泄露天機(jī)__2015年新課標(biāo)1高考預(yù)測卷_物理試題_Word版含解析

1、2015年新課標(biāo)1高考預(yù)測卷 物理試題二、選擇題:本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第14-18題只有一項符合題目要求，第19-21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14如圖所示，甲、乙兩物體用壓縮的輕質(zhì)彈簧連接靜置于傾角為的粗糙斜面體上，斜面體始終保持靜止，則下列判斷正確的是（ ）A物體甲一定受到四個力作用B物體甲所受的摩擦力方向一定沿斜面向下C物體乙所受的摩擦力可能為零D水平面對斜面體無摩擦力作用15. 2011年1月11日12時50分，殲20在成都實現(xiàn)首飛，歷時l8分鐘，這標(biāo)志著我國隱形戰(zhàn)斗機(jī)的研制工作掀開了新的一頁如圖所示，隱

2、形戰(zhàn)斗機(jī)在豎直平面內(nèi)作橫8字形飛行表演，飛行軌跡為1234561，如果飛行員體重為G，飛行圓周半徑為R，速率恒為v，在A、B、C、D四個位置上，飛機(jī)座椅或保險帶對飛行員的作用力分別為NA、NB、NC、ND，關(guān)于這四個力的大小關(guān)系正確的是（ ）A B C D16如圖甲所示，在x軸上有兩個固定的點(diǎn)電荷Q1、Q2，其中Ql帶正電處于原點(diǎn)O。現(xiàn)有一個正電荷q 以一定的初速度沿x軸正方向運(yùn)動(只受電場力作用)，其v-t 圖象如圖乙所示，q 經(jīng)過a、b兩點(diǎn)時速度分別為va、vb則以下判斷正確的是（ ）AQ 2帶負(fù)電且電荷量小于QlBb點(diǎn)的場強(qiáng)比a點(diǎn)的場強(qiáng)大Ca點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的電勢高Dq在a點(diǎn)的電勢能大于在

3、b點(diǎn)的電勢能17.如圖所示為用可調(diào)內(nèi)阻電池演示電源電動勢與閉合電路內(nèi)外電壓關(guān)系的實驗裝置示意圖。下述說法正確的是( )A.A接電壓表V1的“+”接線柱，B接電壓表V1的“-”接線柱 C接電壓表V2的“+”接線柱，D接電壓表V2的“-”接線柱B.滑動變阻器的滑動頭向右移動時電壓表V1的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)增大C.滑動變阻器的滑動頭向左移動時電壓表Vl的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大D.無論滑動變阻器的滑動頭向右移動還是向左移動，電壓表V1、V2的示數(shù)之和不變18如圖所示為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不

4、計，它可繞水平軸在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場中以角速度勻速轉(zhuǎn)動矩形線圈通過滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動觸頭P上下移動時可改變輸出電壓，表示輸電線的電阻以線圈平面與磁場平行時為計時起點(diǎn)，下列判斷正確的是A若發(fā)電機(jī)線圈某時刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時值為零B發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為C當(dāng)用電量增加時，為使用戶電壓保持不變，滑動觸頭P應(yīng)向上滑動D當(dāng)滑動觸頭P向下移動時，變壓器原線圈兩端的電壓將升高19如圖所示，一滑塊從固定的斜面底端A處沖上粗糙的斜面，到達(dá)某一高度后返回A下列各圖分別表示滑塊在斜面上運(yùn)動的速度、加速度、勢能、機(jī)械能E隨時間變化的圖像，可能正確的是20. 在一個邊界為

5、等邊三角形的區(qū)域內(nèi)，存在一個方向垂直于紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，在磁場邊界上的P點(diǎn)處有一個粒子源，發(fā)出比荷相同的三個粒子a、b、c（不計重力）沿同一方向進(jìn)入磁場，三個粒子通過磁場的軌跡如圖所示，用ta、tb、tc分別表示a、b、c通過磁場的時間；用ra、rb、rc分別表示a、b、c在磁場中的運(yùn)動半徑，則下列判斷正確的是（ ）A. ta=tbtcB. tctbtaC. rcrbraD. rbrarc21如圖所示，兩根等高光滑的14圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低

