之間的動摩擦因數(shù)1=0.5,木板B與地面之間的動摩擦因數(shù)2=0.4。重力加速度g取10m/s2?，F(xiàn)用水平力F將木板B從

11、貨箱A下面勻速抽出, (已知：sin37°= 0.6 cos37°=0.8) 試求：(1)繩上張力T的大小。(2)水平拉力F的大小。15質(zhì)量為M的拖拉機拉著耙來耙地，由靜止開始做勻加速直線運動，在時間t內(nèi)前進的距離為s.耙地時，拖拉機受到的牽引力恒為F，受到地面的阻力為自重的k倍，耙所受阻力恒定，連接桿質(zhì)量不計且與水平面的夾角保持不變。求：（1）拖拉機的加速度大小；（2）拖拉機對連接桿的拉力大小；（3）時間t內(nèi)拖拉機對耙做的功.16.如圖所示，質(zhì)最m=6Okg的滑塊（可視為質(zhì)點），在水平牽引功率恒為P=42W的力作用下從A點由靜止開始運動，一段時間后撤去牽引力當(dāng)滑塊由平臺邊

12、緣B點飛出后，恰能以5m/s的速度從豎直光滑圓弧軌道CDE上C點的切線方向切入軌道，并從軌道邊緣E點豎直向上拋出已知COD=53°，AB間距離L=3m，滑塊與平臺間的動摩擦因數(shù)=0.2，圓弧軌道半徑R=1.0m不計空氣阻力取sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）滑塊運動到B點時的速度大??；（2）回弧軌道對滑塊的最大支持力；（3）滑塊在平臺上運動時水平牽引力的作用時間17如圖，靜止于A處的離子，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進入矩形區(qū)域的有界勻強電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場，已知圓

13、弧所在處場強為E0，方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；=2d、=3d，離子重力不計（1）求圓弧虛線對應(yīng)的半徑R的大??；（2）若離子恰好能打在NQ的中點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強電場場強E的值；（3）若撤去矩形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強電場，換為垂直紙面向里的勻強磁場，要求離子能最終打在QN上，求磁場磁感應(yīng)強度B的取值范圍 絕密啟用前2015-2016學(xué)年度漳州市八校第一次聯(lián)考物理參考答案1.B考點：勻變速直線運動的圖像版權(quán)所有專題：運動學(xué)中的圖像專題分析：先根據(jù)速度時間圖象得到物體的運動規(guī)律，然后根據(jù)動能定理判斷合力的做功情況，根據(jù)速度時間圖線與時間軸包圍的面積表示位移來計算物體的位移大小，

14、根據(jù)平均速度的定義求平均速度，根據(jù)平均功率的定義來求解平均功率解答：解：A、根據(jù)動能定理，在03.0s時間內(nèi)，合力對質(zhì)點做功等于動能的增加量，故=，故A錯誤；B、由于速度時間圖線與時間軸包圍的面積表示位移，故物體在4.0s6.0s時間內(nèi)的位移為，故平均速度為，故B正確；C、根據(jù)動能定理，在1s5.0s時間內(nèi)，合力對質(zhì)點做功等于動能的增加量，故=，故合力的平均功率為，故C錯誤；D、在t=6.0s時，質(zhì)點速度為零，但從5s到7s物體做勻變速直線運動，加速度不變，故該時刻物體的加速度不為零，故D錯誤；故選B點評：本題關(guān)鍵是由速度時間圖象得到物體的運動情況，然后結(jié)合動能定理和運動學(xué)公式列式分析，同時要

15、注意，速度為零時加速度不一定為零2.A考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用版權(quán)所有專題：共點力作用下物體平衡專題分析：以P點為研究對象，分析受力情況，運用三角形相似法，得到力F與重力的關(guān)系，再分析F的變化情況解答：解：以P點為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得：N和F的合力與重力G大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖，由三角形相似法得：=當(dāng)桿OP和豎直方向的夾角（0）緩慢增大時，AP增大，而G、AO不變，得到F逐漸增大故選A點評：本題涉及非直角三角形的動態(tài)分析問題，運用三角相似法是常用的方法，形象直觀方便3.C。當(dāng)F與mg的比值為1時，有此時加速度a=0.5g=5m/s2