6、位置cd開始，在拉力作用下以速度向右沿軌道做勻速圓周運(yùn)動至ab處，則該過程中A通過R的電流方向為由內(nèi)向外B通過R的電流方向為由外向內(nèi)CR上產(chǎn)生的熱量為D流過R的電荷量為第卷三、非選擇題:包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答。(一)必考題（共129分）22.某同學(xué)為了探究桿轉(zhuǎn)動時的動能表達(dá)式，設(shè)計了如圖甲所示的實驗：質(zhì)量為m的均勻長直桿一端固定在光滑轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用光電門測出另一端A經(jīng)過某位置時的瞬時速度，并記下該位置與轉(zhuǎn)軸O的高度用螺旋測微器測量桿的寬度L如圖乙，由此讀出L=_mm；通過測量可知

7、桿的寬度L很小，設(shè)桿A端通過光電門的時間為t，則A端通過光電門的瞬時速度的表達(dá)式為_調(diào)節(jié)的大小并記錄對應(yīng)的速度，數(shù)據(jù)如上表為了形象直觀地反映和的關(guān)系，請選擇適當(dāng)?shù)目v坐標(biāo)并畫出圖象當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10ms2，結(jié)合圖象分析，桿轉(zhuǎn)動時的動能_(請用質(zhì)量m、速度表示)23.現(xiàn)用伏安法研究某純電阻電子器件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲線，要求特性曲線盡可能完整（直接測量的變化范圍盡可能大一些），備有下列器材：A直流電源（6V，內(nèi)阻不計）；B電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10）；C電流表A（00.6A，內(nèi)阻未知）；D滑動變阻器（020，10A）；E滑動變阻器（0200，1A）；F定值電阻R0（

8、阻值為1990）；G開關(guān)與導(dǎo)線若干；根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設(shè)計出測量電子器件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）。在實驗中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選用_。（填寫器材前的序號）將上述電子器件R1 和另一電阻R2接入如圖（甲）所示的電路中，它們的伏安特性曲線分別如圖（乙）中Ob、Oa所示。電源的電動勢E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計。調(diào)節(jié)滑動變阻器R3，使電子器件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子器件R1和R2阻值的和為_，R3接入電路的阻值為_。24.2010年1月17日凌晨，北斗二號衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)的第三顆衛(wèi)星成功發(fā)射。此前，第一、二顆北斗二號衛(wèi)星分別于

9、2007年4月和2009年4月發(fā)射。衛(wèi)星發(fā)射間隔越來越短，預(yù)示著北斗二號進(jìn)入了加速組網(wǎng)階段。北斗二號衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星。衛(wèi)星發(fā)射升空后，進(jìn)入近地點(diǎn)距地心為r1，遠(yuǎn)地點(diǎn)距地心為r2的橢圓軌道正常運(yùn)行后，衛(wèi)星動力發(fā)動機(jī)點(diǎn)火，衛(wèi)星開始變軌，衛(wèi)星在遠(yuǎn)地點(diǎn)時，將質(zhì)量為m的燃?xì)庖砸欢ǖ乃俣认蚝蠓絿姵龊?，衛(wèi)星改做半徑為r2的圓周運(yùn)動.已知地球表面處重力加速度為g，衛(wèi)星在近地點(diǎn)速度為v1，飛船總質(zhì)量為m. 設(shè)距地球無窮遠(yuǎn)處為引力勢能零點(diǎn)，則距地心為r、質(zhì)量為m的物體的引力勢能表達(dá)式為.已知地球質(zhì)量M，萬有引力常量G。求： (1) 地球半徑及衛(wèi)星在橢圓軌道上運(yùn)動時具有的機(jī)械能；(2) 衛(wèi)星在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度v2；(

10、3) 衛(wèi)星在遠(yuǎn)地點(diǎn)時，應(yīng)將m的氣體相對于地球多大的速度(大小)向后方噴出才能進(jìn)入半徑為r2的圓軌道。25.在高能物理研究中，粒子加速器起著重要作用，而早期的加速器只能使帶電粒子在高壓電場中加速一次，因而粒子所能達(dá)到的能量受到高壓技術(shù)的限制。1930年，Earnest O. Lawrence博士提出了回旋加速器的理論，他設(shè)想用磁場使帶電粒子沿圓弧形軌道旋轉(zhuǎn)，多次反復(fù)地通過高頻加速電場，直至達(dá)到高能量，圖甲為他設(shè)計的回旋加速器的示意圖。它由兩個鋁制D型金屬扁盒組成，兩個D形盒正中間開有一條狹縫，兩個D型盒處在勻強(qiáng)磁場中并接有高頻交變電壓。圖乙為俯視圖，在D型盒上半面中心S處有一正離子源，它發(fā)出的正

11、離子，經(jīng)狹縫電壓加速后，進(jìn)入D型盒中，在磁場力作用下運(yùn)動半周，再經(jīng)狹縫電壓加速；為保證粒子每次經(jīng)過狹縫都被加速，應(yīng)設(shè)法使交變電壓的周期與粒子在狹縫及磁場中運(yùn)動的周期一致。如此周而復(fù)始，最后到達(dá)D型盒的邊緣，獲得最大速度后被束流提取裝置提取。設(shè)被加速的粒子為質(zhì)子，質(zhì)子的電荷量為q，質(zhì)量為m，加速時電極間電壓大小恒為U，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，D型盒的半徑為R，狹縫之間的距離為d，質(zhì)子從離子源出發(fā)時的初速度為零，分析時不考慮相對論效應(yīng)。（1）求質(zhì)子經(jīng)第1次加速后進(jìn)入一個D形盒中的回旋半徑與第2次加速后進(jìn)入另一個D形盒后的回旋半徑之比；（2）若考慮質(zhì)子在狹縫中的運(yùn)動時間，求質(zhì)子從離開離子源到被第n次加

12、速結(jié)束時所經(jīng)歷的時間；（3）若要提高質(zhì)子被此回旋加速器加速后的最大動能，可采取什么措施？（4）若使用此回旋加速器加速氘核，要想使氘核獲得與質(zhì)子相同的最大動能，請你通過分析，提出一個簡單可行的辦法。33.物理選修3-3（1）下列說法正確的是 A布朗運(yùn)動就是液體分子的熱運(yùn)動B一定質(zhì)量的理想氣體在溫度不變的條件下，壓強(qiáng)增大，則外界對氣體做功C機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能D分子間距離等于分子間平衡距離時，分子勢能最小E有規(guī)則外形的物體是晶體F一切自然過程總是向分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行（2）如圖是用導(dǎo)熱性能良好的材料制成的氣體實驗裝置，開始時封閉的空氣柱長度為20cm，人用豎直向下的力F壓活塞，使空

13、氣柱長度變?yōu)樵瓉淼囊话?，人對活塞做功l0J，大氣壓強(qiáng)為P0=1×105Pa，不計活塞的重力問：若用足夠長的時間緩慢壓縮，求壓縮后氣體的壓強(qiáng)多大？若以適當(dāng)?shù)乃俣葔嚎s氣體，此過程氣體向外散失的熱量為2J，則氣體的內(nèi)能增加多少？（活塞的橫截面積S=1cm2）34. 物理選修3-4 (1)一列簡諧橫波，在t=4.0s時的波形如圖甲所示，圖乙是這列波中質(zhì)點(diǎn)P的振動圖象關(guān)于該簡諧波，下列說法正確的是_A波速，向左傳播B波速，向右傳播C0到40s時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程是10mD0到40s時問內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程是032m(2)如圖所示，直角玻璃三棱鏡ABC置于空氣中，棱鏡的折射率為一細(xì)光束從AC