16、，在1s末速度增大到正向5m/s，在1s到2s間撤去F后物體在重力沿斜面向下的分力提供加速度，為5m/s2，在2s末速度減小到零?？杉毞治鋈缦拢涸?-1s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得：，方向沿斜面向上，物體向上做勻加速直線運動；在1-2s內(nèi)，拉力為零，根據(jù)牛頓第二定律得：，方向沿斜面向下，物體沿斜面向上做勻減速直線運動，2s末速度為零在2-3s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得：方向沿斜面向下，物體沿斜面向下做勻加速直線運動，3s末的速度大小v=a3t=15m/s故C正確，A、B、D錯誤故選擇C答案。4.D考點：動能定理.專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：物體做加速圓周運動，受重力、支持力和靜摩擦力，物體即將滑動時

17、已經(jīng)做勻速圓周運動，最大靜摩擦力提供向心力，可以求出線速度；又由于重力和支持力垂直于速度方向，始終不做功，只有靜摩擦力做功，故可以根據(jù)動能定理求出摩擦力做的功解答：解：A、在0t1時間內(nèi)，轉(zhuǎn)速逐漸增加，故物體的速度逐漸增加，由動能定理可知，最大靜摩擦力提供向心力：mg=m解得：v= 物體做加速圓周運動過程：Wf=mv2 由兩式解得：Wf=mgR，故AC錯誤，D正確；D、在t1t2時間內(nèi)，物體的線速度不變，摩擦力只提供向心力，根據(jù)動能定理可知摩擦力做功為零，故B錯誤；故選：D點評：本題關(guān)鍵根據(jù)摩擦力等于向心力，然后由動能定理列式求解5. D考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用；安

18、培力；左手定則版權(quán)所有專題：共點力作用下物體平衡專題分析：導(dǎo)體棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，當(dāng)安培力沿斜面向上時，安培力最小，此時根據(jù)安培力公式計算出的磁感應(yīng)強度即為最小值解答：解：對導(dǎo)體棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖從圖象可以看出，當(dāng)安培力沿斜面向上時，安培力最??；故安培力的最小值為：FA=mgsin，故磁感應(yīng)強度的最小值為B=根據(jù)歐姆定律，有E=IR故B=故選D點評：本題是三力平衡中動態(tài)分析問題，即其中第一個力大小和方向都不變，第二個力方向不變，大小可變，則當(dāng)?shù)厝齻€力與第二個力垂直時，第三個力取最小值；同時要結(jié)合歐姆定律、安培力公式列式求解6B考點：動能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系

19、；機械能守恒定律版權(quán)所有專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：根據(jù)動能定律列式求解動能減小量；機械能減小量等于除重力外其他力所做的功解答：解：A.B滑塊上升過程中，受到重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，得到合力F=ma=mg 沿斜面向下動能減小量等于克服合力做的功，故EK減=FS=mg2h=2mgh故A錯誤，B正確；C、D、系統(tǒng)損失的機械能等于減小的動能和勢能之和，故E減=EK減mgh=mgh故CD錯誤；故選B點評：本題解決關(guān)鍵在于明確功能關(guān)系，知道重力做功與重力勢能的關(guān)系；合外力做功與動能的關(guān)系7.ACD 考點：帶電粒子在勻強電場中的運動版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：三個粒子進