14、的中點(diǎn)D垂直AC面入射，AD=，求：光從棱鏡第一次射入空氣時的折射角光從進(jìn)入棱鏡到它第一次從棱鏡中射出所經(jīng)歷的時間(光在真空中的傳播速度為c) 35. 物理選修3-5 （1）2011年3月日本發(fā)生9級大地震，并引發(fā)海嘯.位于日本東部沿海的福島核電站部分機(jī)組發(fā)生爆炸，在日本核電站周圍檢測到的放射性物質(zhì)碘131.在核泄漏中，碘的放射性同位素碘131（半衰期為8.3天）是最為危險的，它可以在最短的時間內(nèi)讓人體細(xì)胞癌化，尤其是針對甲狀腺細(xì)胞，甲狀吸收后造成損傷.下列有關(guān)說法中正確的是（ ）A在出事故前，正常運(yùn)行的福島核電站中使用的主要核燃料是碘131B若現(xiàn)已知碘131的半衰期為3.8天,若取1g碘13

15、1放在天平左盤上,砝碼放于右盤,左右兩邊恰好平衡,則7.6天后,需取走0.75g砝碼天平才能再次平衡C碘131發(fā)生衰變時所釋放出的電子是原子核外電子發(fā)生電離而發(fā)射出來的D碘131也可以做示蹤原子；給人注射微量碘131，然后定時用探測器測量甲狀腺及鄰近組織的放射強(qiáng)度，有助于診斷甲狀腺的疾病(2)如圖所示，質(zhì)量均為m的小車和木箱緊挨著靜止在光滑的水平冰面上，質(zhì)量為2m的小孩站在小車上用力向右迅速推出木箱，木箱相對于冰面運(yùn)動的速度為，木箱運(yùn)動到右側(cè)墻壁時與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，反彈后能被小孩接住，求：小孩接住箱子后共同速度的大小若小孩接住箱子后再次以相對于冰面的速度將木箱向右推出，木箱仍與豎直墻壁發(fā)

16、生彈性碰撞，判斷小孩能否再次接住木箱參考答案14.【答案】D【解析】解：A、若壓縮的彈簧對甲向上的彈力大小恰好等于m甲gsin ，則甲只受三個力作用，AB錯誤；C、因彈簧對乙有沿斜面向下的彈力，故乙一定具有向下運(yùn)動的趨勢，乙一定受沿斜面向上的摩擦力作用，C錯誤；D、取甲、乙和斜面為一整體分析受力，由水平方向合力為零可得，水平面對斜面體的摩擦力一定為零，D正確故選D15.【答案】A【考點(diǎn)】牛頓第二定律；向心力【解析】解：行員做勻速圓周運(yùn)動，重力和支持力的合力提供向心力；在A處，有在D處，有在B處，有在C處，有有上述4式，得到：NA=NBNC=ND故選A16. 【答案】A【考點(diǎn)】電勢能；

17、電場強(qiáng)度【解析】解：A、根據(jù)v-t圖象的斜率等于0，可知正電荷q在b點(diǎn)的加速度為0，在b點(diǎn)左側(cè)電荷做減速運(yùn)動，b點(diǎn)右側(cè)做加速運(yùn)動，則在b點(diǎn)受到兩點(diǎn)電荷的電場力平衡，可知Q2帶負(fù)電，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式得知Q2帶電荷量小于Q1，故A正確；B、在b點(diǎn)前做減速運(yùn)動，b點(diǎn)后做加速運(yùn)動，可見b點(diǎn)的加速度為0，受力為零，故b的場強(qiáng)為零，而a點(diǎn)的場強(qiáng)不為零，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)比a點(diǎn)的場強(qiáng)小，故B錯誤C、該電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)，做減速運(yùn)動，電場力做負(fù)功，電勢能增大，又因為該電荷為正電荷，所以電勢升高，則b點(diǎn)電勢比a點(diǎn)的電勢高故C錯誤D、由C分析得，粒子在a點(diǎn)的電勢能比b點(diǎn)的電勢能小，故D錯誤。17. 【答案】D【考點(diǎn)】

18、測定電源的電動勢和內(nèi)阻【解析】根據(jù)題意，電壓表2測得是電源的內(nèi)壓降，電壓表1測得是電源的外壓降，在外電路電流是從電源的正極流向負(fù)極，而在電源內(nèi)部，電流是從負(fù)極流向正極，所以A選項錯誤；當(dāng)滑動變阻器的滑動頭向右移動時，外電阻減小，所以外電壓減小，而且內(nèi)電壓增大，所以選項B和C都錯誤。兩個電壓表之和等于電源的電動勢，所以選項D正確。18. 【答案】C【考點(diǎn)】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系；變壓器的構(gòu)造和原理【解析】解：A、當(dāng)線圈與磁場平行時，感應(yīng)電流最大，故A錯誤；B、從垂直中性面計時，則感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為e=NBScost，故B錯誤；C、根據(jù)功率P=UI，當(dāng)電壓不變，則電流增大，從而可

19、確定觸頭P移動方向，故C正確；D、當(dāng)觸頭P向下移動，只會改變副線圈的電流，從而改變原線圈的電流，不會改變原線圈的電壓，故D錯誤故選：C19. 【答案】BC【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像；牛頓第二定律【解析】A、滑塊在斜面上運(yùn)動過程中，由于存在摩擦力，機(jī)械能不斷減小，經(jīng)過同一點(diǎn)時下滑的速度小于上滑的速度，回到出發(fā)點(diǎn)時的速度比出發(fā)時的初速度小故A錯誤B、設(shè)斜面的傾角為物體在上滑與下滑兩個過程中，所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同設(shè)上滑與下滑兩個過程加速度大小分別為a1和a2根據(jù)牛頓第二定律得：   mgsin+mgcos=ma1；mgsin-mgcos=m

20、a2；則得：a1=gsin+gcos，a2=gsin-gcos則有：a1a2故B正確C、在上滑過程中：上滑的位移大小為：重力勢能為：，為拋物線方程下滑過程：重力勢能為，H為斜面的最大高度，t0是上滑的時間，此為開口向下的拋物線方程所以C是可能的故C正確D、由于物體克服摩擦力做功，其機(jī)械能不斷減小，根據(jù)功能關(guān)系得：，可知E-t圖象應(yīng)為拋物線故D錯誤故選：BC20. 【答案】AC【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動；牛頓第二定律；向心力【解析】比荷相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，則運(yùn)動半徑的不同，導(dǎo)致運(yùn)動軌跡也不同運(yùn)動軌跡對應(yīng)的半徑越大，粒子的速率也越大而運(yùn)動周期它們均一樣，運(yùn)動時間

21、由圓弧對應(yīng)的圓心角決定21. 【答案】BC【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；焦耳定律；楞次定律【解析】解：A、B、金屬棒從軌道最低位置cd運(yùn)動到ab處的過程中，穿過回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知通過R的電流方向為由外向內(nèi)故A錯誤，B正確C、金屬棒做勻速圓周運(yùn)動，回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為Em=BLv0，有效值為，根據(jù)焦耳定律有：故C正確D、通過R的電量由公式：故D錯誤故選：BC22. 【答案】1.730 如圖所示 【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系【解析】解：（1）桿的有效寬度為d很小，A端通過光電門的時間為t，故可以用t時間內(nèi)的平均速度表示該段時間間隔內(nèi)