20、入電場后加速度相同，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，由圖看出，豎直方向偏轉(zhuǎn)距離的關(guān)系，由位移公式y(tǒng)=分析三個粒子運動時間關(guān)系三個粒子水平方向上做勻速直線運動，由水平位移分析初速度關(guān)系由動能定理分析動能增量的關(guān)系解答：解：A、B三個粒子進入電場后加速度相同，由圖看出，豎直方向a、b偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，由y=得知，a、b運動時間相等，大于c的運動時間，即ta=tbtc，故在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上，而c先飛出電場故A正確，B錯誤C三個粒子水平方向上做勻速直線運動，則有x=v0t由圖看出，b、c水平位移相同，大于a的水平位移，即xb=xcxa，而ta=tbtc，可見，

21、初速度關(guān)系為：vctbva，故C正確D由動能定理得：Ek=qEy，由圖看出，a和b的偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，故ab動能增量相等，大于c的動能增量故D正確故選ACD8AC考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系版權(quán)所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動，到達B點時的速度小于v；可能先勻加速運動，當(dāng)速度與傳送帶相同后，做勻速運動，到達B點時速度與v相同；也可能先做加速度較大的勻加速運動，當(dāng)速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運動，到達B點時的速度大于v；糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力，加速度為g（sin+cos）若tan，糧袋從A到B可能

22、一直是做加速運動，也可能先勻加速運動，當(dāng)速度與傳送帶相同后，做勻速運動解答：解：A、糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動，到達B點時的速度小于v；可能先勻加速運動，當(dāng)速度與傳送帶相同后，做勻速運動，到達B點時速度與v相同；也可能先做加速度較大的勻加速運動，當(dāng)速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運動，到達B點時的速度大于v；故A正確 B、糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力，大小為mgcos根據(jù)牛頓第二定律得到，加速度a=g（sin+cos）故B錯誤 C、若tan，可能是一直以g（sin+cos）的加速度勻加速；也可能先以g（sin+cos）的加速度勻加速，后以g（sincos）勻加速故C正確

23、D、由上分析可知，糧袋從A到B不一定一直勻加速運動故D錯誤故選：AC點評：本題考查分析物體運動情況的能力，而要分析物體的運動情況，首先要具有物體受力情況的能力傳送帶問題，物體的運動情況比較復(fù)雜，關(guān)鍵要考慮物體的速度能否與傳送帶相同9.BC 帶正電小球從A到 C，速度大小仍為 ，說明動能不變，根據(jù)動能定理知合外力做功等于零，則重力與電場力的合力與AC垂直，可知電場方向沿電場線斜向下，且Eq=mg,故A錯，B對；小球在豎直方向的加速度為ay=3g/2, 小球下落高度h=ayt2/2=,C對；電場力做的負功數(shù)值上等于重力做的功，因mgh=,所以增加的電勢能為 ，選項 D 錯。10. BCD在月球上發(fā)

24、射一顆環(huán)繞其表面運行的衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供向心力得： ，它的最小周期為，選項A正確；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度；根據(jù)萬有引力提供向心力得： ，得，選項B錯誤；忽略月球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式：解得；在月球上以初速度v0豎直上拋一個物體，物體落回到拋出點所用時間：t=,選項C錯誤；物體上升的最大高度：h=,選項D錯誤11ABC考點：閉合電路的歐姆定律.專題：恒定電流專題分析：將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，再分析R1上消耗功率的變化；據(jù)功率公式和電源效率公式判斷選

25、項解答：解：將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大A、據(jù)P=I2r可知，電源內(nèi)部消耗的功率增大，故A正確；BD、由于干路電流增大，路端電壓減小，所以R1上的電流增大，電壓增大；再由于路端電壓減小，R1上電壓增大，所以L2的電壓減?。ɑ瑒幼冏杵鱎的電壓減?。?，即該燈泡變暗；由于R1上的電流增大，而L2的電流減小，所以通過滑動變阻器R的電流變大，據(jù)P=UI可知，R上消耗的功率不一定變小，故B正確，D錯誤；C、據(jù)電源效率公式=可知，當(dāng)總電阻減小，電源效率減小，故C正確故本題選：ABC點評：對于電路中動態(tài)變化分析問題，一般先確定局部電阻的