22、任意時刻的瞬時速度；故A端通過光電門的瞬時速度vA的表達(dá)式為：（2）通過表格數(shù)據(jù)可以知道質(zhì)點(diǎn)的動能與速度的平方成正比，即vA2=30h，所以畫出圖像如圖所示。（3）設(shè)桿長L，桿轉(zhuǎn)動的角速度為：在桿上取x長度微元，設(shè)其離O點(diǎn)間距為x，其動能為：。整理可以得到動能為。23. 【答案】如右圖所示 D 20 4 【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線【解析】解：由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，燈泡的電阻約為，跟電流表內(nèi)阻接近，所以用電流表外接法，電路圖如圖所示（2）因要求電壓從零開始變化，變阻器用分壓接法，應(yīng)選小阻值的D（3）R1和R2接串聯(lián)，電流相等，由U

23、-I圖象讀出電流I=0.25A，對應(yīng)的電壓為U=2.5V，所以R1和R2的電阻為：，R1 和R2總電阻R=20，此時R3接兩端的電壓U=E-U=6-2.5×2V=1V，所以故答案為：（1）如圖所示；（2）D；（3）20；424. 【答案】見解析【考點(diǎn)】萬有引力定律和圓周運(yùn)動【解析】(1) 地面附近 解得地球半徑：R= 飛船在橢圓軌道上運(yùn)行時具有的機(jī)械能：E= (2) 設(shè)飛船在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度為v2，飛船在橢圓軌道上運(yùn)行，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律 則聯(lián)立式得飛船在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度 (3)設(shè)飛船在圓軌道上運(yùn)行的速度為v3，由萬有引力定律和牛頓第二定律，則 解得v3= 由動量守恒定律

24、得 mv2=(m-m)v3 -mv0 由聯(lián)立解得 25、【答案】見解析【解析】：（1）設(shè)質(zhì)子經(jīng)過窄縫被第n次加速后速度為vn，由動能定理 nqUmvn2 第n次加速后質(zhì)子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑為Rn，由牛頓第二定律 Bqvnm 由以上兩式解得 Rn 則 （2）由牛頓第二定律 qma 質(zhì)子在狹縫中經(jīng)n次加速的總時間 t1 聯(lián)立解得電場對質(zhì)子加速的時間 t1d 質(zhì)子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期 T 粒子在磁場中運(yùn)動的時間 t2(n1) 聯(lián)立解得 t2 故質(zhì)子從離開離子源到被第n次加速結(jié)束時所經(jīng)歷的時間tt1t2d （3）設(shè)質(zhì)子從D盒邊緣離開時速度為vm Bqvmm 質(zhì)子獲得的最大動能為 Ek

25、maxmvm2 所以，要提高質(zhì)子被此回旋加速器加速后的最大動能，可以增大加速器中的磁感應(yīng)強(qiáng)度B。 （4）若加速氘核，氘核從D盒邊緣離開時的動能為Ek EkmaxEk 聯(lián)立解得 B1B 即磁感應(yīng)強(qiáng)度需增大為原來的倍 高頻交流電源的周期T，由質(zhì)子換為氘核時，交流電源的周期應(yīng)為原來的倍。 33. （1）【答案】BCDF【考點(diǎn)】布朗運(yùn)動，內(nèi)能【解析】A布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中的固體微粒的無規(guī)則運(yùn)動，是由大量液體分子的無規(guī)則撞擊形成的，表明了液體分子的運(yùn)動是無規(guī)則的，故A錯誤。B、一定質(zhì)量的理想氣體溫度不變，壓強(qiáng)增大則體積減小，因此外界對氣體做功，故B正確；C、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，機(jī)械能在引起其它變化的情況下，可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故C正確；D、根據(jù)分子勢能和分子之間距離關(guān)系可以知道，當(dāng)分子間距離等于分子間平衡距離時，分子勢能最小，故D正確；E、晶體并非都是有規(guī)則的幾何外形，如多晶體就沒有規(guī)則的幾何外形，故E錯誤；F、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可