26、變化，再確定總電阻的變化，到總電流、總電壓的變化，再回到局部電路研究電壓、電流的變化12.考點：驗證機械能守恒定律版權(quán)所有專題：實驗題；機械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀根據(jù)在極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求出A點的瞬時速度（2）通過驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等驗證機械能守恒（3）小球通過光電門A的時間越短，（2）中要驗證的兩數(shù)值差越大，知速度越大，阻力越大，產(chǎn)生的誤差就越大解答：解：（1）小球的直徑為10mm+0.05×4mm=10.20mm=1.020cm（2）若動能的增加量和重力勢能的減小量相等，機械能守恒，重力勢

27、能的減小量為mgh，動能的增加量為，則驗證gh和是否相等（3）由于受到阻力作用，小球通過光電門A的時間越短，知速度越大，阻力越大故答案為：（1）1.020，4.0（4或4.00 也算對）；（2）gh和；（3）速度越大，所受阻力越大點評：解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，掌握游標卡尺的讀數(shù)方法，以及知道誤差形成的原因13.（1）b，D；（2）、；（3）：（1）沒有電壓表，可以將電流表串聯(lián)一個電阻，可以改裝成電壓表，根據(jù)歐姆定律若將電流表與定值電阻串聯(lián)有U=I1R0=0.003×（500+10）=1.53V，與電源電動勢接近，故應(yīng)將電流表A1與定值電阻串聯(lián)使用，故合理的是b圖；電源電動勢約為

28、1.5V，內(nèi)阻約為1歐姆，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選D（2）由電路圖可知，在閉合電路中，電源電動勢：，則：，由圖象可知，圖象的截距：則電源電動勢為：圖象斜率：電源內(nèi)阻為：（3）由閉合電路歐姆定律可知，在圖線中，圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小，故當(dāng)圖線的縱坐標改為時，圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小。故答案為：（1）b，D；（2）、；（3）。14. 考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】(1)對A進行受力分析可知A受4個力作用，分解繩的拉力，根據(jù)A受力平衡可得N1=mAg+Tsin(1分)Tcos=1N1，(1分)解得T=1mAgcos-1sin(1分)代入數(shù)據(jù)

29、得繩子張力T=100N(1分)(2)對B進行受力分析可知B受6個力的作用，地面對B的支持力N2 = mB g+N1(1分)而N1=mA g+Tsin=160N(1分)拉力F=2N2+1N1(1分)F=200N(1分)答案：(1)100N(2)200N15. 考點：牛頓運動定律及其應(yīng)用【解析】（1）由勻變速直線運動的公式：sat2, (1分)得a=.(1分)(2)設(shè)連接桿對拖拉機的拉力為f,由牛頓第二定律得：F-kMg-fcos=Ma,(2分)聯(lián)立式，解得拖拉機對連接桿的拉力大小為：T=F-M(kg+）.(1分)根據(jù)牛頓第三定律：T= - T 得：T=F-M(kg+）(1分)(3)拖拉機對耙做的

30、功：W=fscos,(2分)聯(lián)立式，解得：W=F-M(kg+）s.(1分)【答案】（1） （2）F-M(kg+） （3）F-M(kg+）s16.考點：動能定理；機械能守恒定律專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）根據(jù)平拋運動的規(guī)律，結(jié)合平行四邊形定則求出水平分速度，即B點的速度大小（2）根據(jù)動能定理求出D點的速度，通過牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出滑塊對圓弧軌道的最大壓力（3）根據(jù)B點的速度，結(jié)合動能定理求出牽引力作用的時間解答：解：（1）C點水平分速度v=vCcos=5×0.6=3m/s （1分）B點的速度vb=v=3m/s（1分）（2）在C點，軌道對滑塊的支持力最大（1分）滑塊從C點到D點，由機械能守恒定律得：mgR（1cos5